围场满族蒙古族自治县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

1、围场满族蒙古族自治县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级座号姓名分数一、选择题1.甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v-t图像如图所示。已知两车在t=0时并排行驶，则（）A.两车另一次并排彳T驶的时刻是t=2sB.在t=3s时，甲车在乙车前7.5mC.在t=1s时，甲车在乙车后D.甲、乙车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m2.如图，闭合铜制线框用细线悬挂，静止时其下半部分位于与线框平面垂直的磁场中。若将细线剪断后线框仍能静止在原处，则磁场的的磁感应强度B随时间t变化规律可能的是3.（2016河北邯郸高三入学考试）在电场强度大小为E的匀强电场中，将一个质量为m、

2、电荷量为q的带电小球由静止开始释放，带电小球沿与竖直方向成0角的方向做直线运动。关于带电小球的电势能和机械能的判断，正确的是（）A.若sin0普，则电势能一定减少，机械能一定增加gB.若sin0=需,则电势能、机械能一定不变C.若sin0=qE-,则电势能一定增加，机械能一定减小mgD.若tan0=普，则电势能可能增加，机械能一定增加4 .将一只皮球竖直向上抛出，皮球运动时受到空气阻力的大小与速度的大小成正比，下列描绘皮球在上升过程中加速度大小a与时间t关系的图像，可能正确的是（）5 .（多选）如图所示，A、D分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，AB=BC=CD,E点在D点的正上方

3、，与A等高。从E点以一定的水平速度抛出质量相等的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程（）A.球1和球2运动的时间之比为2：1B.球1和球2动能增加量之比为1:2C.球1和球2抛出时初速度之比为2颇：1D.球1和球2运动时的加速度之比为1:2m、2m、3m,6 .如图所示，倾角为g的斜面静置于地面上，斜面上表面光滑，A、B、C三球的质量分别为轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，AB间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连接。弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，初始系统处于静止状态，现突然剪断细线或弹簧。下列判断正确的是A.弹簧被剪断的瞬间,A、B、C

4、三个小球的加速度均为零第16页，共14页B.弹簧被剪断的瞬间, C.细线被剪断的瞬间, D.细线被剪断的瞬间,A、B之间杆的弹力大小为零A、B球的加速度沿斜面向上，大小为gsin§A、B之间杆的弹力大小为4mgsing7 .质点作直线运动的速度一时间图像如图所示，该质点（）jLiht'A在第1秒末速度方向发生了改变B在第2秒末加速度方向发生了改变C在前2秒内发生的位移为零D第3秒末和第5秒的位置相同8 .（2018天星金考卷）目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小.若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中，只受到地球引力和稀薄气

5、体阻力的作用，则下列判断正确的是（）A.卫星的动能逐渐减小B.由于地球引力做正功，引力势能一定减小C.由于气体阻力做负功，地球引力做正功，机械能保持不变D.卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小9 .（2016河南郑州高三入学考试）如图所示，MPQO为有界的竖直向下的匀强电场，电场强度为E,ACB1一为光滑固定的半圆形轨迹，轨道半径为R,A、B为圆水平直径的两个端点，AC为j圆弧。一个质量为m,电荷量为一q的带电小球，从A点正上方高为H处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道。不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的运动情况，下列说法正确的是（）A.小球一定能从B点离开轨道B.小球在AC部

6、分可能做匀速圆周运动C.若小球能从B点离开，上升的高度一定小于HD.小球到达C点的速度可能为零10.如图所示，在光滑的水平面上，质量分别为mi和m2的木块A和B之间用轻弹簧相连，在拉力F作用下,以加速度a做匀加速直线运动。某时刻突然撤去拉力F,此瞬时A和B的加速度为ai和a2,则/7777777777777777T7777A.ai=a2=0B.ai=1,a2=011.图中a、b、c是匀强电场中同一平面上的三个点，各点的电势分别是Ua=5V, Ub=2V, Uc=3V,则在卜列各示意图中能表示该电场强度的方向是（）12. （2016 河北沧州高三月考）某物D体在竖直方向上的力 F和重力作用下,图

7、象如图所示，已知由静止向上运动，物体动能随位移变化0h1段F不为零，h1h2段F=0,则关于功率下列说法正确的是（A.。h2段，重力的功率一直增大B.0h1段，F的功率可能先增大后减小C.0h2段，合力的功率可能先增大后减小D.h1h2段，合力的功率可能先增大后减小13.一正弦交变电流的电压随时间变化的规律如电流A.周期为0.125sB.电压的有效值为10j2VC.电压的最大值为2072VD.电压瞬时值的表达式为u=10j2sin8nt（V）图所示。由图可知该交变abcd,线框所14.如图所示，两个线圈套在同一个铁芯上，线圈的绕向如图甲所示，左线圈连着正方形线框右侧线圈连接一定值电阻R,下列说

8、法中正确的是（A. ti时刻ab边中电流方向由a-b, e点电势高于f点在区域存在变化的磁场，取垂直纸面向里为正，磁感应强度随时间变化如图乙所示，不计线框以外的感生电场,B.设ti、t3时刻ab边中电流大小分别为ii、i3,则有ii<i3,e点与f点电势相等C. t2t4时间内通过ab边电量为0,定值电阻R中无电流D. t5时刻ab边中电流方向由a-b,f点电势高于e点15.如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地。在两极板间有一个固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，Ep表示点电荷在P点的电势能，0表示静电计指针的偏角。若保持下极

9、板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则A.0增大，E增大B.0增大，Ep不变C.0减小，ep增大D.Q减小，E不变X16 .如下图，滑块以初速度v0沿表面粗糙且足够长的周63定斜面，从顶端下滑，直至速度为零。对于该运动过程，若用h、s、v、a二分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t表示时间，则下列图像最能正确描述这一运动规律的是（）、填空题Rg=100夏,可变电阻R的最大连的表笔:人绯击:盘的正中当m ：大，但此表'"十十一（填“变ij等，一正电心=0,那么，当该电荷的电势17 .图示为简单欧姆表原理示意图，其中电流表的满偏电流Ir=300NA,内

10、阻阻值为10kG,电池的电动势E=1.5V,内阻r=0.5C,图中与接线柱A相颜色应是色，按正确使用方法测量电阻Rx的阻值时，指针指在刻度央，则R产kC.若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变仍能欧姆调零，按正确使用方法再测上述Rx,其测量结果与原结果相比较大”、“变小”或“不变”）。18 .如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，且相邻两等势面的电势差相荷在等势面M上时具有动能60J,它运动到等势面加上时，速度恰好为零，令能为12J时，其动能大小为Jo19 .如右图所示，平行的两金属板M、N与电源相连，一个带负电的小球悬挂在两板闭合开关后，悬线偏离竖直方向的角度为0。若保持开关闭合，

11、将N板向M板靠近,角将;若把开关断开，再使N板向M板靠近，0角将。（填“变大”、“变小”或“不变”）解答题20 .如图所示，装置甲中挂有小桶的细线绕过定滑轮，固定在小车上；装置乙中橡皮筋的一端固定在导轨的左端，另一端系在小车上。一同学用装置甲和乙分别进行实验，经正确操作获得两条纸带和，纸带上的a、b、c均为打点计时器打出的点。匚坦5Barn及此4H加!正带up!«|i!叩呷，n|iiiirii|rT|TiTijnm所mjni帅W叫叫叫叫叫叫叫叫rmp呻叩njnnj（1）任选一条纸带读出b、c两点间的距离为（2）任选一条纸带求出c、e两点间的平均速度大小为,纸带和上c、e两点间的平均速

12、度丫丫（填“大于”、“等于”或“小于”）；(3)图中(填选项)A.两条纸带均为用装置甲实验所得B.两条纸带均为用装置乙实验所得C.纸带为用装置甲实验所得，纸带为用装置乙实验所得D.纸带为用装置乙实验所得，纸带为用装置甲实验所得21 .家用电子调光灯的调光功能是用电子线路将输入的正弦交流电压的波形截去一部分来实现的，由截去部分的多少来调节电压，从而实现灯光的可调，比过去用变压器调压方便且体积小。某电子调光灯经调整后电压波形如图所示，求灯泡两端的电压的有效值。22 .如图所示，一带电为+q,质量为m的小球，从距地面高h处以一定的初速水平抛出，在距抛出点水平距离为L处有一根管口比小球略大的竖直细管，

13、细管的上口距地面h/2。为了使小球能无碰撞地通过管子，可在管子上方整个区域内加一水平向左的匀强电场。试求：(1)小球的初速度应为多大？(2)应加电场的场强大小？(3)小球从抛出经多长时间落到地面上?围场满族蒙古族自治县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理（参考答案）一、选择题1 .【答案】C2 .【答案】B【解析】【解析】因剪断细线后线框仍能静止在原处；可知安培力向上，根据楞次定律可知，穿过线；圈的磁通量增加，磁感应强度增强，选项D错误:设根据平衡知识=F安=W人=7即mg=（4+也）£上，式中mg、/、S、L及R均为定值，则随时间t的增加,k减小时，等式两边才能平

14、衡故选项B正确，AC错误故选B3 .【答案】B【解析】【名师解析】若sin0<mE,电场力可能做正功，也可能做负功，所以电势能可能减小也可能增大、g机械能可能增大也可能减小，A项错误；若sin0=韭，则电场力与速度方向垂直，电场力不做功，电势能、mg机械能一定不变，B项正确，C项错误；若tan。=韭，则电场力沿水平方向，电场力和重力的合力与速度方mg向同向，电场力做正功，电势能一定减少，机械能一定增加，故D项错误。4 .【答案】C【解析】设皮球受到的阻力为F=kv,根据牛顿第二定律可得mg+F=ma,两式联立可得mg+kv=ma,皮球上升过程中速度逐渐减小，则加速度也逐渐减小，且减小的越

15、来越慢，当v-0时a=g,故C项正确。5 .【答案】BC【解析】_【解析】因为仁短，所以的高度差是用3高度差的2倍,根据仁“得樵，解得运动的时间比为1：也，故A错误三根据动能定理得照行曲知球1和球2动靛增加量之比为1：2,故B正确fEQ在水平方向上的分量是DC在水平方向分量的2倍,结合户训。解得初速度之比为2伤：L故C正确孑平抛运动的加速度均为耳，两球的加速度相同，故D错误。6 .【答案】BCD【解析】若是弹簧被剪断，将三个小球看做一个整体，整体的加速度为a=gsm&,然后隔离a,对a分析，设杆的作用力为f,则尸+解空inJ;那。，解得f二。，a错误，b正确；剪断细线前，以a、B、c组

16、成的系统为研究对象，系统静止，处于平衡状态，合力为零，则弹簧的弹力为F=（3溺+2制+掰igsing=6鄱,以C为研究对象知，细线的拉力为3mgsin0O剪断细线的瞬间，由于弹簧弹力不能突变，弹簧弹力不变，以A、B组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得尸那+2gSlllS二I溺+2川必必，解得A、B两个小球的加速度为以心=gsing,方向沿斜面向上，以b为研究对象，由牛顿第二定律得：%-2缪m9=2假如,解得杆的拉力为。二4邀sing,故cd正确。7 .【答案】D8 .【答案】BD【解析】【参考答案】BD【命题意图】本题考查卫星的运动，功能关系及其相关的知识点。【名师解析】卫星在轨道半径遨斩变

17、小的过程中由于地球引力做正功，引力势能一定减小，卫星的动能增大，选项A错误B正确，由于气体阻力做负功j地球引力做正功，根据功能关系,，机械能（引力势能和动能之和）福小，选页C错误$由于卫星的动能熠大，地球引力做的正功等于引力势能的福小，所以卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小，选项D正确。9 .【答案】BC【解析】【名师解析】由于题中没有给出H与R、E的关系，所以小球不一定能从B点离开轨道，A项错误;若重力大小等于电场力，小球在AC部分做匀速圆周运动，B项正确；由于小球在AC部分运动时电场力做负功，所以若小球能从B点离开，上升的高度一定小于H,C项正确；若小球到达C点的速度为零，则电场力大

18、于重力，小球不可能沿半圆轨道运动，所以小球到达C点的速度不可能为零，D项错误。10 .【答案】D【解析】韩D杞月和3看我一小整体根据牛号鳄二定逢学；=,满离悲叁分析，弹黄的津力为:心叫i+用工.Z?1F修=用避=,翁去尸后，隔离时;分铲；=-=a福高酎5分析有：公二，二,靛吗+吗吗孙孙D正味.ABC绻在11 .【答案】D12 .【答案】BC【解析】【参考答案】BC【名师解析】根据物体动能随位移变化图象可知，动能先增大后减小，物体的速度先增大后激小，”曲段，重力的功率（负功率）先增大后堀小，选项A错误。力F大于重力，合力方向竖直向上>比段，尸的功率可能先增大后城小，选项B正确。比段，合力的

19、功率可能先增大后减小，选项C正确，比瓦段，物体速度遍小,合力的功率减小，选项口错误。13 .【答案】B【解析】试题分析：由电压随时间的变化规律可知，周期为0.250s,故A不对；电压的最大值为20V,故电压的有效值为20V=1042V,B是正确的；C是不对的；电压瞬时值表达式中，最大值是10V2V是不对的，应该是20V,故D也不正确。考点：交流电的电压与时间的关系。14 .【答案】B【解析】：A、"时刻磁场方向向里且均匀增加，根据楞次定律，线框中感应电流与&逆时针方向，ab边中电流方向由口-，根据法拉第电磁感应定律知，正方形线框中的感应电动势是恒定值，原线圈中电流值恒定，副线圈中不产生感应电动势，e点电势等于f点电势，故A错误；nA0AjBE=.=n=S<B、根据法拉第电磁感应定律Ar，叼时刻磁感应强度的变化率小于3时刻的磁感应强度变化Ej=.率,13，根据欧姆定律R，知，所以B选项是正确的；C、与“4时间内磁感应强度均匀变化，磁通量均匀变化，有恒定感应电流通过ab,通过ab边的电量不为0,副线圈磁通量不变，定值