2019-2020学年四川省成都市双流区棠湖中学高三(下)第三次月考物理试卷

1、201%2020学年四川省成都市双流区棠湖中学高三（下）第三次月考物理试卷一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1.如图所示为氢原子的能级图，用某种频率的光照射大量处 nEf于基态的氢原子，受到激发后的氢原子只辐射出三种不同 一二-旭J I J I-13.6频率的光“、氏C,频率% > % >%,下列说法正确的是（）23.40A.照射氢原子的光子能量为12.75ePB.从九=3能级跃迁到 =2能级辐射出的光频率为分C.从n = 3能级跃迁到 =1能级辐射出的光频率为D.光a能使逸出功为10.2eV的某金属发生光电效应2.一辆汽车以20m/s的速度在平直的公路上行驶，当驾驶员发现

2、前方有险情时，立即 进行急刹车，刹车后的速度V随刹车位移X的变化关系如图所示，设汽车刹车后做 匀减速直线运动，则当汽车刹车后的速度减小为12m/s时，刹车的距离均为（）D. 14.8 m第3页，共14负3.太阳周围除了八大行星，还有许多的小行星，在火星轨道与木星轨道之间有一个小 行星带，假设此小行星带中的行星只受太阳引力作用，并绕太阳做匀速圆周运动, 则（）小行星带A.小行星带中各行星绕太阳做圆周运动周期相同B.小行星带中各行星绕太阳做圆周运动加速度大于火星做圆周运动的加速度C .小行星带中各行星绕太阳做圆周运动周期大于木星公转周期D.小行星带中某两颗行星线速度大小不同，受到太阳引力可能相同4

3、.航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的.电 磁驱动原理如图所示，在固定线圈左右两侧对称位 置放置两个闭合金属圆环，铝环和铜环的形状、大 小相同，已知铜的电阻率较小，则合上开关S的瞬 间（）A.两个金属环都向左运动B.两个金属环都向右运动C.铜环受到的安培力小于铝环到的安培力D.从左侧向右看，铝环中感应电流沿顺时针方向明定线图Efim福环出只5.如图，理想变压器原、副线圈匝数之比为1： 2,原 线圈与固定电阻Ri串联后，接入输出电压有效值恒 定的正弦交流电源。副线圈电路中负载电阻为可变 电阻丑2, A、V是理想电表。当& = 2%时，电流 表的读数为LA,电压表的读数为4V,贝lj（

4、） A.电源输出电压为8VB.电源输出功率为4WC.当公 = &2时，变压器输出功率最大D.当& = 8。时，电压表的读数为3y 二、多选题（本大题共5小题，共27.0分）6.7.如图所示，。是水平面，A8是斜而，初速度为外的物体 从D点出发沿DBA滑动到顶点A时速度刚好为零，如果 斜而改为AC,让该物体从。点出发沿。CA滑动到顶点A 且速度刚好为零，若已知该物体与路而之间的动摩擦因数 处处相同且不为零，则由此可知（）A.该物体从。点出发（沿DCA滑动刚好到顶点力）初速度一定也为必 B.该物体从D点出发（沿DCA滑动刚好到顶点力）初速度不一定为必 C.该物体从A点静止出发沿AC

5、D滑动到。点的速度大小一定为% D.该物体从A点静止出发沿ACD滑动到D点的速度一定小于北 用轻杆通过校链相连的小球A、B、C、D、E处于 竖直平而上，各段轻杆等长，其中小球A、8的质 量均为2?，小球。、D、E的质量均为现将A、 8两小球置于距地面高力处，由静止释放，假设所 有球只在同一竖直平而内运动，不计一切摩擦，则 在下落过程中（）BA.小球A, B, C, D, E组成的系统机械能和动量均守恒B.小球B的机械能一直减小C.小球8落地的速度大小为J荻D.当小球A的机械能最小时，地面对小球C的支持力大小为，心8.如图所示，质量均为小的物块、人用一根劲度系数为k的轻弹簧相连接，放在倾 角为6

6、的足够长光滑固定斜而上，且“是带电量为+q的绝缘物块，不带电，C为 固定挡板。整个装置处于磁感应强度大小为8、方向垂直纸面向里的匀强磁场中, 系统处于静止状态。现用一外力F沿斜而方向拉物块”使之向上做匀加速运动，当 物块”刚要离开斜面时物块b恰将离开挡板C.重力加速度大小为g,则此过程中（）A.物块”运动的距离为号吧B.刚要离开挡板时弹簧弹力为27ngsmeC.夕卜力F做的功为也过位 kD.物块运动的时间为蟠誓9 .下列说法正确的是（）A.若一种液体不浸润某种固体，则一定也不浸润其他固体B.当液体与固体之间表现为浸润时，附着层内分子间距离小于液体内部分子间距 离C.液体表面层分子间距离大于液体

7、内部分子间距离，表面层分子力表现为引力， 引力的方向垂直于液而指向液体内部D.不同晶体的熔化热不同，而非晶体没有固定的熔化热E. 一定质量的物质，在一定的温度和压强下，汽化时吸收的热量与液化放出的热 量相等10 .下列说法正确的是（）A.机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象B.在同一种介质中，不同频率的声波的传播速度不同C.黄光的双缝干涉条纹间距可能小于蓝光双干涉条纹间距D.做简谐运动的物体，其振动能量与振幅无关E.机械波的频率、波长和波速三者满足的关系，对电磁波也适用三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）11 .如图1所示为测量物块与木板间的动摩擦因数的实验装置，挡光条固定在物块的最 前

8、端，光电门固定在木板上，并靠近物块的初始位置。已知挡光条的宽度为，当 地重力加速度为（1）调整实验装置，使木板水平，物块被弹射器弹开，在木板上做减速运动，通过光电门时，数字计时器记录挡光条的挡光时间为3测得光电门中心到物块停止时其最前端的距离为尤重复以上实验过程，多得几组数据。以 12为纵坐标，以三X为横坐标，得到如图2所示的图线，已知图线的斜率为则木块与木板间的动摩 擦因数 =（用字母表示）。（2）考虑到空气阻力的影响，的测量值与真实值相比（填“偏大”“偏小”或“相等” ）012 .某同学想用下列实验器材来测定一电源的电动势E和内阻r,同时测量一阻值约为 几十欧姆的电阻的阻值，实验器材如下：

9、亳安表m4（量程0120mA）:电压表（量程06P）;滑动变阻器R（阻值范围0 - 30012）：导线若干，开关s-个该同学的实验步骤如下：设计如图中所示的电路图，正确连接电路：滑动变阻器滑片处于阻值最大位置，闭合开关S,通过减小滑动变阻器接入电路第#页，共14页的阻值测出多组u和/的数据，最后得到如图乙所示的U-/图象:一一llt4 IKa f 4年丘土工翡£聋 修!"哄a崎15濯送摆H 汾1H嬖齿斗”?;:!«: :“4国困第5页，共14负断开开关S将待测电阻&,改接在N、之间，间用导线相连，重复试验步 骤，得到另一条U 1图线，图线与纵轴的交点坐标为

10、(O,Uo),与横轴的交点坐 标为。0,0)。(1)请根据图甲的电路图将图丙中实物图连接好。(2)根据图乙的图线，可得该电源的电动势E=匕内阻r=Po(3)待测电阻的阻值表达式为& =。(用题中字母表示)(4)设实验中所用的电压表和亳安表均为理想电表，心接在财、N之间与接在N、H 之间，滑动变阻器的滑片从阻值最大处滑向中点位置的过程中，对比两种情况，则 亳安表的示数变化范围，电压表示数变化范围(选填“相同”或“不同”)N图甲四、计算题(本大题共4小题，共52.0分)13 .电磁缓冲车是利用电磁感应原理进行制动缓冲，它的缓冲过程可以等效为：小车底 部安装有电磁铁(可视为匀强磁场)，磁感应

11、强度大小为从方向竖直向下。水平地 面埋着水平放置的单匝闭合矩形线圈"机"如图甲所示。小车沿水平方向通过线 圈上方，线圈与磁场的作用连同其他阻力使小车做减速运动，从而实现缓冲，俯视 图如图乙所示。已知线圈的总电阻为心，沿边长为L(小于磁场的宽度)。小车总质 量为相，受到的其他阻力恒为凡小车上的磁场边界MN与“边平行，当边界MN 刚抵达外边时，速度大小为火.求：照甲图乙(1)边界MN刚抵达外边时线圈中感应电流/的大小;(2)整个缓冲过程中小车的最大加速度的大小14 .如图，水平而上有质量tha = Mg的木板A,其上右端点放有质量= Mg的物块 8(可视为质点)"的左

12、侧用长度1 = 3.6m的轻绳悬吊一质量为= 0.5kg的小球C, 。静止时恰好与A接触但无挤压且不触地，现将。沿A、B所在竖直平而向左拉起， 当细线与竖直方向成6 = 60。角时由静止释放，。运动到最低点时与A发生碰撞， 碰后。立即静止，最后物块3没有从A上滑出，已知B与A间的动摩擦因数1 = 0.10, A与地面间的动摩擦因数2 = 045,取g = 10m/s2,不考虑C与A碰撞的时间， 求：(1)碰后瞬间A速度的大小：(2)碰后木板A运动的时间。15.如图所示，亚铃状玻璃容器由两段粗管和一段细管连接而成。容器 竖直放置。容器粗管的截而积为Si = 2cm2,细管的截而积Sz = 1cm

13、2, 开始时粗细管内水银长度分别为儿=电=2rm,整个细管长为h = 4cm0封闭气体长度为L = 6cmo大气压强为= 76cmHg,气体 初始温度为27。C求：若要使水银刚好离开下面的粗管，封闭气体的温度应为多少K 若在容器中再倒入同体积的水银，且使容器中封闭气体长度L仍 为不变，封闭气体的温度应为多少K第7页，共14页16.不同透明介质制成的直角三棱镜甲和乙，并排放在 一起刚好构成一截面为正三角形的棱镜，甲的折射 率为叼=1.5, 一细光束由AB边的中点O斜射入棱 镜甲，已知入射光线在A8边的入射角的正弦值为 sini = 0.75,经折射后该光束刚好在棱镜乙的AC边 发生全反射，最后从

14、8。边射出。已知真空中的光速” 为c = 3 X lO&m/s, A5边的长度为1 = 6cm。求该 细光束在棱镜中的传播时间。答案和解析1.【答案】D【解析】解：根据公式或=3,可知，n = 3,因此受到激发后的氢原子处于第九=3能 级：A.根据氢原子由九=3跃迁到 =1产生的光子能量与从 =1跃迁到n = 3所吸收的光子 能量相等可知，照射氢原子的光子能量为: &1 =&一& = -1.51 - (-13.6)= 12.09W,故A错误：B.频率大小关系为% > % > %,从n = 3跃迁到n = 2辐射出的能量最小，即其对应的 光频率为%,故

15、B错误；C氢原子由=3跃迁到n=l产生的光的能量最大，辐射出的光频率为%,故C错误; D氢由 =3跃迁到 =1产生的光的能量12.09eL依据光电效应方程，所以能使逸出 功为10.2eV的金属能发生光电效应，故。正确。故选：D。根据数学组合公式或，求出氢原子跃迁的能级数，并依据能级间跃迁时，辐射的光子能 量等于两能级间的能级差，能级差越大，辐射的光子频率越高：根据光电效应方程，及 其发生条件，从而即可一一求解。解决本题的关键知道光电效应的条件，以及知道能级间跃迁时福射或吸收的光子能量等 于两能级间的能级差，掌握相射光子的种类计算方法：先确定氢原子吸收能量后跃迁到 那一能级是本题的突破口。2 .

16、【答案】B【解析】解：汽车刹车后做匀减速直线运动，设加速度大小为心则诏= 2ax,由图知 v0 = 20m/s, x = 20m,解得a = 10m/s2o当v = 12m/s时，汽车刹车的距离刈=等=耍新=12.8m故选：及汽车刹车后做匀减速直线运动，根据速度位移公式求出汽车的加速度大小，再由该公式 求私。本题首先读懂图象的意义，获取有效信息，能灵活选择运动学公式，并能熟练运用。3 .【答案】D【解析】解：A、小行星受到的万有引力提供向心力，故：G等=m(岸>r,解得：T = 2n 1不同的小行星的轨道半径不同，故周期不同，故A错误； 7 GM8、小行星受到的万有引力提供向心力，故：G

17、-=ma解得：a = G2,小行星的轨道半径大于火星的轨道半径，故小行星带中各行星绕太阳做圆周运动加速度小于火星做圆周运动的加速度，故B错误：C、由于7 = 2兀E，小行星的轨道半径小于木星的轨道半径，故小行星带中各行星绕 7 GM太阳做圆周运动周期小于木星公转周期，故C错误：。、小行星带中某两颗行星线速度大小不同，说明轨道半径不同，但质量也不同，故受到太阳引力可能相同，故O正确：故选：D.根据万有引力提供向心力得出周期、向心加速度的表达式，结合轨道半径的大小进行比 较。解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论，并能灵活运用，要知道线速度、 角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系，并

18、能熟记。4 .【答案】D【解析】解：A3、若环放在线圈两边，根据“来拒去留”可得，合上开关S的瞬间，环 为阻碍磁通量增大，则环将向两边运动，故AB错误；C、由于铜环的电阻较小，故铜环中感应电流较大；故铜环受到的安培力要大于铝环， 故。错误：D.线圈中电流为右侧流入，磁场方向为向左，在闭合开关的过程中，磁场变强，则由 楞次定律可知，电流由左侧向右看为顺时针，故。正确： 故选：D.由右手螺旋定则可求得线圈中的磁场方向，再由楞次定律明确电流方向及环的受力方向。 本题要掌握楞次定律的两种描述，一是“增反减同”：二是“来拒去留”：并能灵活根 据它们去判断电流方向及受力方向。5 .【答案】C【解析】解：A

19、、电流表的读数：/2 = 14电压表的读数：4 =4*根据欧姆定律可 知，R2 = = 4H,当& = 2%时，得 = 2心 理想变压器原、副线圈匝数之比为1： 2,根据电压与匝数成正比得原线圈电压：仆=2心 根据电流与匝数成反比得原线圈电 流：IL = 2A,所以电源输出电压：U = UL+ = 2V+2X2V = 6V,故A错误： B、电源输出功率为P = U，i = 12W,故B错误：C、通过副线圈电流：%若,通过原线圈电流：0=姜，分析原线圈，根据闭合电路欧姆定律可知，（/ = *+*,解得：出=翳，变压器输出的功率：2 = 箸 = g4H 十 ®144 否 _ 14

20、4R2 _144+眈%=7=&+*16,当7?2 = &2时，变压器输出的功率P2最大，即为4.5W,故。正确；D、当& = 时，& =加瓦'=6心即电压表的读数为6匕故。错误。故选：Co根据串并联电路的规律和欧姆定律可以求得两电阻的阻值，根据电压与匝数成正比和电 流与匝数成反比求出电源的输出电压，计算输出功率。根据闭合电路欧姆定律，用电阻&表示变压器的输出功率，根据数学知识分析阻值多少 时，输出功率最大。根据功率公式，计算阻值为8n时，电压表的读数。此题考查了变压器的工作原理，解题的关键是掌握住理想变压器的电压、电流之间的关 系即可解决本题。6

21、 .【答案】A。【解析】解：高斜面的高度为人A3、物体从。点沿05A滑动到顶点A的过程中，由动能定理得：mg/i -卬ng 孙8 -1 2fxmgcosa -= 0 - -hiVq由几何关系= x0B.因而上式可以简化为一mgh mg - xDB 一卬ng -x0B =诏，即mgh + xmg - xD0 =纲诏由此可以看出，物体从。点出发沿不同路径滑动到A点且速度刚好为零时，物体的初 速度不变，所以，该物体从。点出发（沿OCA滑动刚好到顶点4）初速度一定也为外,故 A正确，B错误：CD、该物体从A点静止出发沿ACQ滑动到。点的过程，由动能定理得：mgh - nmg -xD0 =:小珀-0，与

22、mgh + fimg - xD0 =诏对比可得为V %，故C错误，。正确。故选:ADO物体从。点滑动到顶点A过程中，分为水平和斜面两个过程，由于只有重力和摩擦力 做功，根据动能定理列式求解初速度的大小。该物体从A点静止出发沿AC。滑动到D点的过程，再利用动能定理分析滑动到D点的 速度大小。本题关键根据动能定理列式，结合滑动摩擦力做功与水平位移有关，对所列方程进行讨 论得出结论。同时要注意记住本题中所得出的结论。7 .【答案】CD【解析】【分析】根据系统的合外力是否为零，判断系统的动量是否守恒。根据是否只有重力做功，判断 系统的机械能守恒。根据外力做功情况，分析8球机械能的变化情况。小球8落地时

23、, C、D、E的速度均为零，A、8速度相同，根据小球A、B、C、D、E组成的系统机械 能守恒求小球8落地的速度大小。当小球A的机械能最小时，轻杆张力为零，由平衡条 件求地而对小球C的支持力大小。解答本题的关键是弄清楚小球C、E和A、8的运动情况，明确机械能变化情况，要知 道小球A机械能最小的条件是轻杆张力为零。【解答】A.小球A和8在竖直方向有加速度，系统竖直方向合外力不为零，则系统的合外力不为 零，动量不守恒。由于只有重力做功，故系统的机械能守恒，故A错误。8由于杆8。对小球3、E及杆8E组成的系统不做功，所以系统机械能守恒，而E球的 初速度为零，末速度也为零，动能先增大后减小，所以5球的机

24、械能先减小后增大，故 B错误：C小球8落地时，C、。、E的速度均为零，A、8速度相同，设为心根据小球A、B、C、D、E组成的系统机械能守恒得2mM =2得 =J诉，故。正确。D机械能先减小后增大，轻杆对A球先做负功后做正功，当轻杆张力为零时，小球A 的机械能最小，此时地而对小球。的支持力大小为犯g,故。正确。故选C28 .【答案】AD【解析】【分析】根据胡克定律求出初末状态的弹簧的形变量，求出“的运动距离：当”刚要离开斜而时 支持力为零，洛伦兹力和重力垂直斜而的分力平衡，求出刚要离开斜面时的速度，根据 运动学公式求出“运动的时间：对由动能能定理求出外力做的功。第9页，共14页本题是连接体问题，

25、关键是正确分析物体的受力情况，判断能量的转化情况，要灵活运 用功能原理分析物体机械能的变化情况。【解答】A、开始时弹簧的压缩量21Z =胃吧.当物块恰好离开挡板。时，弹簧伸长量：4X2 =巴誓.则物块运动的距离为44 = /%+ /%2 =也等，故A正确； KKB、刚要离开挡板时弹簧的弹力：T = mgsinO,故B错误：C、根据动能定理得：w - mgAxsinO = -mv2,解得：IV =血§ g十"：故 2k2q2B2C错误；。、当离开斜面时满足：mgcosO = qvB,解得：v = mgs9物块“运动的时间为:1 =竺=三吧，故。正确； v k故选：ADO9 .

26、【答案】BDE【解析】解：A、一种液体是否浸润某种固体与这两种物质的性质都有关系，如水可以 浸润玻璃，但是不能浸润石蜡，故A错误：8、液体与固体之间表现为浸润时，附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离，附 着层内分子间作用表现为斥力，故B正确：C、液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液而分子间表现为引力，所以液 体表面具有收缩的趋势，表而张力总是与液面相切，故C错误；D.晶体在熔化过程中要吸热，但温度不变，这个温度叫做晶体的熔点，不同晶体熔点 不同，故不同晶体的熔化热不同，而非晶体没有固定的熔点，所以非晶体没有固定的熔 化热，故。正确：E、一定质量的物质，在一定的温度和压强下，汽化时

27、吸收的热量与液化时放出的热量 相等，故E正确：故选:BDEe一种液体是否浸润某种固体与这两种物质的性质都有关系，熔化是物质由固态变为液态 的过程，熔化是需要吸收热量的。晶体、非晶体的区别，晶体有固定的熔点，而非晶体 没有固定的熔点。本题考查了液体的表面张力、晶体的性质以及内能的性质，要注意基本概念的理解和应 用。10 .【答案】ACE【解析】解：A、所有的波都具有的特性是：能产生干涉和衍射现象。故4正确： 8、机械波的传播速度由介质决定，和频率无关，故不同频率的声波在同一种介质中的 传播速度均相同，故8错误：C、根据可知，当用同一装置做双缝干涉实验时，双缝干涉条纹间距与光的波长成正比。黄光的波

28、长比蓝光长，所以黄光的双峰干涉条纹间距大于蓝光双缝干涉条纹 间距。但是用不同装置做双缝干涉实验时，黄光的双缝干涉条纹间距可能小于蓝光双缝 干涉条纹间距，故c正确：。、简谐运动的物体，其振动能量用振幅来反映，故。错误：E、机械波的频率、波长和波速三者满足的关系，对电磁波也适用，故石正确。 故选：ACEO明确波的性质；将机械波和电磁波进行类比，抓住共同点：波速公式籍="适用于一切 波：波都能产生干涉和衍射现象。不同点：机械波的传播依赖于介质，而电磁波可以在 真空中传播：机械波有横波和纵波，电磁波只有横波本题考查全反射、电磁波、相对论及光的干涉，内容较多：但难度不大；只需掌握相关 的物理规

29、律即可顺利求解。11 .【答案】上偏大【解析】解：(1)物体通过光电门时的速度为% =,物块在木板上做减速运动的加速度大小a = g,由运动学公式有f 2 一诏=-2ax,解得：则图线的斜率k =即4=袅：2 ng 2kg(2)考虑空气阻力的影响，/值的测量值与真实值相比偏大；故答案为：(1)+：(2)偏大；根据牛顿第二定律求出物块运动的加速度，结合运动学公式求出 t2-:的函数关系式, 利用斜率求出表达式即可：本题通过牛顿第二定律结合运动学公式求出动摩擦因数的表达式即可。12 .【答案】6.0 25 -r相同不同10【解析】解：(1)根据图示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示:(2)由

30、图示电源U /图象可知，电源电动势：E = 6.0P,电源内阻：25/2；(3)待测电阻接在NH间，待测电阻与电源组成等效电源，等效电源的内阻:Rx +=自，*0待测电阻阻值：Rx = -r.(4)R“接在2、N之间与接在N、之间，滑动变阻器的滑片从阻值最大处滑向中点位 置的过程中，电路总电阻变化情况相同，亳安表的示数变化范围相同，由于电源等效内阻不同，电源 内电压不变，则路端电不同，电压表示数变化范围不同。故答案为：(1)实物电路图如图：(2)6.0： 25； (3)台-r： (4)相同：不同。*0(1)根据图示电路图连接实物电路图。(2)电源U-/图象纵轴截距等于电源电动势，图象斜率的绝对

31、值等于电源内阻。(3)根据等效电源的U-1图象求出等效电源内阻，然后求出待测电阻阻值。(4)根据图示电路图分析滑动变阻器滑片移动过程电表变化范围是否相同。本题考查了测电源电动势与内阻实验，知道实验原理是解题的前提，电源U-1图象纵 轴截距是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻；求出等效电源内阻然后可以求 出待测电阻阻值。13 .【答案】解：(1)当边界刚抵达油边时，线圈中产生的感应电动势为E =感应电流z =-r解得/=竺& r(2)小车上的磁场边界MN刚抵达外边时加速度最大。据牛顿第三定律，知小车受到的安培力尸 =尸发对小车，由牛顿第二定律得：F + f = mam联立得：a_

32、B2l?vFr m =答：(1)边界MN刚抵达ab边时线圈中感应电流/的大小为学;(2)整个缓冲过程中小车的最大加速度的大小为些竺上 77ir【解析】(1)当边界MN刚抵达外边时，速度大小为%,由公式E = 求出感应电热 势，再由闭合电路欧姆定律求出感应电流A(2)小车上的磁场边界MN刚抵达外边时加速度最大。根据法拉第电磁感应定律、欧姆 定律和电流的定义式及牛顿第二定律就能求出小车的最大加速度。小车进入磁场过程切割磁感线产生感应电动势，要分析清楚小车运动过程，应用E = BLv,法拉第电磁感应定律、欧姆定律、安培力公式、牛顿第二定律即可解题。14 .【答案】解：(1)设。与A碰撞时的速度大小为

33、陛，C与A碰撞前的运动过程，由机 械能守恒定律得mcgl(l - cos60°) = "c虎：设碰后木板A的速度大小为力对于。与A碰撞过程，取向右为正方向，由动量守恒定 律得mcvc = rrtAvA,解得以=3.0m/s(2)设C与A碰撞后A运动的加速度大小为由, B运动的加速度大小为做，经过时间匕，A、8两物体速度相等，设为小根据牛顿第二定律得：对 A 有1巾8。+ 2(啊 + mjg =啊的 ,对 8 有 HimBg = mBa2解得的 = 4.0m/s2, a2 = 1.0m/s2速度相同时有=以一=。211，解得廿=0.6m/s, tL = 0.6s；A3共速之后

34、，B做匀减速运动，A做匀减速运动。假设A、8以共同的加速度减速，则其加速度。3 =+=l.Sm/s2对B研究，其最大静摩擦力提供的加速度。4 = Im/s?因为a4 <。3,故两者不能以共同加速度减速。对 A 研究，由2(叫4 + mB)0 一J 解得= 2.0m/s2由运动学公式有0 =廿一的/打，解得今=03s此后木板A保持静止，碰后木板A运动的时间t =以+ J = 0.9s答：(1)碰后瞬间A速度的大小是3.0m/s：(2)碰后木板A运动的时间是0.9s。【解析】分析清楚三个物块的运动过程是正确解题的关键，分析清楚物体的运动过程, 注意判断速度相同的状态，要知道碰撞遵守的基本规律：动量守恒定律，要注意。与A 碰撞过程中，8没有参与。(1)先研究。与A碰撞前的运动过程，由机械能守恒定律求出碰撞前瞬间C的速度。再 研究碰撞，对C、A系统，根据动量守恒定律求碰后瞬间A速度的大小：(2)碰后木板A做匀减速运动，8做匀加速运动，由牛顿第二定律求得它们的加速度， 再由速度公式得到它们速度相同时经历的时间。之后两者一定匀减速，直到停止，再判 断出两者以不同的加速度减速，对A研究，由牛顿第二定律和速度公式求减速运动的时 间，从而求得运动的总时间。15 .【答案】解：气体初状态参量：P1=P0+ Phl + Ph2 = SOcmHg, % = T1 = 273 + 27