辽宁省丹东市2015届中考物理模拟试卷（一）（含解析）

1、2015年辽宁省丹东市中考物理模拟试卷（一）一、选择题（17单选，810多选）1下列有关声现象的说法中正确的是( )A声音可以在真空中传播B在不同物质中声速均为340m/sC不同乐器发出的声音，音色相同D禁止鸣笛是在声源处控制噪声2下列物态变化中，属于汽化的是( )A水沸腾时壶口冒“白气”B洗过的湿衣服被晾干C衣柜中的樟脑球变小D深秋草叶上结出“白霜”3下面四幅图中反映电磁感应现象的是( )ABCD4下列的四种现象中，属于光的折射现象的是( )A水中倒影B透过树叶间的阳光C水中弯折的铅笔D物体的影子5在如图所示的“探究液体内部压强特点”的实验中，将压强计的探头放入水中，下列做法中能使U形管两边

2、液面的高度差减小的是( )A将探头放在同样深度的浓盐水中B将探头在原位置转动180°C将探头向下移动一段距离D将探头向上移动一段距离6下列关于能量转化的说法正确的是( )A砖木取火的过程中，内能转化为机械能B电动机在通电转动过程中，机械能转化为电能C人造卫星从近地点向远点沿椭圆轨道绕地球运动过程中，重力势能转化为动能D汽油机工作过程中，化学能转化为机械能7如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器闭合开关S后，在滑片P从最左端向右移动到中间位置的过程中，下列说法正确的是( )A电流表A1和电流表A2的示数都变大B电路总功率变大，电压表V的示数不变C电路总功率变小

3、，电压表V的示数不变D电流表A2和电压表V的示数都保持不变8关于材料与技术的应用，下列说法中正确的是( )A纳米材料制成的奶瓶具有抑制细菌生长的功能B核潜艇是利用核裂变提供动力，核能属于可再生能源C我们日常生活中使用的二极管是由导体制成的D超导材料电阻为零，所以适合做输电线9如图是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是( )A甲、乙两次实验都应用了控制变量法B甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多C乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系D乙实验通电一段时间后，右侧U形管中液面的高度差比左侧的小10如图所示的滑轮组，每个滑轮重50N，用这个滑轮组把质量为

4、45kg的重物在2s内匀速提升2m，不计绳重和摩擦，下列说法中正确的是：（g=10N/kg）( )A作用在绳自由端的拉力F为125NB在2s内做的有用功为900JC该套装置的机械效率为90%D若所挂物体越重，该滑轮组机械效率越小二、填空题11如图所示的游戏情境，小孩将毽子向上踢出，表明力可以改变物体的_；毽子被踢出后，在_力的作用下，毽子最终会落向地面12身高1.6m的小红站在平面镜前2m处，她看到自己的全身像，她的像高是_m，她和像之间的距离是_m“镜中的小红”是_（填“虚”或“实”）像13考试钟声敲响后，同学们开始答题钟声是由钟_产生的，钟声通过_传到同学们的耳朵14同学们的文具盒里，有许

5、多学习用品的使用属于杠杆原理的应用例如：打开文具盒，将盒盖上翻过程中，文具盒的盒盖相当于_（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；用墨色水笔答题时，笔相当于_（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆15电子式电能表表盘上标有“3000imp/kWh”的字样（imp表示电能表指示灯闪烁次数），将某用电器单独接在该电能表上，正常工作30min，电能表指示灯闪烁了600次，则该用电器在上述时间内消耗的电能是_kWh，该用电器的功率是_W16如图所示，我国第一艘航空母舰“辽宁号”的排水量为67500t，它满载时受到的浮力为_ N（g=10N/kg）当甲板上的某飞机起飞时，以该飞机为参照物，“辽宁号”

6、是_的（选填“静止”或“运动”）17盛夏，我国沿海地区通常比沙漠地区的昼夜温差小，原因之一是水和沙石的比热容不同比较水与沙石的比热容，_的比热容较大18如图所示，将一重力为18N，体积为2×103m3的蜡块用细线系在弹簧测力计的挂钩上，将它浸没在酒精中，则蜡块受到的浮力是_N，此时测力计的示数是_N（g=10N/kg，酒精=0.8×103kg/m3）19如图甲所示电路，电源两端电压U不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器当开关S闭合后，改变滑动变阻器接入电路的电阻，其电流与电压的关系如图乙所示求：（1）滑动变阻器R2接入电路的最大阻值为_，电源两端电压为_V；（2）定值电阻

7、R1的电阻值；（3）电路消耗电功率的最大值20如图所示是“探究物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置（1）该实验利用了转换法，通过观察_来判断_（选填“小球”或“木块”）动能的大小；（2）让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下，推动木块做功目的是为了探究动能的大小与_的关系；（3）换用质量不同的小球，使它们从斜面的_（选填“相同”或“不同”）高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与_的关系三、作图题21一束光从水中斜射向水面上O点，发生反射和折射，请在图中作出此光线的反射光线和折射光线，并标出反射角的大小22某剧组为拍摄节目需要，设计了如图所示的拉力装置来改变照明灯的高度，轻质

8、杠杆ABO可绕O点转动，请在图中画出：（1）杠杆所受拉力的力臂L1；（2）杠杆所受阻力F2的示意图23根据图中通电螺线管的N极，请标出磁感线的方向和小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极四、简答题242013 年新交法规定坐在副驾驶座位上的乘客在车行驶的过程中也必须系安全带，小明及家人在出游乘车时也遵守了这一规定，小明同时还发现安全带做得很宽，请解释为什么要系安全带及安全带做得宽的原因五、计算题25阿根廷科学家设计了一款“牛屁屁收集器”，在牛背上装有一个塑料袋，通过导管收集牛体内排出的气体，从一头成年牛排放出的气体中平均每天可提取0.21kg甲烷，若这些甲烷完全燃烧放出的热量有80%被水吸

9、收，可使多少质量的水从20升高到70（q甲烷=5.6×107J/kg）26某校学生乘校车到校外的考点参加中考校车与学生的总质量为8000kg，车轮与地面的接触总面积为0.25m2该校车在某段平直公路上匀速行驶9km，用时15min（g取10N/kg）求：（1）校车对水平地面的压强；（2）若发动机的功率为60kW，求发动机的牵引力27图甲是用来焊接PVC塑料管道的热熔器外观照片其内部电路如图乙，S1是手动电源开关S2是温控开关，作用是完成“加热模式”和“保温模式”之间的切换L是指示灯（在S1闭合情况下L始终能正常发光），R1是限流电阻下表是有关元件的物理参数（元件）项目参数（元件）项目

10、参数电源电压220VL灯0.1A 2W加热功率1210W（不含L及R1的功率）R2202（1）求R1的阻值；（2）求保温功率（不含L和R1的功率）；（3）求该热熔器（全电路）在保温模式下1min消耗的电能六、实验探究题28如图，在探究光的反射定律时，将一块平面镜放在水平桌面上，再把一块纸板垂直放置在平面镜上（1）实验时让光贴着纸板入射是为了_（2）如果纸板没有与平面镜垂直放置，当光贴着纸板沿AO入射时，_（填“能”或“不能”）在纸板上看到反射光（3）为了便于测量和研究，需要把光路记录在纸板上，你的方法是：_（4）为了得到反射角与入射角大小关系的普遍规律，应当_29在探究“水的沸腾”实验中：（1

11、）所用温度计是根据液体_的性质制成的1个标准大气压下酒精的沸点是78，煤油的沸点是150，完成本实验所用温度计里面的液体可能是_（选填“酒精”或“煤油”）（2）实验前小明观察到的温度计的示数如图甲所示，温度计的示数为_（3）下表是小明同学的实验记录，他们测得水的沸点是_此时此地的大气压_（选填“大于”“等于”或“小于”）1个标准大气压时间/min0123456789101112温度/92939495969798999999999999（4）请根据上表的数据在如图乙所示的坐标中描点画出水的温度随时间变化的图象30在“探究凸透镜成像的规律”的实验中：（1）将蜡烛、焦距等于10cm的凸透镜和光屏放在

12、光具座上，如图所示，调节烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心在_高度（2）把凸透镜固定在50cm处，若保持图中透镜的位置不变，将蜡烛移至光具座的“20cm”刻度处，则应在_cm刻度范围内移动光屏寻找像，才能在光屏上得到最清晰的像，该像是一个倒立_的实像，应用这一原理可以制成_若将蜡烛靠近透镜，则像变_，要想得到清晰的像，光屏应该向_（选填“靠近”或“远离”）透镜方向移动31在“测定小灯泡功率”的实验中，电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V，灯丝电阻约为56（1）小明在连接实验电路时还有导线未接上，如图甲所示，请用笔画线代替导线把图甲中的电路连接好（导线不得交叉）；（2）在闭合开关前，滑

13、动变阻器的滑片应该移到_（选填“A”或“B”）端；（3）连接完电路后，闭合开关，无论怎样移动滑片，电流表指针均无偏转，电压表的指针有明显的偏转，这可能是由于_断路造成的；（4）要使小灯泡正常发光，应移动滑动变阻器的滑片P使电压表的示数为_V，此时电流表的示数如图乙所示，则电流表示数为_A，小灯泡的额定功率是_W；（5）测量额定功率后，若将滑动变阻器的滑片P向A端滑动，小灯泡的亮度将_；（6）在测量小灯泡电功率时，小明还发现灯泡的电阻变化较大，这是因为_（7）完成上述实验后，小明认为把灯泡换成定值电阻，该实验可以用来探究“电流跟电压、电阻的关系”，于是继续进行下面的实验，在探究“电流与电阻的关系

14、”的过程中，应控制_不变实验中小明将定值电阻由10更换为20时，闭合开关后，下一步的操作应当是使滑动变阻器的滑片向_（根据图甲选填“A”或“B”）移动32在测量一种合金块密度的实验中（1）将天平放在水平台面上，把游码移到标尺的_处横梁静止时，指针指在分度盘中央刻度线的右侧，如图甲所示为使横梁在水平位置平衡，应将横梁右端的平衡螺母向_（选填“右”或“左”）端移动（2）用正确的方法称合金块的质量，平衡时放在盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则合金块的质量为_ g（3）用细线拴好合金块，把它放入盛有30mL水的量筒中，水绵到达的位置如图丙所示，则合金块的体积为_cm3，合金块的密度为_g/c

15、m3（4）请利用以下器材：合金块、弹簧测力计、一个烧杯、足量的水和细线，再设计出一种测量合金块密度的实验方案要求：写出方案的实验步骤及合金块密度的表达式（用测量量和已知量表示）实验步骤：_；_合金块密度的表达式：合金=_2015年辽宁省丹东市中考物理模拟试卷（一）一、选择题（17单选，810多选）1下列有关声现象的说法中正确的是( )A声音可以在真空中传播B在不同物质中声速均为340m/sC不同乐器发出的声音，音色相同D禁止鸣笛是在声源处控制噪声【考点】音调、响度与音色的区分；声音的传播条件；声音在不同介质中的传播速度；防治噪声的途径 【专题】声现象【分析】A、声音的传播需要介质，真空不能传声

16、；B、声音在不同介质中传播速度不同；C、不同发声体的材料和结构不同，所以发出的声音音色不同；D、控制噪声的途径有三个：在人耳处、在声源处和在传播过程中【解答】解：A、声音的传播需要介质，不能在真空中传播，故A错误；B、声音在不同介质中传播速度不同，只有在15空气中的传播速度才是340m/s，故B错误；C、不同乐器材料和结构不同，发出的声音音色是不同的，故C错误；D、禁止鸣笛是在声源处控制噪声的产生，故D正确故选D【点评】本题考查与声现象有关的几个基本知识点，难度不大，但要求我们对有关的知识有一个清晰的认识，并能与实例相结合2下列物态变化中，属于汽化的是( )A水沸腾时壶口冒“白气”B洗过的湿衣

17、服被晾干C衣柜中的樟脑球变小D深秋草叶上结出“白霜”【考点】汽化及汽化吸热的特点 【专题】汽化和液化、升华和凝华【分析】物质由液态变成气态叫做汽化，汽化有蒸发和沸腾两种方式，汽化吸热【解答】解：A、水沸腾时壶口冒“白气”，是水蒸气遇到温度较低的空气凝结成的小水滴，属于液化现象，不符合题意；B、湿衣服被晾干，是水由液态变成了水蒸气，发生了汽化现象，符合题意；C、樟脑丸变小了，由固态直接变成了气态，属于升华现象，不符合题意；D、深秋草叶上结出“白霜”是空气中温度较高的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶附着在草叶上，属于凝华现象，不符合题意故选B【点评】本题考查生活中物态变化现象的判断，抓住物质前后的状态变化

18、是解决此类题目的关键，属于中考常见的考查3下面四幅图中反映电磁感应现象的是( )ABCD【考点】电磁感应 【专题】电动机、磁生电【分析】电磁感应现象的是指穿过电路的磁通量变化时，产生感应电动势或感应电流的现象【解答】解：A、导线通电后，其下方的小磁针受到磁场的作用力而发生偏转，说明电流能产生磁场，是电流的磁效应现象，不是电磁感应现象故A错误B、接通电路后铁钉会吸引大头针，是电流的磁效应，不是电磁感应现象，故B错误C、通电导线AB在磁场中受到安培力作用而运动，不是电磁感应现象故C错误D、金属杆切割磁感线时，电路中产生感应电流，是电磁感应现象故D正确故选D【点评】本题考查对电磁现象本质的分析与理解

19、能力电磁感应现象特征是产生感应电流或感应电动势4下列的四种现象中，属于光的折射现象的是( )A水中倒影B透过树叶间的阳光C水中弯折的铅笔D物体的影子【考点】光的折射现象及其应用 【专题】光的折射、光的色散【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的【解答】

20、解：A、水中倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；B、透过树叶间的阳光证明了光的直线传播；C、水中弯折的铅笔，是由于光的折射形成的；D、物体的影子是由于光的直线传播形成的故选C【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象5在如图所示的“探究液体内部压强特点”的实验中，将压强计的探头放入水中，下列做法中能使U形管两边液面的高度差减小的是( )A将探头放在同样深度的浓盐水中B将探头在原位置转动180°C将探头向下移动一段距离D将探头向上移动一段距离【考点】探究液体压强的特点实验 【专题】压强、液体的压强

21、【分析】根据影响压强大小的因素进行判断，要减小U形管两边液面的高度差，根据p=液gh，可以减小深度或减小液体的密度【解答】解：A、将探头放在食盐水中的同样深度处，液体的密度变大，橡皮膜受到的压强变大，U形管两边液面的高度差变大，故错误；B、液体内部在同一深度不同方向的压强是相等的，将压强计的探头在原处转动180°不会影响压强的大小，故错误；C、将探头向下移动一段距离，深度变大，橡皮膜受到的压强变大，U形管两边液面的高度差变大，故错误；D、将探头向上移动一段距离，深度变小，橡皮膜受到的压强变小，U形管两边液面的高度差减小，故正确故选D【点评】通过U形管两边的液面高度差来反映液体压强的大

22、小是转换法的运用要想顺利解答此题，必须对液体内部压强的规律有一个熟练的掌握才行，这也是我们应重点把握的知识点6下列关于能量转化的说法正确的是( )A砖木取火的过程中，内能转化为机械能B电动机在通电转动过程中，机械能转化为电能C人造卫星从近地点向远点沿椭圆轨道绕地球运动过程中，重力势能转化为动能D汽油机工作过程中，化学能转化为机械能【考点】能量的相互转化 【专题】能源的利用与发展【分析】（1）克服摩擦做功，机械能转化为内能；（2）电动机工作时，电能转化为机械能；（3）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度，质量越大，高度越大，重力势能

23、越大；（4）内燃机的工作过程中，燃料燃烧消耗化学能，得到内能，内燃机对外做功，内能转化为机械能【解答】解：A、钻木取火的过程中，克服摩擦做功，机械能转化为内能；故错误；B、电动机工作时，消耗电能，得到机械能，电能转化为机械能；故错误；C、人造卫星从近地点向远点沿椭圆轨道绕地球运动过程中，质量不变，高度增加，重力势能增大，速度变小，动能变小，动能转化为重力势能；故错误；D、内燃机的工作过程中，燃料燃烧消耗化学能，得到内能，内燃机对外做功，内能转化为机械能；故正确；故选：D【点评】解答此题的关键是明确在能量的转化过程中，消耗了什么能量，得到了什么能量，其次要明确影响各种能量的大小的因素7如图所示的

24、电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器闭合开关S后，在滑片P从最左端向右移动到中间位置的过程中，下列说法正确的是( )A电流表A1和电流表A2的示数都变大B电路总功率变大，电压表V的示数不变C电路总功率变小，电压表V的示数不变D电流表A2和电压表V的示数都保持不变【考点】电路的动态分析 【专题】欧姆定律；电路变化分析综合题【分析】分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后用应用并联电路特点与欧姆定律分析答题【解答】解：由图示电路图可知，两电阻并联，电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端电压；A、当滑片P从最左端向右

25、移动到中间位置过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，通过滑动变阻器的电流增大，由于电阻R1两端电压与电阻阻值都不变，通过R1的电流不变，电流表A1示数不变，干路电流增大，电流表A2示数变大，故A错误；B、电源电压不变，电压表示数不变，干路电流增大，电路总功率P=UI 变大，故B正确；C、由B可知，电路总功率变大，电压表V示数不变，故C错误；D、由A可知，电流表A2示数变大，电源电压不变，电压表V示数不变，故D错误；故选B【点评】本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、应用并联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确解题；分析清楚电路结构是正确解题的关键8关于材料与技术的应用，下列说法中正确的

26、是( )A纳米材料制成的奶瓶具有抑制细菌生长的功能B核潜艇是利用核裂变提供动力，核能属于可再生能源C我们日常生活中使用的二极管是由导体制成的D超导材料电阻为零，所以适合做输电线【考点】纳米材料的应用和发展前景；半导体的特点；超导体在磁悬浮列车、超导输电的应用；核能 【专题】应用题；粒子与宇宙、材料世界【分析】（1）纳米技术在工业、农业、能源、环保、医疗、国家安全等各个方面都有广泛的应用，奶瓶在生产过程中特别添加纳米银抗菌剂，能有效抑制细菌滋生繁殖（2）核潜艇是利用核裂变释放的核能来提供动力的，不是可再生资源（3）二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性（4）超导体的电阻为零，电流通过不会放

27、热，所以电能无法转化为内能，也就避免了内能的损耗，适合做输电线路【解答】解：A、纳米材料制成的奶瓶具有抑制细菌生长的功能，故A正确；B、核潜艇是利用核裂变释放的核能来提供动力的，是不可再生资源，故B错误；C、人们日常生活中使用的二极管是由半导体制成的，故C错误；D、由于超导体的电阻为零，所以在用超导体进行远距离输电时不会消耗电能产生热量，减少了在输电过程中的能量损耗，大大节约了能源，故D正确故选AD【点评】本题考查了纳米材料、半导体、超导体和核能的知识，综合性较强，属于基础知识的考查9如图是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是( )A甲、乙两次实验都应用了控制变量法

28、B甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多C乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系D乙实验通电一段时间后，右侧U形管中液面的高度差比左侧的小【考点】焦耳定律；物理学方法 【专题】电和热综合题【分析】由焦耳定律Q=I2Rt可知，Q与I、R及t有关，故应采用控制变量法进行分析【解答】解：A、甲、乙两次实验中用到的研究物理问题的方法是控制变量法和转换法，故A正确B、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多，故B错误；C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻

29、和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系，故C错误；D、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，由焦耳定律Q=I2Rt可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，即左侧U形管中液面的高度差比右侧的大，故D正确；故选AD【点评】本题考查了学生对焦耳定律、串联电路的电流关系以及控制变量法和转化法的了解和掌握，突出运用知识解决实际问题的能力，综合性强10如图所示的滑轮组，每个滑轮重50N，用这个滑轮组把质量为45kg的重物在2s内匀速提升2m，不计绳重和摩擦，下列说法中正确的是：（g=10N/kg）( )A

30、作用在绳自由端的拉力F为125NB在2s内做的有用功为900JC该套装置的机械效率为90%D若所挂物体越重，该滑轮组机械效率越小【考点】滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率 【专题】计算题；简单机械；功、功率、机械效率【分析】已知物体质量，可以得到重力；不计绳重和摩擦，作用在绳子自由端的拉力是物重和动滑轮重的n分之一；已知物重和上升高度，利用W有用=Gh得到有用功；已知物体上升的高度，可以得到绳子拉下的长度；已知拉力和绳子自由端移动的距离，可以得到总功；已知有用功和总功，可以得到滑轮组的机械效率；在动滑轮重一定时，物重越大，滑轮组的机械效率越高【解答】解：A、物体受到的重

31、力为G=mg=45kg×10N/kg=450N；由图知：承担物重的绳子有3段，作用在绳子自由端的拉力为F=（G+G动）=×（450N+50N）167N此选项错误；B、拉力做的有用功为W有用=Gh=450N×2m=900J此选项正确；C、拉力做的总功为W总=Fs=Fnh=×3×2m=1000J，滑轮组的机械效率为=×100%=×100%=90%此选项正确；D、不计绳重和摩擦，动滑轮重力一定，滑轮组提起的物重越大，有用功越多，但额外功不变，所以机械效率越高此选项错误故选B、C【点评】此题考查了滑轮组的特点、机械效率的计算及影响因

32、素和功率的计算，属于力学综合题，包含了力学主要的公式或规律，正确判断承担物重的绳子段数，是解决滑轮组问题的第一步二、填空题11如图所示的游戏情境，小孩将毽子向上踢出，表明力可以改变物体的运动状态；毽子被踢出后，在重力的作用下，毽子最终会落向地面【考点】力的作用效果；重力 【专题】运动和力；重力、弹力、摩擦力【分析】力的作用效果：力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状；物体由静到动、由动到静，以及运动快慢和方向的改变都叫做运动状态发生了改变；一切物体都有惯性，地面附近的一切物体都受重力【解答】解：小孩将落下的毽子向上踢出，改变了毽子运动的方向，说明力可以改变物体的运动状态；由于惯性，毽子

33、被踢出后还要保持原来的运动状态向上运动，但最终还是因为受到重力的作用要落回地面故答案为：运动状态；重【点评】本题以学生常见的踢毽子活动，考查了学生对力学方面知识的掌握情况，体现了物理来源于生活又应用于生活的宗旨12身高1.6m的小红站在平面镜前2m处，她看到自己的全身像，她的像高是1.6m，她和像之间的距离是4m“镜中的小红”是虚（填“虚”或“实”）像【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案 【专题】应用题【分析】根据平面镜成像的特点：所成的像是虚像；像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等来解答此题【解答】解：（1）根据平面镜成像

34、的特点，像和物体形状大小相同，所以身高1.6m的小红同学她在镜中的像高仍然为1.6m；由于平面镜成的像是虚像，所以“镜中的小红”是虚像（2）由平面镜成像的特点知，当人到镜面的距离2m时，像到镜面的距离也为2m，所以她的像与她的距离为2m+2m=4m；故答案为：1.6；4；虚【点评】（1）理解好视觉的大小和真实的大小：人在感觉上离镜近像大，离镜远像小，但不论视觉上感觉像变大还是变小，事实上像的大小都没变，总与物大小相同；（2）注意“像距人的距离”还是“像离镜的距离”13考试钟声敲响后，同学们开始答题钟声是由钟振动产生的，钟声通过空气传到同学们的耳朵【考点】声音的产生；声音的传播条件 【专题】声现

35、象【分析】声音是由物体振动产生的，一切发声体都在振动，振动停止，发声也就停止；声音传播需要介质，声音可以在固体、液体和气体中传播，真空不能传声【解答】解：考试钟声敲响后，同学们开始答题钟声是由钟振动产生的，钟声通过空气传到同学们的耳朵故答案为：振动；空气【点评】此题考查的是声音产生和传播的条件，是声现象重要的知识点，但难度不大，容易解答14同学们的文具盒里，有许多学习用品的使用属于杠杆原理的应用例如：打开文具盒，将盒盖上翻过程中，文具盒的盒盖相当于省力（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；用墨色水笔答题时，笔相当于费力（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆【考点】杠杆的分类 【专题】简单

36、机械【分析】解决此类题目重点是找出这些日用品中杠杆的“五要素”，即动力、动力臂、阻力、阻力臂、支点，从而根据杠杆分类的依据，判断出文具中应用的杠杆属于哪一种类型【解答】解：（1）打开文具盒，将盒盖上翻过程中，支点在一端，动力臂大于阻力臂，所以文具盒的盒盖相当于省力杠杆；（2）用墨色水笔答题时，阻力在一端，动力臂小于阻力臂，笔相当于费力杠杆故答案为：省力；费力【点评】从日常生活用品中分辨使用的杠杆属于哪一种类型是一种很常见的题型，对于这一类题来说，依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系进行判断15电子式电能表表盘上标有“3000imp/kWh”的字样（imp表示电能表指示灯闪烁次数），将某用电器单独接

37、在该电能表上，正常工作30min，电能表指示灯闪烁了600次，则该用电器在上述时间内消耗的电能是0.2kWh，该用电器的功率是400W【考点】电能表参数的理解与电能的求法 【专题】电能和电功率【分析】3000imp/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表指示灯闪烁3000次，或者表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kWh的电能，求出指示灯闪烁300次电路中消耗的电能然后求出用电器的功率【解答】解：3000imp/kWh表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kWh的电能，指示灯闪烁600次，电路消耗电能为：W=600×kWh=0.2kWh，用电器的功率：P=0.4kW=40

38、0W故答案为：0.2；400【点评】本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，这是利用电能表测量功率的一种类型习题，一定要熟练掌握16如图所示，我国第一艘航空母舰“辽宁号”的排水量为67500t，它满载时受到的浮力为6.75×108 N（g=10N/kg）当甲板上的某飞机起飞时，以该飞机为参照物，“辽宁号”是运动的（选填“静止”或“运动”）【考点】浮力大小的计算；参照物及其选择 【专题】计算题；简答题；长度、时间、速度；浮力【分析】（1）航空母舰的排水量是指满载时排开水的质量，根据阿基米德原理求航空母舰满载时受到的浮力；（2）如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体

39、是静止的；如果物体相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的【解答】解：（1）满载时受到的浮力：F浮=G排=m排g=6.75×107kg×10N/kg=6.75×108N；（2）当甲板上的某飞机起飞时，以该飞机为参照物，相对于航母甲板位置不断改变，则“辽宁号”是运动的故答案为：6.75×108；运动【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运动与静止的判断，根据物体间的位置关系及运动物体的状态可以选择参照物17盛夏，我国沿海地区通常比沙漠地区的昼夜温差小，原因之一是水和沙石的比热容不同比较水与沙石的比热容，水的比热容较大【考点】比热容解释简单的自然现象

40、 【专题】应用题；比热容、热机、热值【分析】沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析【解答】解：沿海地区，水多；内陆地区水少、沙石多因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小故答案为：水；【点评】关于水的比热容较大的应用：水可做散热剂、冷却剂，用来解释沿海地区与内陆地区之间的气候差别，城市热岛效应的原因等等18如图所示，将一重力为18N，体积为2×103m3的蜡块用细线系在弹簧测力计的挂钩上，将它浸没在

41、酒精中，则蜡块受到的浮力是16N，此时测力计的示数是2N（g=10N/kg，酒精=0.8×103kg/m3）【考点】浮力大小的计算 【专题】浮力【分析】利用F浮=gV排可求出浮力大小，蜡块在酒精中时测力计的示数等于蜡块在空气中的重力减去蜡块所受浮力【解答】解：将它浸没到酒精中时，所受浮力F浮=酒精gV排=0.8×103kg/m3×10N/kg×2×103m3=16N，则测力计的示数F=GF浮=18N16N=2N；故答案为：16；2【点评】本题考查物体的漂浮条件和阿基米德原理的应用，会利用称重法解答有关的问题19如图甲所示电路，电源两端电压U不变

42、，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器当开关S闭合后，改变滑动变阻器接入电路的电阻，其电流与电压的关系如图乙所示求：（1）滑动变阻器R2接入电路的最大阻值为60，电源两端电压为7V；（2）定值电阻R1的电阻值；（3）电路消耗电功率的最大值【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算 【专题】欧姆定律；电能和电功率【分析】由电路图可知，当滑片位于最右端时，滑动变阻器的最大阻值R2与电阻R1串联，电压表测R2两端的电压，此时电路中的电流最小，由乙图读出两电表的示数，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用欧姆定律求出R2的最大阻值；当滑片位于最左端时电路为R1的简单电路，此时电路中的电流最大并由乙图读出

43、其大小，利用欧姆定律表示出电源的电压；利用电源的电压不变建立等式即可求出定值电阻的阻值和电源的电压，最后利用P=UI求出电路消耗的最大功率【解答】解：（1）（2）当滑片位于最右端时，滑动变阻器的最大阻值R2与电阻R1串联，电压表测R2两端的电压，此时电路中的电流最小；由乙图可知，U1=6V，I最小=0.1A，变阻器R2接入电路的最大阻值：R2=60；当滑片位于最左端时电路为R1的简单电路，此时电路中的电流最大，由乙图可知I最大=0.7A，由I=可得，电源的电压：U=I最大R1=0.7A×R1；串联电路中总电压等于各分电压之和，电源的电压U=I最小R1+U2=0.1A×R1+

44、6V，电源的电压不变，0.7A×R1=0.1A×R1+6V，解得：R1=10；电源的电压U=0.7A×R1=0.7A×10=7V；（3）当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路消耗的总功率最大，此时有P=UI=7V×0.7A=4.9W答：（1）60；7；（2）定值电阻R1的电阻值为10；（3）电路消耗电功率的最大值为4.9W【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是分析好滑片移动时两电表示数的对应关系20如图所示是“探究物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置（1）该实验利用了转换法，通过观察木块移动的距离来判断小球（选

45、填“小球”或“木块”）动能的大小；（2）让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下，推动木块做功目的是为了探究动能的大小与速度的关系；（3）换用质量不同的小球，使它们从斜面的相同（选填“相同”或“不同”）高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与质量的关系【考点】探究影响物体动能大小的因素 【专题】探究型实验综合题【分析】（1）本实验通过比较小球推动木块运动距离的大小，判断小球动能的大小（2）动能大小跟质量和速度有关在探究动能大小跟速度关系时，控制质量大小不变（3）动能大小跟质量和质量有关在探究动能大小跟质量关系时，控制质量速度不变【解答】解：（1）实验中，通过小球推动木块运动距离的大

46、小来反映小球动能的大小；（2）实验表明动能的大小与物体的速度和质量有关；若探究速度对动能的影响，应使小球的质量相同，速度不同，所以需使同一小球的小车从斜面的不同高度由静止滑下；（3）若探究质量对动能的影响，应使小球的速度相同，质量不同，所以需使质量部相同的小球从斜面的同高度由静止滑下故答案为：（1）木块移动的距离；小球；（2）速度；（3）相同；质量【点评】掌握影响动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系三、作图题21一束光从水中斜射向水面上O点，发生反射和折射，请在图中作出此光线的反射光线和折射光线，并标出反射角的大小【考点】作光的反射光路图；作光的折射光路图

47、 【专题】作图题【分析】首先过入射点作出法线，然后根据入射光线与水面的夹角，可以确定入射角，再分别根据光的反射规律和折射规律作出对应的反射光线和折射光线【解答】解：如图所示，入射光线与水面的夹角为30°，所以入射角为60°，过入射点作出法线根据光的反射规律：反射光线和入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角可以做出对应的反射光线；根据光的折射规律：光从空气斜射入水中，折射光线与入射光线分居法线两侧，折射角大于入射角，由此可以画出对应的折射光线答案如下图所示【点评】在光路图中，法线要画成虚线；如果能够确定反射角，在光路图中，一定要标出反射角的度数22某剧组为拍摄节目需要，设计了

48、如图所示的拉力装置来改变照明灯的高度，轻质杠杆ABO可绕O点转动，请在图中画出：（1）杠杆所受拉力的力臂L1；（2）杠杆所受阻力F2的示意图【考点】力臂的画法；力的示意图 【专题】作图题【分析】先确定动力作用点（即B点），然后过动力作用点表示动力的方向（即竖直向上）；已知支点和动力的方向，过支点作力的作用线的垂线段（即力臂）【解答】解：过A点作竖直向下的力，即阻力F2；过支点O作垂直于动力作用线的垂线段，即动力臂L1如图所示【点评】此题的关键是掌握杠杆五要素，然后根据杠杆的五要素作出相应的作用力或力臂，并且作图要求规范23根据图中通电螺线管的N极，请标出磁感线的方向和小磁针的N极，并在括号内标

49、出电源的正、负极【考点】通电螺线管的磁场 【专题】磁现象、电生磁【分析】利用螺线管的上端为N极，结合磁感线的特点和磁极间作用规律可以确定磁感线的方向和小磁针的N、S极利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一步可以得到电源的正负极【解答】解：螺线管的上端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从上向下的当小磁针静止时，根据磁极间作用规律可知，靠近电磁铁N极的一定是小磁针的S极，由此可知小磁针的下端为N极根据螺线管的上端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的下端流入上端流出根据电流方向与电源正负极

50、之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的正负极：下端为正极，上端为负极如下图所示：【点评】解决此题关键要抓住此题的突破口：螺线管的右端为N极然后利用相关知识解决磁感线的方向、小磁针的N极、电源的正负极四、简答题242013 年新交法规定坐在副驾驶座位上的乘客在车行驶的过程中也必须系安全带，小明及家人在出游乘车时也遵守了这一规定，小明同时还发现安全带做得很宽，请解释为什么要系安全带及安全带做得宽的原因【考点】惯性；减小压强的方法及其应用 【专题】压轴题；运动和力；压强、液体的压强【分析】惯性是指物体具有的能保证原来匀速直线运动或静止状态的性质，在解题时可以通过分析物体的原来

51、状态从而确定安全带的作用减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强【解答】答：汽车行驶的速度很大，一旦急刹车，车身停止运动，而前排乘客身体由于惯性会继续向前运动，容易给驾驶员和乘客造成伤害，所以公安部门要求坐在副驾驶座位上的乘客也必须使用安全带根据P=可知，增大受力面积，在压力相同时，减小压强，安全带做得较宽，人感到舒服【点评】本题考查学生应用物理规律解释物理现象的能力，应注意对惯性定律和减小压强的方法的理解及灵活应用五、计算题25阿根廷科学家设计了一款“牛屁屁收集器”，在牛背上装有一个塑料袋，通过导管收集牛体内排出的气体，从一头成年牛排放出的气

52、体中平均每天可提取0.21kg甲烷，若这些甲烷完全燃烧放出的热量有80%被水吸收，可使多少质量的水从20升高到70（q甲烷=5.6×107J/kg）【考点】热量的计算 【专题】计算题；比热容、热机、热值【分析】知道甲烷的热值和质量，根据Q=mq求出甲烷完全燃烧放出的热量，然后根据=×100%的变形公式Q吸=Q放求出水吸收的热量，又知道水的比热容、水的初温和末温，再根据Q吸=cm（tt0）的变形式求出水的质量【解答】解：甲烷完全燃烧放出的热量：Q放=m甲烷q甲烷=0.21kg×5.6×107J/kg=1.176×107J；由=×100%

53、得，水吸收的热量：Q吸=Q放=80%×1.176×107J=9.408×106J，由Q吸=c水m水（tt0）得，水的质量：m水=44.8kg答：这些甲烷完全燃烧放出的热量有80%被水吸收，可使44.8kg的水从20升高到70【点评】本题考查学生对燃料完全燃烧放出热量公式和吸热公式的掌握和运用，关键是注意“升高到（末温）”和“升高了（t）”的区别，这个也是学生容易出错的地方26某校学生乘校车到校外的考点参加中考校车与学生的总质量为8000kg，车轮与地面的接触总面积为0.25m2该校车在某段平直公路上匀速行驶9km，用时15min（g取10N/kg）求：（1）校车对水平地面的压强；（2）若发动机的功率为60kW，求发动机的牵引力【考点】压强的大小及其计算；功率计算公式的应用 【专题】计算题；压强、液体的压强；功、功率、机械效率【分析】（1）校车对水平地面的压力等于校车与学生的总重力，根据G=mg求出其大小，再根据