湖南省株洲市202X年中考物理仿真试题三（含解析）

1、精选2019年湖南省株洲市中考物理仿真试卷（三）一、单选题1.关于四季常见的自然现象，下面说法正确的是（）A.春雨是汽化现象B.夏露是液化现象C.秋霜是凝固现象D.冬雪是升华现象【答案】B【解析】春雨是水蒸气液化为小水珠而凝结成雨，A错，夏露是水蒸气在晚上遇冷液化而成的小水珠，B对。秋霜是水蒸气遇冷凝华，C错冬雪是水蒸气遇冷凝华而成，D错。2.关于热机的效率，下列说法正确的是（）A.蒸汽机的效率通常高于喷气发动机B.热机效率一定小于100%C.汽车排放的尾气，是城市环境污染的重要来源。目前有些新型燃料汽车，实现了“零排放”，它们的效率达到100%D.在完全无摩擦的道路上，汽车发动机可达到100

2、%【答案】B【解析】分析：（1）热机效率的概念：用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比在工作过程中，损失的能量越少，热机的效率越高（2）任何机器的都不可避免的做额外功，效率不可能达到100%解答：用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比，在工作过程中，损失的能量越少，热机的效率越高；A.蒸汽机的燃料是在机器的外部燃烧，热损失最多，效率最低；故A错误；B.热机在工作时不可避免的要克服机械部件间的摩擦做额外功，机械效率不会达到100%；故B确C错误；D.在完全无摩擦的道路上，汽车发动机的效率可以提高，但不可能达到100%；3.初中科学实验活动册中有一个如图所示的实验：在大试管里装满水

3、，然后把小试管（小试管的直径略小于大试管）放到大试管中，一起倒过来，这时我们观察到水向下流，小试管却向上运动。该实验可以证明（）A.大气压的存在B.牛顿第一定律C.能的转化与守恒定律D.物体间力的作用是相互的【答案】A【解析】【详解】装置倒置后，大试管中的水由于重力的作用，会流下来，小试管上方的压强减小，小于外界大气压，小试管就在大气压的作用下，被压着向上运动。所以会看到小试管在大试管中上升。故这一实验现象可以证明大气压的存在。4.我们矿区倡导：“书香校园，书香课堂”，同学们在搬运图书的过程中忙得热火朝天、满头大汗，其中并没有对物体做功的是（）A.小玉用力把一摞书搬起B.老师腋下夹着一本书走进

4、教室C.小浩用绳子将一捆书拖进图书室D.小华把地上的书拿起放在课桌上【答案】B【解析】ACD、人对书有力，并且书在力的方向上通过的距离，这些情况人对书都做了功，故ACD不合题意；B、老师夹着一本书走进教室，老师对书有力，但书不是在老师对书力的作用下移动了距离，所以对书不做功，故B符合题意故选B5.下列装置不属于电源的是（）A.宇宙飞船上用的太阳能电池板B.电动机C.学生电源D.蓄电池【答案】B【解析】下列装置不属于电源的是电动机，电动机是用电器，所以选B。思路分析：注意区分发电机与电动机，发电机是提供电能的装置，机械能转为化电能的电源；电动机是消耗电能的装置，电能转为机械能的用电器。试题点评：

5、本试题考查的是学生对电源的认识。6.体育课中，被推出的铅球落地后沿水平地面向前滚动（如图），图中能正确表示铅球所受重力的方向的是（）【答案】C【解析】重力的作用点在重心，规则物体的重心在物体的几何中心，方向是竖直向下，故选C。7.以下做法中，符合安全用电原则的是（）A.熔丝熔断后，用铜丝来代替B.将家用电器的金属外壳接地C.用湿布擦抹电器D.小区停电，不切断总开关就进行电路维修【答案】B【解析】【分析】根据安全用电的原则分析判断，注意：A、保险丝在电路中的作用；B、若家用电器内部火线绝缘皮破损或失去绝缘性能，致使火线与外壳接通，外壳就带电，人体接触外壳等于接触火线，就会发生触电事故；如果把外壳

6、用导线接地，即使外壳带了电，电流也会从接地导线流走，人体接触外壳就没有危险。C、生活用水是导体；D、不切断电源，万一来电会怎样？【详解】A、保险丝是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用，如果用铜丝代替，因铜丝的熔点高，就起不到保护电路的作用，故A错；B、将家用电器的金属外壳接地，即使外壳带了电，电流也会从接地导线流走，人体接触外壳就没有危险，故B正确；C、用湿布擦抹电器，水是导体，会使人触电，故C错；D、停电时，进行电路维修，必须断开总开关，否则万一来电，人会触电，故D错。故选：B。【点睛】本题考查了学生对安全用电原

7、则的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，学好电、用好电！8.应用如图所示的凸透镜成像规律制成的光学设备是（）A.投影仪B.放大镜C.照相机D.潜望镜【答案】A【解析】解：如图，烛焰的像在凸透镜的二倍焦距以外，成倒立、放大的实像，应用于投影仪故选A【点评】凸透镜成像的三种情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握9.关于电功率的说法，正确的是（）A.用电器的实际功率一定大于额定功率B.额定功率越大的用电器，实际做功越多C.一用电器的实际功率可能多个数值，而额定功率只有一个D.将标有“220V，60W”的灯泡接110V的电路上，它的实际功率为30W【答案】C【解析】试题分

8、析：额定功率是用电器额定电压下消耗的功率，所以，额定功率只有一个，故C对；当实际电压大于额定电压时，实际功率大于额定功率；实际电压等于额定电压时，实际功率等于额定功率；实际电压小于额定电压时，实际功率小于额定功率，故A错；由电功W="P"t可知，功的大小与功率和时间两个物理量有关，故B错；由P=U2/R=可知，在电阻不变的情况下，电功率与电压的平方成正比，所以，将标有“220V，60W”的灯泡接110V的电路上，它的实际功率为15W，故D错考点：电功率10.如图所示，放在桌面上的茶壶处于静止状态，下列说法中正确的是（）A.茶壶的重力方向垂直向下B.茶壶对桌面的压力作用在茶壶

9、上C.茶壶受到惯性作用处于静止状态D.桌面对茶壶的支持力是由于桌面发生形变而产生的【答案】D【解析】【详解】A茶壶的重力方向是竖直向下的，不是垂直向下的，故A错误；B茶壶对桌面的压力作用在桌面上，不是作用在茶壶上，故B错误；C茶壶处于静止状态，是因为它受到的重力和桌面对它的支持力是一对平衡力，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；D根据弹力的产生可知，桌面对茶壶的支持力是由于桌面发生形变而产生的，故D正确。故选D。11.如图所示的串联电路，当闭合开关后两灯都不亮为了检测电路故障，小华将电压表接在灯L1两端，发现电压表有明显示数，而电流表示数几乎为零则电路故障可能是A.灯L1短路B.灯L2

10、断路C.电流表烧坏D.灯L1断路【答案】D【解析】试题分析：如果灯L1短路，则电压表无示数，与题意不符，故A错；如果灯L2断路则两个仪均无示数，与题意不符，故B错；如果电流表烧坏，则电路为断路状态，电压表也无示数，与题意不符，故C错；如果灯L1断路，则完全符题目中出现的现象，故D正确；应选D。【考点定位】电路故障的判断12.如图甲所示，小强在水平地面上用力向右推木箱，推力随时间变化的图象如图乙所示，木箱速度随时间变化的图象如图丙所示，以下对于这一过程的分析中正确的是（）A.01s内木箱没有动，所以此时不是平衡状态B.1s2s内木箱受到的摩擦力大小为4NC.如果3s后人停止用力，木箱将做匀速直线

11、运动D.如果3s后人突然用6N的力往回拉箱子，此时物体立刻向左加速运动【答案】B【解析】01s内木箱没有动，木箱处于静止状态，静止也属于平衡状态，选项A说法错误；摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，在2s3s内，木箱处于匀速直线运动，此时推力等于摩擦力，即摩擦力大小为4N，所以1s2s内木箱受到的摩擦力大小为4N，选项B说法正确；如果3s后人停止用力，木箱将不再受平衡力作用，力是改变物体运动状态的原因，故木箱将不做匀速直线运动，选项C说法错误；如果3s后人突然用6N的力往回拉箱子，由于惯性，物体先做向右的减速运动，速度为零后做向左加速运动，选项D说法错误；答案选B。点睛：本题考查了学

12、生对力学图像的分析能力和力与运动关系的理解，解决该题的关键是运用力与运动的关系并结合图像能从图像上获得有用的物理信息，该题是训练学生思维能力的好题。二、多选题13.下列说法正确的是（）A.用燃气灶加热食物的过程中，是利用做功的方法增加食物的内能B.燃气灶中燃气燃烧时放出了热量，所以能的总量增加C.高压锅利用了水的沸点随气压的增大而升高的原理D.北方冬天的“暖气”输送，用水做介质，是因为水具有比热容大的特点【答案】CD【解析】A、用燃气灶加热食物的过程中，食物从燃气灶的火焰中吸收热量，温度升高，是利用热传递的方式改变物体内能的，故A错误；B、燃料燃烧时放出了热量，化学能转化成了内能，但是能的总量

13、保持不变，故B错误；C、高压锅密封性强，在使用时锅内气压会逐渐增大，水的沸点也就随着升高，锅内的食物容易熟，故C正确；D、北方冬天的“暖气”输送，用水做介质，是因为水的比热容较大，在相同条件下放热较多，故D正确故选CD点睛：牢记水的比热容较大的特点及其在生产、生活中的应用，注意总结水的比热容较大的应用实例，如作为热机的冷却物质，作为北方冬季的取暖物质等。14.下图是同学们所画的光路图，其中错误的是（）A.B.C.D.【答案】ABC【解析】A、该图是平面镜成像光路图，此时光的传播方向错误，即箭头方向标反了，故A错误；B、该图是光的折射光路图，光从水中斜射入空气中时，折射角应大于入射角，而图中的折

14、射角小于入射角，故B错误；C、平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点。故C错误；D、过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，过光心的传播方向不改变，故D正确。故选：ABC。【点睛】此题考查平面镜相关作图、光的折射光路图和透镜的光路图的画法，作图题是历年来中考的必考题目之一，要求学生熟练掌握各种作图技巧。15.电压力锅、电饭锅、空调、电冰箱等都是常用家用电器，下列说法正确的是（）A.这些用电器都是利用了电流的热效应工作的B.这些用电器由两个以上同时使用时，应并联在电路中C.很多大功率家用电器同时使用，容易导致家庭电路中电流过大D.很多家用电器使用三线插头，其中一个插头与

15、用电器的金属外壳相连【答案】BCD【解析】A.电压力锅、电饭锅是利用电流的热效应工作的,空调、电冰箱不是利用电流的热效应工作的，故A错误；B.家庭电路中各用电器之间并联使用，故B正确；C.很多大功率家用电器同时使用，干路电流会很大，故C正确；D.很多家用电器使用三线插头，其中一个插头与用电器的金属外壳相连，防止漏电危险，故D正确。故选BCD.16.甲同学骑自行车去看望乙同学，得知消息后，乙同学步行去迎接，接到后同车返回，整个过程他们的位置与时间的关系如图所示，据图可知（）A.两同学在t10min时相遇B.相遇前甲的速度是乙的4倍C.相遇后乙的速度是原来的1.5倍D.整个过程甲的平均速度是乙的2

16、.5倍【答案】AD【解析】试题分析：A、由图象可知，横轴表示时间，纵轴表示路程，在10min是两同学相遇，故A正确；B、由图象可知，甲同学10min经过的路程为3km，相遇前甲的速度是v甲=0.3km/min；乙同学10min经过的路程为1km，相遇前乙的速度是v乙=0.1km/min，v甲=3v乙，故B错误；C、由图象可知，相遇后乙15min10min=5min经过的路程为1km，速度=0.2km/min，=2v乙，故C错误；D、由图象可知，整个过程，甲经过的总路程为4km，总时间为15min，甲的平均速度为v甲平=；乙经过的总路程为2km，总时间为15min，乙的平均速度为v乙平=v甲平=

17、2v乙平，故D正确故选AD三、填空题17.如图所示，天空中，空军的一架加油机正在为一架战斗机加油。在地面上的人看来，加油机是_的，在战斗机的驾驶员看来，加油机是_的。这种差异是由于他们选取了不同的_。【答案】运动静止参照物【解析】空军的一架加油机正在为一架战斗机加油，两架飞机运动速度相同，彼此相对静止，在地面上的人看来，加油机是运动的，在战斗机的驾驶员看来，加油机是静止的，这种差异是由于他们选取了不同的参照物18.人们把_称作“隐形杀手”，这是因为它除了影响人睡眠、休息、学习和工作外，还会损害人的健康。【答案】噪声【解析】【详解】噪声除了影响人睡眠、休息、学习和工作外，还会损害人的健康，使人产

18、生头痛，记忆力衰退等神经衰弱症状，噪声还诱发神经衰弱等疾病的重要原因之一，所以人们把噪声称作“隐形杀手”。19.用图的装置演示气体扩散现象，其中一瓶装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体，另一瓶装有空气为了有力地证明气体发生扩散，装二氧化氮气体的应是（选填“A”或“B”）瓶根据现象可知气体发生了扩散扩散现象说明气体分子。若实验温度分别为0，4，20，30则在温度下（填序号）气体扩散最快【答案】B；B红棕色变淡的永不停息做无规则运动。【解析】分析：分子在永不停息地做无规则运动，运动速度和温度有关，温度越高速度越快解答：解：二氧化氮气体的颜色是红棕色的，而且比空气的密度大如果将两个瓶口对在一起，则二

19、氧化氮气体分子会向空气中运动，所以B瓶内的气体颜色会变淡，A瓶内的气体颜色会变红而且温度越高，运动速度越快故选B，B瓶内红棕色变淡，永不停息地做无规则运动，20.在如图所示的电路中，闭合开关后，下列说法正确的是_A小磁针静止时，A端为N极B向右移动滑片P，电磁铁磁性增强C电磁铁左端为N极D向左移动滑片P，电磁铁磁性增强理由：_。【答案】(1).D(2).向左移动滑片，滑动变阻器的阻值减小，电源电压不变，由I=U/R得，电路中的电流变大，线圈匝数一定时，电磁铁的磁性增强。【解析】（1）A如图电路，闭合开关S，电路中有电流，根据安培定则可知，通电螺线管右端为N极，左端为S极；由磁极间的相互作用可知

20、，小磁针静止时，A端为S极，故A错误。B向右移动滑片P，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由I=U/R得电路中电流变小，电磁铁磁性减弱，故B错误。C电磁铁右端为N极，故C错误。D向左移动滑片P，滑动变阻器连入电路的阻值变小，电源电压不变，由I=U/R得电路中电流变大，电磁铁磁性增强，故D正确，符合题意为答案。（2）理由：向左移动滑片，滑动变阻器的阻值减小，电源电压不变，由I=U/R得，电路中的电流变大，线圈匝数一定时，电磁铁的磁性增强。21.小明利用如图所示器材探究“在水中下沉的物体是否受到浮力呢？”。依据实验可知物块所受的浮力大小为_N，物块的体积是_m3（g取10N/kg）。如果物块继续下沉，

21、假设不触碰到杯底，则弹簧测力计示数_（选填“增大”、“减小”或“不变”）。【答案】(1).0.8(2).8×10-5(3).不变【解析】【详解】物体在水中受到的浮力F浮GF拉1.7N0.9N0.8N；物体的体积等于物块排开水的体积,由F浮gV排可得，VV排8×105m3,如果物块继续下沉,排开水的体积不变,水的密度不变,根据F浮水V排g可知浮力不变。物块重力不变,由F浮GF拉可知，弹簧测力计示数不变。【点睛】（1）根据称重法求出物体在水中所受浮力大小；根据阿基米德原理的变形式求出排开水的体积，物块浸没时排开液体的体积和物块自身的体积就是相等的；（2）如果物块继续下沉，排开水

22、的体积不变，水的密度不变，利用F浮水V排g可知浮力变化情况，然后可知弹簧测力计示数变化情况22.（3分）我市部分公交车已使用天然气来代替燃油天然气是一种清洁燃料，它是（选填“可再生”或“不可再生”）能源某公交车在一段时间内消耗了420g天然气，若这些天然气完全燃烧，可放出热量J，这些热量可使质量为kg的水由20升高到100天然气的热值为4.4×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg）【答案】不可再生；1.848×107J；55【解析】试题分析：（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界

23、得到补充，所以它们属于不可再生能源；（2）根据Q=mq计算出天然气燃烧放出的热量；（3）水吸收的热量和天然气放出的热量相等，根据Q吸=cm（tt0）的变形式求出水的质量解：（1）像化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；（2）消耗420g天燃气释放的热量：Q=mq=0.42kg×4.4×107J/kg=1.848×107J；（3）由题知，Q吸=Q放=1.848×107J，Q吸=cm（tt0），m=55kg故答案为：不可再生；1.848×107J；55【点评】此题主要考查的是学生对天然气燃料热值的理解和

24、掌握，并能熟练的运用热量公式进行计算是解决该题的关键23.质量为0.5kg的塑料桶装满水后总质量为10kg，小明将其从地面匀速搬到高度为1m的桌面上，在竖直向上搬水的过程中所做的总功是_J，有用功是_J，机械效率是_（g=10N/kg）【答案】(1).100(2).95(3).95%【解析】试题分析：总功W=G总h=100N×1m=100J；有用功W有=G水h=95N×1m="95J"；机械效率。【考点定位】机械效率24.如图是引体向上的示意图，小云同学在半分钟内做了12个规范的引体向上。已知小云的质量为60kg，每次引体向上他能将自身重心提高0.4m，

25、则小云每做一次引体向上所做的功为_J，整个过程中的平均功率为_W（g取10N/kg）【答案】(1).240(2).96【解析】【详解】小云的重力：Gmg60kg×10N/kg600N，小云每一次引体向上所做的功：WGh600N×0.4m240J，小云半分钟做的总功：W总240J×122880J，t0.5min30s，小云做功的平均功率：。25.使用弹簧测力计之前，要先校验弹簧测力计的_，正确使用天平测量某金属块的质量，天平平衡后其右盘的砝码数和游码位置如图所示，则该金属快的质量为_g；如图所示，电流表的示数为_A；如图所示，电压表的示数为_V【答案】(1).指针是

26、否指在零刻线上(2).78.5(3).0.28(4).11.5【解析】试题分析：任何测量工具使用前要观察量程、分度值、零刻度线。弹簧测力计使用之前，先要观察指针是否指在零刻线上。天平读数方法，右盘物体的质量等于左盘砝码的总质量加游码对应的刻度值，天平标尺的分度值为0.1g，右盘中砝码的总质量是50g+20g+5g=75g，游码在标尺上对应的刻度值是3.5g，则金属块的质量是75g+3.5g=78.5g。电流表选择00.6A量程，每一个大格代表0.2A，分度值为0.02A，电流表示数为I=0.28A。电压表选择015V量程，每一个大格代表5V，分度值为0.5V，电压表示数为U=11.5V。【考点

27、定位】弹簧测力计的使用与读数、天平的使用、电流表的读数方法、电压表的读数方法四、实验题26.用细线拴住一端粗、一端细的实心胡萝卜并悬挂起来，静止后胡萝卜的轴线水平，如图所示；在拴线处沿竖直方向将胡萝卜切成A、B两段。A、B哪段重些呢？小红、小明、小亮三个同学提出各自的猜想：小红：A较重；小明：B较重；小亮：A、B一样重。（1）为探究A、B轻重问题，小明在等间距刻度的均匀杠杆两侧挂上每个质量都相等的钩码进行实验。杠杆静止于水平状态的三次实验情境如图甲、乙、丙所示。根据图甲、乙、丙的实验，可以判断_同学的猜想是正确的。根据图甲、乙、丙的实验情境，该同学得出结论：只要满足“阻力×阻力作用点

28、到支点的距离动力×动力作用点到支点的距离”，杠杆就能平衡。这个结论是_（正确/错误），用图丁的装置来说明判断的方法：_。（2）他们判断出究A、B轻重后，继续利用待测小石块，杠杆及支架，细线，钩码数个，刻度尺，烧杯，适量的水，根据“杠杆平衡条件测固体密度”。用细线将小石块拴好，把小石块和质量为m钩码分别挂在杠杆的两边，调节钩码的位置使杠杆在水平位置平衡；如图戊所示，分别量出小石块悬挂处与支点的距离l1和钩码所挂处与支点的距离l2，由杠杆平衡条件得出小石块的质量为_；如图已所示，在烧杯内盛水，将小石块浸没水中，保持l1不变，调节钩码m的悬挂位置，使杠杆重新在水平位置平衡；量出钩码所挂处与

29、支点的距离d，则小石块所受水的浮力为_；若水的密度为，则小石块的体积为_；小石块的密度为_。【答案】（1）小红；错误；将测力计斜拉，读出动力、阻力、动力作用点和阻力作用点到支点的距离，根据F1L1=F2L2，计算可知结论不正确；（2）m；mg；m；【解析】试题分析：（1）甲、乙、丙三个图中左边钩码个数和力臂都不变，但右边随着钩码个的减少，力臂在变大，可以得出重力越大其力臂越小，即小红同学猜正确；实验时应将弹簧测力计钩在杠杆右侧的不同位置沿倾斜方向拉，使杠杆在水平位置平衡，会发现：“阻力×阻力作用点到支点的距离动力×动力作用点到支点的距离”可判断这个结论错误；将测力计斜拉，读

30、出动力、阻力、动力作用点和阻力作用点到支点的距离，根据F1L1=F2L2，计算可知结论不正确；（2）小石块和钩码m使杠杆在水平位置平衡；由杠杆平衡条件F1L1=F2L2得：m石gl1=mgl2，则质量m石=m；小石块浸没水中杠杆在水平位置平衡时；由杠杆平衡条件F1L1=F2L2得：F石l1=mgd，则F石=mg；小石块所受水的浮力为：F浮=G石F石=m石gF石=mgmg=mg；根据阿基米德原理F浮=G排=gV排得：小石块的体积V石=V排=m；小石块的密度石=27.在青铜峡市“中华黄河坛”文化长廊中，有一尊高大的人物雕像栩栩如生，这引起了小华的兴趣，他想测算的雕像的质量以及它对莲花底座的压强有多

31、大，为此，小华从黄河坛文化馆中获取了以下资料：一枚用同样材质做成的按比例缩小的雕像样品；雕像的实际高度H；从数学知识的角度获知，雕像与样品的体积比等于它们高度比的立方；在此基础上，小华又找到了天平、刻度尺、一个能够放入雕像样品的大号量筒、细线、清水等器材进行测算（1）要测算雕像的质量M，你认为小华至少需要进行哪些操作测量，并用字母表示这些测量的物理量；（2）请你用已知量、测得量，推导出测算雕像质量M的表达式；（3）若莲花底座的受力面积为S，请你写出雕像对莲花底座压强的表达式p=（用已知量、测得量表示）【答案】（1）要测算雕像的质量M，需要进行的操作测量有：用天平测出雕像样品的质量m；用刻度尺测

32、出雕像样品的高度h；（2）雕像质量的表达式M=；（3）【解析】试题分析：（1）要想算雕像的质量M，就要测量雕像样品的质量及其雕像与雕像样品之间的体积关系，由题意知雕像与样品的体积比等于它们高度比的立方；故在已知雕像高度为H的情况下，只要测量出雕像样品的高度即可，所以需要进行的操作测量及物理量为用天平测出雕像样品的质量m；用刻度尺测出雕像样品的高度h；（2）因雕像与其样品为同种材料，所以密度相同，故；整理得M=；又因雕像与样品的体积比等于它们高度比的立方得M=；（3）若莲花底座的受力面积为S，雕像对莲花底座压强的表达式p=。【考点定位】压强28.小亮做“探究电流与电阻的关系”的实验，连接的电路如

33、图甲所示，电源为可调节电压的一电源，可用的定值电阻有5、10、30，滑动变阻器的规格为“601A”。（1）请你用笔画线代替导线，把图甲所示的实验电路补充完整，并且使滑动变阻器连入电路的阻值最大。（）（2）小亮想控制电压表的示数为2V不变，则电源电压选取的范围是2V_V。（3）他将某个定值电阻接入电路后，闭合开关，发现电流表有示数而电压表无示数，则电路中的故障可能是_（选填“电阻”或“电压表”）断路；排除故障后闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，达到实验要求时，电流表示数如图乙所示，他所用的定值电阻为_。（4）保持电源电压不变，他将原来的定值电阻换成10的定值电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向

34、_（选填“左”或“右”）移动，才能达到实验要求。（5）正确完成五次实验后，小亮能得出的实验结论是：电压一定时，电流与电阻成_。（6）完成上述实验后，小亮又设计了如图丙所示的电路，来测量一个小灯泡的额定功率。已知小灯泡的额定电流为0.2A，电源电压为6V保持不变，滑动变阻器A最大阻值为50，请完成以下实验步聚：闭合开关S、S1，断开S2，移动滑动变阻器A的滑片，使电流的示数为0.2A，此时小灯泡正常发光；闭合开关S、S2断开S1，保持滑动变阻器A的滑片位置不变，_，使电流表的示数为0.2A，此时灯泡时的电阻就等于滑动变阻器_（选“A”或“B”）接入电路的电阻；再保持滑动变阻器B的滑片位置不变，将

35、滑动变阻器A的滑片移到最_（选填“左”或“右”端），此时电流表的示数为0.1A；则小灯泡的额定电功率为_W。【答案】(1).(2).6(3).电压表(4).5(5).左(6).反比(7).移动滑动变阻器B的滑片(8).B(9).右(10).0.4【解析】【详解】（1）滑动变阻器的滑片在最左端，使滑动变阻器连入电路的阻值最大，故变阻器右下接线柱连入电路中，电压表与电阻并联，如下图所示：（2）定值电阻两端的电压始终为2V不变，当用30定值电阻做实验时，滑动变阻器接入电路的阻值最大为60时，此时滑动变阻器两端的电压最大，电源电压即为最大值；由串联电路的分压特点可得：R：R滑UR：U滑，即：30：60

36、2V：U滑，解得：U滑4V，故电源的最大电压为：U2V+4V6V，即电源电压选取的范围是2V6V；（3）若电阻断路，电流表示数为0，电压表串联在电路中测电源电压有示数，不符合题意；若电压表断路，电压表没有示数，但电路为通路，电流表有示数，符合题意，故电路中的故障可能是电压表断路；电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.4A，定值电阻的阻值为：；（4）用5的电阻替换10的电阻后，由于串联电路起分压作用，因此定值电阻两端电压变大，即电压表的示数变大，要保持电压表示数不变，需增大滑动变阻器两端电压，由串联电路分压规律可知，需增大滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向左端移

37、动；（5）根据实验数据得出的实验结论：电压一定时，电流与电阻成反比；（6）闭合开关S、S1，断开S2，移动滑动变阻器A的滑片，使电流的示数为0.2A，此时小灯泡正常发光；闭合开关S、S2，断开S1，保持滑动变阻器A的滑片位置不变，移动滑动变阻器B的滑片，使电流表的示数为0.2A，此时滑动变阻器B相当于小灯泡，则灯泡的电阻就等于滑动变阻器B接入电路的电阻；再保持滑动变阻器B的滑片位置不变，将滑动变阻器A的滑片，使电流表的示数为0.1A，故应增大滑动变阻器A的电阻，故滑片移到最右端；此时电路中的总电阻为；滑动变阻器A的最大阻值为50，则滑动变阻器B的电阻即小灯泡的电阻为：RBRLR'RA605010；灯泡的额定功率为：PI2RL（0.2A）2×100.4W。五、综合题29.如图甲是顺德第二届创客节比赛活动中使用的某3D打印机，工作时，喷头的发热体自动加热到预设温度，将PLA线材料变成液态后从喷嘴流出。喷头背面装有一个散热风扇，在喷头达到预设温度后开始工作，该打印机有四个相同型号的电动机M1、M2、M3、M4，其中M1、M2、M3共同实现喷头的精准定位，M4则将PLA线材送入喷头，发热体未达到预设温度时喷头静止不动。某创客小组收集了相关的信息如图乙表所示。（1）打印机喷头能将PLA线材料变化成液态，它是利用电流的_工作的。（2）电