【KS5U解析】广东省广州市天河区2020届高三普通高中毕业班综合测试理综物理试题（二） Word版含解析

1、2020届广东省广州市天河区高三普通高中毕业班综合测试理综物理试题（二）二、选择题（本题8小题，第1418题只有一项符合题目要求，第1921有多项符合题目要求）1.甲、乙两个同学打乒乓球，某次动作中，甲同学持拍的拍面与水平方向成45°角，乙同学持拍的拍面与水平方向成30°角，如图所示设乒乓球击打拍面时速度方向与拍面垂直，且乒乓球每次击打球拍前、后的速度大小相等，不计空气阻力，则乒乓球击打甲的球拍的速度1与乒乓球击打乙的球拍的速度2之比为（）a. b. c. d. 【答案】c【解析】【详解】由题可知，乒乓球在甲与乙之间做斜上抛运动，根据斜上抛运动的特点可知，乒乓球在水平方向的

2、分速度大小保持不变，竖直方向的分速度是不断变化的，由于乒乓球击打拍面时速度与拍面垂直，在甲处：；在乙处：；所以：故c正确，abd错误2.如图是飞机在上海市由北往南飞行表演过程画面，当飞机从水平位置飞到竖直位置时，相对于飞行员来说，关于飞机的左右机翼电势高低的说法正确的是（ ）a. 不管水平飞行还是竖直向上飞行，都是飞机的左侧机翼电势高b. 不管水平飞行还是竖直向上飞行，都是飞稱的右机翼电势高c. 水平飞行时，飞机的右侧机翼电势高，竖直向上飞行时，飞机的左侧机翼电势高d. 水平飞行时，飞机的左侧机翼电势高；竖直向上飞行时，飞机的右侧机翼电势高【答案】d【解析】【详解】地磁场在北半球有竖直向下和由

3、南向北的水平分量，水平由北向南飞行时，飞机的两翼切割竖直向下的磁感线，根据右手定则可知，左侧机翼电势高；竖直向上飞行时，两翼切割水平方向的磁感线，根据右手定则可知，机翼右侧电势高，d正确，abc错误。故选d。3.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为12，正弦交流电源电压为u12 v，电阻r11 ，r22 ，滑动变阻器r3最大阻值为20 ，滑片p处于中间位置，则a. r1与r2消耗的电功率相等b. 通过r1的电流为3 ac. 若向上移动p，电压表读数将变大d. 若向上移动p，电源输出功率将不变【答案】b【解析】【详解】理想变压器原副线圈匝数之比为1：2，可知原副线圈的电流之比为2：1，根据p=

4、i2r可知r1与r2消耗的电功率之比为2：1，故a错误；设通过r1的电流为i，则副线圈电流为0.5i，初级电压：u-ir1=12-i；根据匝数比可知次级电压为2（12-i），则，解得i=3a，故b正确；若向上移动p，则r3电阻减小，次级电流变大，初级电流也变大，根据p=iu可知电源输出功率将变大，电阻r1的电压变大，变压器输入电压变小，次级电压变小，电压表读数将变小，故c d错误；故选b4.如图所示，左侧是半径为r的四分之一圆弧，右侧是半径为2r的一段圆弧二者圆心在一条竖直线上，小球a、b通过一轻绳相连，二者恰好等于等高处平衡已知，不计所有摩擦，则小球a、b的质量之比为a. 3:4b. 3:5

5、c. 4:5d. 1:2【答案】a【解析】【详解】对a和b两个物体受力分析，受力分析图如下，因一根绳上的拉力相等，故拉力都为t；由力平衡可知a物体的拉力，b物体的拉力，则联立可解得，a正确5.如图，梯形小车a处于光滑水平面上，一弹性绳将小车a与竖直墙壁连接（松弛），a倾斜上表面放有物块b，现给a和b向左的相同速度v0，在之后的运动过程中，a与b始终保持相对静止。则在弹性绳从伸直到长度最大的过程中（ ）a. b对a的压力一直增大b. b对a的摩檫力一直减小c. b对a的作用力一直减小d. b对a的作用力方向水平向左【答案】a【解析】【详解】ab整体受到的弹性绳的拉力越来越大，则加速度越来越大，即

6、整体做加速度越来越大的减速运动，则b也做加速度越来越大的减速运动，对b受力分析，由牛顿第二定律可知，则随着加速度a的增加，a对b的支持力n一直增大；即 则随着加速度a的增加，a对b的摩擦力f可能先减小后增大，根据牛顿第三定律，b对a的压力一直增大，b对a的摩擦力可能先减小后增大，a正确，b错误；cdb受到a的作用力和重力，由于b的加速度水平线向右越来越大，根据牛顿第二定律，a对b的作用力一直增大，a对b的作用力方向斜向右上方，根据牛顿第三定律，b对a的作用力一直增大，方向斜向左下方，cd错误。故选a。6. 一质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用此后，该质点的动能可能( )a. 一

7、直增大b. 先逐渐减小至零，再逐渐增大c. 先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小d. 先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大【答案】abd【解析】试题分析：一质点开始时做匀速直线运动，说明质点所受合力为0，从某时刻起受到一恒力作用，这个恒力就是质点的合力根据这个恒力与速度的方向关系确定质点动能的变化情况解：a、如果恒力与运动方向相同，那么质点做匀加速运动，动能一直变大，故a正确b、如果恒力与运动方向相反，那么质点先做匀减速运动，速度减到0，质点在恒力作用下沿着恒力方向做匀加速运动，动能再逐渐增大故b正确c、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解

8、，其中恒力与一个速度方向相同，这个方向速度就会增加，另一个方向速度不变，那么合速度就会增加，不会减小故c错误d、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解，其中恒力与一个速度方向相反，这个方向速度就会减小，另一个方向速度不变，那么合速度就会减小，当恒力方向速度减到0时，另一个方向还有速度，所以速度到最小值时不为0，然后恒力方向速度又会增加，合速度又在增加，即动能增大故d正确故选abd【点评】对于直线运动，判断速度增加还是减小，我们就看加速度的方向和速度的方向对于受恒力作用的曲线运动，我们可以将速度分解到恒力方向和垂直恒力方向，再去研究7.在流浪地球

9、的“新太阳时代”，流浪2500年的地球终于定居，开始围绕比邻星做匀速圆周运动，己知比邻星的质量约为太阳质量的，目前地球做匀速圆周运动的公转周期为1y，日地距离为1au（au为天文单位）。若“新太阳时代"地球的公转周期也为1y，可知“新太阳时代”（ ）a. 地球的公转轨道半径约为aub. 地球的公转轨道半径约为auc. 地球的公转速率与目前地球绕太阳公转速率的比值为12d. 地球公转速率与目前地球绕太阳公转速率的比值为14【答案】ac【解析】【详解】ab根据万有引力提供向心力可知：解得公转半径为：比邻星质量约为太阳质量，公转周期相同，则“新太阳时代”，地球的公转轨道半径约为au，a正确

10、，b错误；cd根据解得公转速率比邻星质量约为太阳质量，公转半径之比为1：2，则公转速率之比为1：2，c正确，d错误。故选ac。8.如图所示，在竖直平面内有一匀强电场，一带电量为+q、质量为m的小球在力f的作用下，沿图中虚线由m至n做竖直向上的匀速运动已知力f和mn之间的夹角为45°，mn之间的距离为d，重力加速度为g则下列说法正确的是（）a. 电场的方向可能水平向左b. 电场强度e的最小值为c. 当qemg时，小球从m运动到n时电势能变化量为零d. f所做的功一定为【答案】bc【解析】【详解】a小球受力情况：小球受到重力mg、拉力f与电场力qe，因为小球做匀速直线运动，合力为零，则f

11、与qe的合力与mg大小相等、方向相反，作出f与qe的合力，如图根据上图可知，电场力在右侧，由于小球带正电，电场方向与电场力方向相同，故指向右侧，故a错误；b由图可知，当电场力qe与f垂直时，电场力最小，此时场强也最小则得：qemgsin，所以电场强度的最小值为，故b正确；c当mgeq时，根据几何关系，电场力水平向右，与mn垂直，小球从m运动到n电场力不做功，即小球从m运动到n时电势能变化量为零，故c正确；d由于电场力变化时，f大小也跟随着改变，所以做功也不能具体确定值，故d错误；三、非选择题：第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338題为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题。9

12、.为测定木块与桌面之间的动摩擦因数，某同学设计了如图所示的装置进行实验。实验中，当木块位于水平桌面上的o点时，重物b刚好接触地面，不考虑b反弹对系统的影响。将a拉到p点，待b稳定后，a由静止释放，最终滑到q点。测出po、oq的长度分别为h、s。（1）实验开始时，发现a释放后会撞到滑轮，为了解决这个问题，可以适当_（“增大”或“减小”）重物的质量。（2）滑块a在po段和oq段运动的加速度大小比值为_。（3）实验得a、b的质量分别为m、m，可得滑块与桌面间的动摩擦因数的表达式为_（用m、m、h、s表示）。【答案】 (1). 减小 (2). (3). 【解析】【详解】（1）1b减少的重力势能转化成系

13、统的内能和ab的动能，a释放后会撞到滑轮，说明b减少的势能太多，转化成系统的内能太少，可以通过减小b的质量；增加细线的长度（或增大a的质量；降低b的起始高度）解决。依据解决方法有：可以通过减小b的质量；增加细线的长度（或增大a的质量；降低b的起始高度），故减小b的质量；（2）2根据运动学公式可知：2ah=v22as=v2联立解得：（3）3b下落至临落地时根据动能定理有：mgh-mgh=（m+m）v2在b落地后，a运动到q，有mv2=mgs解得：10.龙泉中学某物理小组欲利用如图所示的电路同时测量一只有30格刻度的毫安表的量程、内阻和光敏电阻的阻值与光照强度之间的关系实验室能提供的实验器材有：学

14、生电源（输出电压为，内阻不计）、电阻箱（最大阻值999.9 ）、单刀双掷开关一个、导线若干（1）该小组实验时先将电阻箱的阻值调至最大，然后将单刀双掷开关接至a端，开始调节电阻箱，发现将电阻箱的阻值调为800时，毫安表刚好偏转20格的刻度；将电阻箱的阻值调为500时，毫安表刚好能满偏实验小组据此得到了该毫安表的量程为ig=_ ma，内阻=_（2）该小组查阅资料得知，光敏电阻的阻值随光照强度的变化很大，为了安全，该小组需将毫安表改装成量程为3 a的电流表，则需在毫安表两端_（选填“串联”或“并联”）一个阻值为_的电阻（结果保留一位小数）（3）改装完成后（表盘未改动），该小组将单刀双掷开关接至b端，

15、通过实验发现，流过毫安表的电流i（单位：ma）与光照强度e（单位：cd）之间的数量关系满足，由此可得光敏电阻的阻值r（单位：）与光照强度e（单位：cd）之间的关系为=_【答案】 (1). （1）30 (2). 100 (3). （2）并联 (4). 1.0 (5). (3)【解析】【分析】根据部分电路的欧姆定律，由题中所给的两组数据列方程可求出毫安表的内阻，再结合刻度线就能求出毫安表的量程；电表的改装问题就是部分电路的欧姆定律的应用，根据满偏刻度和内阻的值及量程就能算出要并联的电阻值；设光敏电阻的电流为i，由欧姆定律太题设条件列式就能表示出光敏电阻与光照强度的关系【详解】（1）设毫安表每格表示

16、电流大小为，则当电阻箱的阻值为时，由闭合电路的欧姆定律可得；当电阻箱的阻值为r=800时，则有，两式联立并代入数据可解得：，该毫安表的量程ig=30ma；（2）要将量程为300ma的毫安表改成量程为电流表，则需在毫安表两端并联一个电阻，设其电阻为r，则有，代入数据可解得；（3）由题意可知，改装后电流表的内阻为，设通过光敏电阻的电流大小为（单位：a）则有成立，且，即，整理可得11.如图所示，在第象限内有水平向右的匀强电场，在第i象限和第iv象限的圆形区域内分别存在如图所示的匀强磁场，在第iv象限磁感应强度大小是第象限的2倍圆形区域与x轴相切于q点，q到o点的距离为l，有一个带电粒子质量为m，电荷

17、量为q，以垂直于x轴的初速度从轴上的p点进入匀强电场中，并且恰好与y轴的正方向成60°角以速度v进入第i象限，又恰好垂直于x轴在q点进入圆形区域磁场，射出圆形区域磁场后与x轴正向成30°角再次进入第i象限。不计重力。求：（1）第i象限内磁场磁感应强度b的大小：（2）电场强度e的大小；（3）粒子在圆形区域磁场中的运动时间。【答案】（1）；（2）；（3）。【解析】【详解】（1）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，轨迹如图所示设粒子在第象限内的轨迹半径为r1由几何关系有： 得：根据洛伦兹力提供向心力有：得： （2）带电粒子在电场中做类平抛运动，由几何关系有： v0=vcos60

18、76;=v粒子刚出电场时vx=vsin60°=v粒子在电场中运动时间为：vx=at可得：（3）由几何关系知，粒子在圆形磁场中运动的时间 而 结合得12.如图所示，一根劲度系数为k的轻质弹簧竖直放置，上下两端各固定质量均为m的物体a和b（均视为质点），物体b置于水平地面上，整个装置处于静止状态，一个质量的小球p从物体a正上方距其高度h处由静止自由下落，与物体a发生碰撞（碰撞时间极短），碰后a和p粘在一起共同运动，不计空气阻力，重力加速度为g（1）求碰撞后瞬间p与a的共同速度大小；（2）当地面对物体b的弹力恰好为零时，求p和a的共同速度大小（3）若换成另一个质量的小球q从物体a正上方某一

19、高度由静止自由下落，与物体a发生弹性碰撞（碰撞时间极短），碰撞后物体a达到最高点时，地面对物块b的弹力恰好为零求q开始下落时距离a的高度（上述过程中q与a只碰撞一次）【答案】（1）（2）（3）【解析】【详解】本题考查物体自由下落、碰撞以及涉及弹簧的机械能守恒问题（1）设碰撞前瞬间p的速度为，碰撞后瞬间二者的共同速度为由机械能守恒定律，可得由动量守恒定律可得，联立解得（2）设开始时弹簧的压缩量为x，当地面对b的弹力为零时弹簧的伸长量为，由胡可定律可得，故二者从碰撞后瞬间到地面对b的弹力为零的运动过程中上升的高度为由可知弹簧在该过程的始末两位置弹性势能相等，即设弹力为零时二者共同速度的大小为v，由

20、机械能守恒定律，得，解得（3）设小球q从距离a高度为h时下落，q在碰撞前后瞬间的速度分别为，碰后a的速度为，由机械能守恒定律可得由动量守恒定律可得由能量守恒可得，由（2）可知碰撞后a上升的最大高度为由能量守恒可得联立解得。（二）选考题。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做，则每科按所做的第一题计分。13.在装有食品的包装袋（导热良好）中充入氮气，可以起到保质作用。某厂家为检测包装袋的密封性，在包装袋中充满一定量的氮气，然后密封进行加压测试。测试时，对包装袋缓慢地施加压力。将袋内的氮气视为理想气体，则加压测试过程中，包装袋内壁单位面积上所受气体分子撞击的作用力_

21、（选填“增大”，“减小”或“不变”），包装袋内氮气的内能_（选填增大"、“减小"或“不变"），包装袋内氮气_ （选填“吸热“、，放热"或“不吸热也不放热'）。【答案】 (1). 增大 (2). 不变 (3). 放热【解析】【详解】1根据气体压强的微观意义可知，因为加压，故内部气体的压强增大，故包装袋内壁单位面积上所受气体分子撞击的作用力将增大；2因为是缓慢地施加压力，故认为温度不变，理想气体的内能只与温度有关，故包装袋内氮气的内能不变；3对气体加压的过程中气体的温度不变，则体积减小，该过程中外力对气体做功而内能不变，由热力学第一定律可知，包装袋内

22、氮气放热。14.如图所示，放置在水平地面上一个高为48cm、质量为30kg的金属容器内密闭一些空气，容器侧壁正中央有一阀门，阀门细管直径不计.活塞质量为10kg，横截面积为50cm².现打开阀门，让活塞下降直至静止.不考虑气体温度的变化，大气压强为1.0×105pa，忽略所有阻力求：(1)活塞静止时距容器底部的高度；(2)活塞静止后关闭阀门，对活塞施加竖直向上的拉力，通过计算说明能否将金属容器缓缓提离地面?【答案】(1)20cm(2)不能【解析】【详解】（1）活塞经阀门细管时，容器内气体的压强为：p1=1.0×105pa容器内气体的体积为：l1=24cm活塞静止时

23、，气体的压强为：根据玻意耳定律：p1v1=p2v2代入数据得：（2）活塞静止后关闭阀门，设当活塞被向上拉至容器开口端时，l3=48cm根据玻意耳定律：p1l1s=p3l3s代入数据得：p35×104pa又因为f+p3s=p0s+mg所以f=350n40×10n所以金属容器不能被提离地面15.一列简谐横波，沿x轴正向传播，位于原点的质点的振动图象如图1所示；图2为该波在某一时刻的波形图，a点位于x0.5 m处下列说法正确的是_a. 由图1可知，位于原点的质点振动的振幅是16cmb. 位于原点的质点振动的周期是0.2sc. 由图1，在t等于周期时，位于原点的质点离开平衡位置的位移为零d. 该波传播速度是20m/se. 由图2可知，经过周期后，a点离开平衡位置的位移是-8cm【答案】bce【解析】