电功率知识点总结及经典习题(含答案)

1、最新电功率知识点总结及经典习题（含答案）（word）一、电功率选择题1 .根据交通部门统计，我国每年的交通事故中很多都是酒驾所造成的，所以现在交警加大了对酒驾的打击力度。图甲是酒精浓度测试仪的原理图，R为酒精气体传感器，其阻值随加时（）酒精气体浓度的变化曲线如图乙，同为定值电阻，电源电压不变，当被检测者酒精浓度增B.电压表的示数增大C.电路总电阻增加D.电路总功率减小【答案】B【解析】【解答】C由电路图可知，定值电阻Ro与酒精气体传感器电阻R串联，电压表测Ro两端的电压，电流表测电路中的电流。由图乙可知，酒精浓度增加时，R的阻值减小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻减小

2、，C不符合题息；qI=A、电压不变，电阻减小，根据不可知，电路中的电流增大，即电流表的示数增大，A不符合题意；B、定值电阻阻值不变，电流增大时，由匚-我可知，Ro两端的电压增大，即电压表的示数增大，B符合题意；D、由产=/可知，电路总功率增大，D不符合题意。故答案为：B。【分析】定值电阻Ro与酒精气体传感器电阻R串联，电压表测Ro两端的电压，电流表测电路中的电流，根据图乙可知被检测者酒精浓度增加时R阻值的变化，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和Ro两端的电压变化，利用P=UI可知电路总功率的变化2 .关于电现象，下列说法正确的是（）A.电流做功越多，电功率

3、越大C.同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥 阻B.家用电器的金属外壳要接地D.导体中没有电流通过时，导体就没有电【解析】【解答】解：A、电功率的大小，不但和做功的多少有关，还与时间的长短有关，故A错误；B、有金属外壳的家用电器的金属外壳要接地，正确；C、电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故C错误；D、电阻是导体的一种性质，和导体中有无电流无关，故D错误.故选B.【分析】（1）电功率是表示电流做功快慢的物理量，和电流做功的多少、时间的长短有关；（2）为了防止漏电发生触电事故，所以大功率或有金属外壳的用电器的外壳要接地；（3）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引

4、；（4）电阻是导体的一种性质，和导体中有无电流无关.最右端时，电路的总功率为3.如图所示，电源电压U保持不变。当开关S2闭合、Si和9断开，滑动变阻器的滑片在Pi,再将滑片滑至最左端，有一只电表的示数变为原来的1/5;当开关S和9闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片从最右端滑至中点时，R3的功率增大了0.05W,且滑片在中点时，电压表Vi的示数为Ui;当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，电路的总功率为F2,两只电流表示数相差0.3A.已知Pi：F2=2:15,下列结论正确的是（）A.P2=5.4WIIB.U=I2VCi=6VD.R=20Q【解析】【解答】解：（i）&闭合、Si和S3

5、断开，滑片在最右端时，R2、R3串联，Vi测R2电压，V2测电、R3总电压，即电源电压，等效电路如图i所示；滑片滑至最左端时，ViV2都测R2两端电压，等效电路如图2所示：由题意结合图可知，电表V2的示数将发生M4I变化，且UR2=1U,则R3两端的电压UR3=5U,所以帆,根据串联电路的分压规律tfe&1可得：琮3凡九即R3=4R2-；（2）当开关S和S3闭合、S2断开，滑片位于最右端时Ri、R3串联Vi测Ri电压，V2测总电压，等效电路如图3所示；滑片位于中点时，等效电路如图4所示；当所有开关闭合，滑片在最左端时，R3短路，RiR2并联，A2测干路电流，Ai测R2所在支路的电流，等

6、效电路图如图5所示：由题意知图i中，电路的总功率：Pi=冷+步曲、淡琥，图5中总功率：F2=处+昭，总”可得：i5Pi=即15X玳,解得:nRi=2R2-由题意知图5中两只电流表示数相差0.3A,根据并联电路电流规律，可得图口 4= 0.3A，即色=0.6A 5中，通过 Ri的电流：I5= I - I4=0.3A,则，图3中，电路中的电流：12 =U 1是' 后 X 0.6A 0.1A，图 4 中，电路中的电流：I3 =X 0.6A0.15A,因图4和图3相比较R3的功率增大了 0.05W,所以，由P= I2R 可得：P3'P3=I32xJR3I22R3= ( 0.15A)2x

7、-R3(0.1A) 2X3=0.05W,解得：R3=40，代入 两式可得：R1=20 Q, R2= 10 Q, U =6V, BD不符合题意；图4 中，U1 = I3R = 0.15A X 20=Q3V, C不符合题意；图 5 中，P2=#；+ R+ 201 +=5.4W, A 符合题意。【分析】(1)当开关&闭合、S1和Q断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，R2与R3的最大阻值串联，电压表必测R2两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表A1测电路中的电流；再将滑片滑至最左端时，R2与R3的最大阻值串联，电压表V1、V2均测R2两端的电压，电流表A1测电路中的电流，据此可知示数变化

8、的电表为V2,并得出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R3两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出两电阻的阻值之比；(2)当开关&闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，根据电阻的串联和P=E表示出电路中的总功率Pi;当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，Ri与R2并联，电流表A2测干路电流，电流表Ai测心支路的电流，根据并联电路的特点和电功率公式表示出电路的总功率P2,利用Pi：P2=2:15得出等式即可求出Ri与及的阻值关系；利用并联电路的电流特点结合两只电流表示数相差0.3A即可得出电源的电压和R2的阻值关系；当开关S和S3闭合、S2断开时，Ri

9、与R3串联，电压表Vi测R两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表A2测电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律求出滑片位于最右端和中点时电路中的电流，利用P=Fr结合R3的功率变化即可求出R3的阻值，进一步求出Ri和R2的阻值以及电源的电压，利用欧姆定律求出Ui的大小，最后根团据并联电路的特点和P=7求出P2的大小.4 .某房间原来只接有一只标有“PZ22040”的灯泡，小明又用一只完全相同的灯泡，将它俩串联在一起，在电源电压不变的情况下，房间内的总亮度将（）A.变亮B.变暗C.不变D.无法确定【答案】B【解析】【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，两灯泡串联时的总电

10、阻大于其中一个灯泡的电阻，0在电源电压不变的情况下，由P=UI=#可知，电路的总功率变小，房间内的总亮度变暗。故答案为：B。【分析】结合P=UI=灯可知电功率变化情况，进一步可知灯泡亮度的变化情况.5 .如图为探究焦耳定律”的实验装置.两个相同的烧瓶中密封初温相同、质量相等的煤油，通电一段时间后，右侧玻璃管中液比左侧高。下列说法正确的是（B.右侧A.通过玻璃管中液面的高度判断电流产生热量的多少，这种方法是控制变量法电阻丝的阻值比左侧小C.通过右侧电阻丝的电流比左侧小D.该装置用于探究电流通过导体产生的热量多少与电阻大小的关系【答案】D【解析】【解答】A.通过玻璃管中液面的高度判断电流产生热量的

11、多少，这种方法是转换法，A不符合题意；B.右侧电阻丝的阻值比左侧大，B不符合题意；C.通过右侧电阻丝的电流和左侧的相等，C不符合题意；D.该装置用于探究电流通过导体产生的热量多少与电阻大小的关系，D符合题意。【分析】A.转换法：物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量；B.D由Q=FRt知当I、t相同时R越大Q就越大；C.串联电路中的电流处处相等.故答案为：Do6.如图为探究焦耳定律”的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气，U型管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。将容器中的电阻丝Ri、R2串联在电路中，且Riv

12、R2.下列说法正确的是（）A.该实验装置用于探究电压和通电时间一定时，电热与电阻的关系”B.闭合开关后，通过其的电流大于周的电流C.闭合开关后，甲管中液面上升比乙慢D.闭合开关后，要使电流增大，应将滑动变阻器滑片P向左移动【答案】C【解析】【解答】解：A、图中两电阻串联，通过的电流和通电时间相等，而电阻不同，故可研究电流产生的热量与电阻的关系，AB不符合题意；C、根据Q=I2Rt,因R1VR2.故右边容器中电阻丝产生的热量多，由转换法，甲管中液面上升比乙慢，C符合题意；D、闭合开关后，要使电流增大，由欧姆定律，要减小电路的电阻，故应将滑动变阻器滑片P向右移动，D不符合题意。故答案为：C【分析】

13、电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的气体加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；由焦耳定律Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析7 .关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是（）A.白炽灯的正常工作电流约为0.1AB遥控器的干电池电压约为220VC.空调制冷时的功率约为10WD电扇正常工作1h耗电约为1KW?h【答案】A【解析】【解答】解：A、白炽灯的额定功率为40W,正常工作电流约为1=&=220=0.18A0.1A相差不

14、大，故A符合实际；B、遥控器的干电池电压约为1.5V,故B不符合实际；C、空调制冷时白功率约为1000W,故C不符合实际；D、电扇的额定功率为100W,正常工作1h耗电约为W=Pt=0.1KWX1h=0.11KW?h故D不符合实际.故选A.【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识和必要的计算去判断题目的对错.8 .如图所示的电路，电源电压不变，灯L标有“V3W”字样，不考虑灯丝电阻的变化。当甲、乙都是电流表，另闭合、乱断开，此时用江财，电路消耗的总功率为马;当甲、乙都是电压表，S,、鱼都闭合，此时也电路消耗的总功率为%下列说法正确的是A.电阻R的阻值为36UC.

15、当甲、乙都是电压表，力、意闭合时，灯 电流表，闭合、5工断开时，两表示数之比B1路的总功率之比：他二：2L的实际功率为D. 18H uD.当甲、乙都是I甲：二：3【解析】【解答】由P 町可得，灯泡正常工作时的电流:ITP 二片可得，灯泡的电阻:A、当甲、乙都是电流表，闭合、的断开，此时R与L并联，甲电流表测L的电流，因/野=仪历I/易，即灯泡正常工作，由并联电路的电压特点可知，电源电压俐；当甲、乙都是电压表，S：、立都闭合，R与L串联接在电路中，甲电压表测总电压U,乙测L两端电压，且仇二二2品；根据串联电路的特点可得电路中的电流:2TV-0.2k七?口电阻R两端的电压：珠UrM6电阻R的阻值:

16、R底a办“，a不符合题意;B、当甲、乙都是电流表，R与L并联时，电阻R的功率为：-二2WfINC”，总功率为：尸=冽-,加麻；当甲、乙都是电压表，、£都闭合，R与L串联接在电路中，此时总功率为：if秘产P'-=i,2WR+L18£2*12E1B不符合题意；另、，闭合时，灯L的实际功率：,C符合题意；匿断开时，此时R与L并联，甲电流表测 L的电流，P绷25电路总功率之比：万一一彳,C、当甲、乙都是电压表，皿=取1£NX0.2k=0.D、当甲、乙都是电流表，闭合、且甲a而；乙电流表测干路电流，干路电流为：工甲(Z晶3也53D不符合题意。两表示数之比为：三,故答

17、案为：Co【分析】当甲、乙都是电流表，Si闭合、&断开，此时R与L并联，乙测干路电流I,甲测L电流I甲，当甲、乙都是电压表，S、S2都闭合，R与L串联接在电路中，甲测总电压WU,乙测L两端电压Ul,不考虑灯丝电阻白变化，通过R='求出灯泡的电阻.9.如图所示，电源电压保持18V不变，小灯泡L上标有“6V3W字样，滑动变阻器最大电阻值R=60Q.为保证各器件安全，不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是()A. S断开时电压表示数为0VB. S闭合后，电压表最大示数为15VC.小灯泡L正常发光时，变阻器R消耗的电功率为6WD.S闭合后，小灯泡L的最小实际电功率为0.5W【答案

18、】C【解析】【解答】解：(1)S断开时，电压表测电源的电压，则电压表的示数为18V,故A错误；(2)S闭合后，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，为保证各器件安全，电压表的最大示数Uv=Ul=6V,故B错误；目由p=N可得，灯泡的电阻：财(砌Rl="=加=12Q,因串联电路中各处的电流相等，所以，灯泡正常发光时电路中的电流：必|6VI=*=/j'0=0.5A,因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，变阻器两端的电压：UrfU-Ul=18V-6V=12V,变阻器R消耗的电功率：PrfUrIf12VX0.5Af6VV故C正确；(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大

19、时灯泡L的功率最小，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，此时电路中的电流：一|8!|=河7色上口+6O/f0.25A,灯泡的最小电功率：Pl=I2Rl=(0.25A)2X12Q=0.75WD错误.故选C.【分析】(1)S断开时，电压表测电源的电压，根据电源的电压可知电压表的示数.(2)S闭合后，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，为保证各器件安团全，电压表的最大示数和灯泡的额定电压相等，此时灯泡正常发光，根据p=1求出灯泡的电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，利用串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，再利用P=UI求出变阻器R消耗的电功率；(3)当滑动变阻器接入电路

20、中的电阻最大时灯泡L的功率最小，利用电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，最后利用P=2R求出灯泡的最小电功率.10.如图所示，灯泡L1和L2(灯泡中只要有电流就能发光)相同，电源电压小于灯泡的额定电压，且保持不变，开关S由闭合到断开，电路中()A. Li变亮，电压表示数变小B. Li变暗，电流表示数变大C.匕亮起来，电压表示数变大D.L2亮起来，电流表示数变小【答案】D【解析】【解答】解：开关S闭合时，电路为灯泡Li的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；当开关S断开时，灯泡Li和L2串联，灯泡L2亮起来，电压表测灯泡L1两端的电压，电流表测电路中的电流；因串联电路中总电阻等于

21、各分电阻之和，所U以，电路中的总电阻变大，由I=R可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，D符合题意；由U=IR可知，灯泡Li两端的电压变小，即电压表的示数变小，C不符合题意；因P=UI,且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯泡Li的实际功率变小，灯泡Li变暗，A、B不符合题意。故答案为：Do【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式及电表的测量对象，首先判断出电路中电阻的变化，根据欧姆定律I=.判断出电路中的电流的变化和灯泡Li两端的电压的变化，即电压表的示数的变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知亮暗的变化ii.如图所示

22、，两个透明容器中密闭着等量的空气，A、B两U形管内的液面相平，电阻丝的电阻Ri=R2=R3。小明用图示装置进行实验，探究电流通过导体时产生的热量Q跟什么因素有关。下列说法正确的是（）AiiBA.此实验在探究电热Q与电阻R是否有关B.通过Ri的电流和通过R2的电流大小相等C.电阻Ri两端的电压和R2两端的电压相等D.通电后，A管的液面将会比B管的液面高【答案】D【解析】【解答】由图知，Q与R3并联后再与Ri串联，Ri处于干路上，根据并联电路的电流特点知，通过Ri的电流大于通过R2的电流，而R=R2,可见，该实验探究的是电热Q与电流是否有关，AB均错误；又根据U=IR知，Ri两端的电压大于R2两端

23、的电压，C不符合题意；通电后，由于置于密闭空气中的电阻丝Ri=R2,而通过Ri的电流大于通过R2的电流，由Q=I2Rt知，左容器中空气吸热较多，内能增大较多，温度较高，所以A管的液面将会比B管的液面高，D符合题意。故答案为：D【分析】探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点，并灵活应用焦耳定律根据控制变量法（通过电阻的电流不同，比较相同通电时间内两支温度计示数变化情况，可探究电流产生的热量与电流是否有关）及转换法（探究影响电热的因素时，通过液体吸热的多少反应电阻丝产生的热量）分析解答12.有两只灯泡Li、L2,分别标有“220V100W和“220V（40W的字样。若

24、不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（）A.两灯正常发光时，Li的电阻较大B.两灯并联接入220V的电路，Li、L2消耗功率之比是2:5C.两灯串联接入220V的电路，Li消耗的功率小于25WD.两灯串联接入220V的电路，两灯泡消耗总功率大于40W小于i00W【答案】C【解析】【解答】解：（i）由P=UI=R可得，两灯泡正常发光时的电阻分别为:if（220V）2惊（220V）2R/LRa1210汽100HP2W则Ri<R2,即Li的电阻较小，A不符合题意；（2）两灯并联接入220V的电路，它们两端的电压等于220V,均能正常发光，则Li、L2消耗功率之比Pi:P2=i00W:

25、40W=5:2,B不符合题意；（3）两灯串联接入220V的电路时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，V220V10所以，电路中的电流*的西/口”。G.,叵nFUi=x咖aa2W<际山消耗的功率，C符合题意；P=UI=220VX%28.6W<的#两灯泡消耗总功率77,D不符合题意。故答案为：Cod【分析】根据P=UI="求出两灯泡正常发光时的电阻，然后比较两灯泡的电阻关系；两灯并联接入220V的电路时，实际功率和额定功率相等，据此得出Li、L2消耗功率之比；两灯P=UI=I2R串联接入220V的电路时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据求出Li消耗的功率，根据

26、P=UI求出两灯泡消耗总功率.R为光敏电阻，其阻值随着光照的增强而减小,13 .如图所示电路，电源电压恒定,定值电阻，当光照减弱时A. V与示数的比值减小C屈与力.'示数之差变大B. V与L示数的比值不变hD.电路消耗的总功率减小【解析】【解答】A、由欧姆定律可知，V与出示数的比值为光敏电阻R的阻值，因R的阻值变大，则该比值变大，A不符合题意；B、电压表示数不变，示数变小，则V与比示数的比值变大，B不符合题意；C、由并联电路的特点可知，此与人示数之差为通过股的电流，保持不变，C不符合题心、，D、电源电压不变，总电流变小，根据忸=£7可知，总功率减小，D符合题意。故答案为：Do

27、【分析】光敏电阻R与定值电阻Ro并联，电压表测量的是R两端的电压（即电源的电压），保持不变；电流表Ai测量的是通过R的电流，电流表A2测量的是干路中的电流；已知光敏电阻R的阻值随着光照的增强而减小，则当光照减弱时，R的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过R的电流变小，即电流表Ai示数变小；通过Ro的电流不变，而通过R的电流变小，所以干路中的电流变小，即电流表A2示数变小，根据P=UI可知，总功率减小.14 .甲用电器标有“220V20W,乙用电器标有“220V60W,它们都在额定电压下工作，则下列判断中正确的是（）A.甲用电器做功一定多瞰相同的功，甲用电器用的时间一定少C.乙用电器做功一定多D1同

28、时间内，乙用电器做的功一定多【答案】D【解析】【解答】解：额定电压下，甲用电器的电功率为20W,乙用电器的功率为60W。AC、由W=Pt可知，电流做功的多少与通电时间有关，AC不正确；flB、根据t=/可知，完成相同的功，乙用电器所用的时间一定少，B不正确；D.根据W=Pt可知，相同时间内，乙用电器完成的功一定多，D符合题意。故答案为：Do【分析】（1）电功率是表示电流做功快慢的物理量；（2）额定电压下用电器的功率和额定功率相等，根据W=Pt比较电功和时间之间的关系。15.如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中保持不变的是（）0卜A.用电器消耗的

29、总功率B.电压表V的示数与电流表A的示数的比值C.电流表A的示数与电流表Ai的示数的差值D.电压表V的示数与电流表Ai的示数的乘积【答案】D【解析】【解答】由电路图知道，Ri与心并联，电流表Ai测R的电流，电流表A测并联电路的总电流，电压表测电源电压，所以无论滑片如何移动，电压表的示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由P=U2/R知道，用电器消耗的总功率变小，A不符合题意；由图知道，电压表V的示数与电流表A的示数的比值等于电路的总电阻，由于滑动变阻器的滑片P向右移动而使总电阻变大，所以该比值变大，B不符合题意；因为并联电路中各支路互不影响，所以当滑动变阻器的滑

30、片P向右移动时，通过Ri的电流不变，即电流表Ai示数不变，但变阻器由于连入电路中的电阻变大，而使通过变阻器的电流变小，由于电流表A的示数与电流表Ai的示数的差值等于通过变阻器的电流，所以，该差值会变小，C不符合题意；又因为电压表示数不变、电流表Ai示数不变，所以电压表V的示数与电流表Ai的示数的乘积不变，D符合题意，故答案为：Do【分析】结合电路图判断电阻的连接方式及电表的测量对象，通过滑动变阻器的滑片P向右移动时变阻器连入电路中的电阻变化，结合欧姆定律、并联电路的规律、电功率公式进行分析即可.16. 一台额定电压为220V的电动机，正常工作时通过的电流为5A,发热损失的功率为25W,则其线圈

31、电阻是（）A.iQ历Q（4.4QD.i00Q【答案】A【解析】【解答】算线圈电阻时应该通过发热功率来计算，即由Q=I2R可得QR=1QO故答案为:A.【分析】知道正常工作时通过的电流和发热损失的功率，根据P=2R的变形公式R=P/2电动机线圈的电阻.17.下列家用电器中，正常工作一小时耗电接近1.2kW?h 的是（）A.空调B.电冰箱C.电视机D.台灯【答案】A犷L2kW-h【解析】【解答】此用电器的功率为P=7一万厂=1.2kW,四个选项中，电冰箱的功率约120W,电视机的功率约120W,台灯的功率约40W,故额定功率接近1.2kW的用电器是空调机.故答案为：A.【分析】根据功率的公式47计

32、算出此用电器的功率，再与选项中各用电器大约的功率比较，得出正确选项.18 .如图所示的电路中，电源电压保持不变.闭合开关S,移动滑片，使电压表Vi示数与电压表V2示数之比为2:1,此时R2的功率为P1；再次移动滑片，使电压表Vi示数与电压表V2示数之比为1:2,此时R2的功率为P2,则P1：巳为（）1厂A.1:4B.1:2C.1:1D.4:1【答案】C【解析】【解答】解：在第1种情况下，R2两端的电压U21=?+1U=1,R两端的电压为L2L22bUn=U-&=3;在第2种情况下，R2两端的电压U22=/，三U=3,R1的电压为U12=U-根据电阻不变时，通过的电流与电压成正比,所以，

33、两种情况下通过R的电流之比5=%=即两种情况下通过R2的电流之比；日立¥*山：g4房=工乂=，.故选C.【分析】首先求出两种情况下R2的电压之比，根据串联电路电压的特点，求出R1的电压之比，即可求出通过定值电阻R1的电流之比，即通过R2的电流之比，根据P=UI可求两种情况下R2的电功率之比.19 .如图甲所示，是某型号电压力锅简化的工作电路图.R。是阻值为484的保温电阻，R是规格为“220V800W的主力口热电阻，R2是副加热电阻.电压力锅煮饭分为加热升压一保压一保温”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间“（P-1）”关系图象可了解其工作过程：接通电源，启动智能控制开关S,

34、S自动接到a,同时Si自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；当锅内工作压强达80kPa时，S自动断开，进入保压状态，当锅内工作压强降至60kPa时，S又会自动闭合；当保压状态结束，饭就熟了，S自动接到b,减压进入保温状态.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态共耗电0.25kW?h,下列说法正确的是（）二(1015issniLt甲乙A.电压力锅是对大气压强的应用B当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅处于升压状态C.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态Ri的工作时间是18minD.电压力锅正常工作时的最大电流是5A【答案】D【解析】【解答】解：A.高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压

35、的增大而升高的原理，而不是利用了大气压的原理，A不符合题意；B.由图乙可知，当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅可能处于升压状态，也可能处于保温状态，B不符合题意；C.由图乙可知，在正常加热升压和保压状态Ri的工作时间分别为06min,912min,1518min,即R1的工作时间t1=12min=0.2h,C不符合题意；D.R2的工作时间t2=18min=0.3h,在正常加热升压和保压状态消耗的电能W=P1t1+P2t2,即：0.25kW?h=0.8kW<0.2h+P2X0.3h解得：P2=0.3kW=300W,两加热电阻同时工作时电路电流最大，则总功率P=Pi+P2=800W+30

36、0W=1100W,pnoon由P=UI可得，I=7=5A,D符合题意.故答案为：D.【分析】高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理；在正常加热升压和保压状态消耗的电能，正确分析电路是解题的关键20 .如图所示，下列电器设备工作时，主要利用电流热效应进行工作的是（【答案】D【解析】【解答】A、电视机主要把电能转化为光能和声能，不是根据电流的热效应工作的；A不符合题意.B、洗衣机工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的；B不符合题意.C、电风扇工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的；C不符合题意.D、电热水壶工作时，将电能转化成内能，是根据电流的热效

37、应工作的；D符合题意.故答案为：D.【分析】电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应；根据各用电器工作时能量转化识别判断即可.21 .灯Li标有“8V16W，灯L2标有“12V36W，假设两灯电阻不随温度变化。现将两灯串联后接在电压为U的电路中，要保证两灯上的实际电压都不超过其额定电压，则电压U最大值是（）A.14伏B.16伏iC18伏D.20伏【答案】BI2R2【解析】【解答】由P=UI知道，两灯泡的额定电流分别是：I1=P1/U1=16W/8V=2A,=P2/U2=36W/12V=3A,由I=U/R知道两灯泡的电阻分别是：R1=U1/11=8V/2A=4Q,=U2/I2=12V/3A

38、=4Q,因为串联电路中各处的电流相等，所以，两灯泡串联时，电路允许通过两灯泡的最大电流I=I1=2A,又因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路两端允许加的最大电压是：U=I（R1+R2）=2AX（4+4Q=16V,故答案为：Bo【分析】两灯泡串联时电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的、两灯泡并联时电路的最大电压为两灯泡额定电压中较小的据此结合欧姆定律计算即可22 .下列用电器工作时，将电能全部转化为内能的是（）A.电风扇B.电水壶iC.电视机"D.手机【答案】B【解析】【解答】解：A、电风扇工作时，电能转化为机械能和内能，A不符合题意；B、电水壶工作时，把电能全部转化为

39、内能，B符合题意；C、电视机工作时，电能主要转化为声能、光能和内能，C不符合题意；D、手机工作时，电能转化为光能和内能，D不符合题意。故答案为：B。【分析】做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外。用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程。23 .将标有“6V3W”和“6V2W”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是（）B.两只小灯泡都能正常发光nD.两只小灯泡的总功率小于2 WA.两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮C.通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮【答案】D【解答】解：（1）由P=UI可得,两灯泡的额定电流:I甲二=0 =0.5A, I 乙二22口/-邕=漏'J = A所以，通过两灯泡的电流相等，不符合题意；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，