全国统一高考物理试卷

1、1997年全国统一高考物理试卷一本题共5小题；每小题3分，共15分在每小题给出的四个选项中只有一项是正确的1（3分）（2006朝阳区一模）在粒子散射实验中，绝大多数粒子都沿直线运动，但有少数粒子发生大角度偏转，其原因是（）A原子的全部正电荷和几乎全部质量集中在一个很小的核上B正电荷在原子中是均匀分布的C原子中存在着带负电的电子D原子只能处在一系列不连续的能量状态中2（3分）质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为v2在碰撞过程中，钢球受到合力的冲量的方向和大小为（）A向下，m（v1v2）B向上，m（v1v2）C向下，m（v1+v2）D向上，m（v1+v

2、2）3（3分）质量为M的木块位于粗糙水平桌面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为a，当拉力方向不变，大小变为2F时，木块的加速度为a，则（）Aa=aBa2aCa2aDa=2a4（3分）图（1）、（2）两电路中，当ab两端与ef两端分别加上110V的交流电压时，测得cd间与gh间的电压均为55V若分别在cd两端与gh两端加上110V的交流电压，则ab间与ef间的电压分别为（）A220V，220VB220V，110VC110V，110VD220V，05（3分）在双缝干涉实验中，以白光为光源，在屏幕上观察到了彩色干涉条纹，若在双缝中的一缝前放一 红色滤光片（只能透过红光），另一缝前放一绿色滤

3、光片（只能透过绿光），这时（）A只有红色和绿色的双缝干涉条纹，其它颜色的双缝干涉条纹消失B红色和绿色的双缝干涉条纹消失，其它颜色的双缝干涉条纹依然存在C任何颜色的双缝干涉条纹都不存在，但屏上仍有光亮D屏上无任何光亮二本题共9小题；每小题5分，共45分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得5分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分6（5分）（2009安徽模拟）在下列反应方程中，x代表质子的方程是（）ABCD7（5分）光线在玻璃和空气的分界面上发生全反射的条件是（）A光从玻璃射到分界面上，入射角足够小B光从玻璃射到分界面上，入射角足够大C光从空气射到

4、分界面上，入射角足够小D光从空气射到分界面上，入射角足大8（5分）（2007福建模拟）在下列叙述中，正确的是（）A物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子平均动能越大B布朗运动就是液体分子的热运动C分子之间的引力总是大于斥力D分子间的距离r0存在某一值r=r0，当rr0时，斥力大于引力，当rr0时，斥力小于引力9（5分）图中重物的质量为m，轻细线AO和BO的A、B端是固定的平衡时AO是水平的，BO与水平面的夹角为AO的拉力F1和BO的拉力F2的大小是（）AF1=mgcosBF1=mgcotCF2=mgsinDF2=10（5分）为了增大LC振荡电路的固有频率，下列办法中可采取的是（）A增大电容器两

5、极板的正对面积并在线圈中放入铁芯B减小电容器两极板的距离并增加线圈的匝数C减小电容器的两极板的距离并在线圈中放入铁芯D减小电容器两极板的正对面积并减少线圈的匝数11（5分）简谐横波某时刻的波形图线如图所示由此图可知（）A若质点a向下运动，则波是从左向右传播的B若质点b向上运动，则波是从左向右传播的C若波从右向左传播，则质点c向下运动D若波从右向左传播，则质点d向上运动12（5分）如图所示的电路中，电源的电动势恒定，要想使灯变暗，可以（）A增大R1B减小R1C增大R2D减小R213（5分）（2012南充二模）如图所示的电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略下列说法中正确的是（）

6、A合上开关K接通电路时，A2先亮，A1后亮，最后一样亮B合上开关K接通电路时，A1和A2始终一样亮C断开开关K切断电路时，A2立刻熄灭，A1过一会儿才熄灭D断开开关K切断电路时，A1和A2都要过一会儿才熄灭14（5分）（2009宝山区二模）在图示电路的三根导线中，有一根是断的，电源、电阻器R1、R2及另外两根导线都是好的，为了查出断导线，某学生想先将万用表的红表笔连接在电源的正极a，再将黑表笔分别连电阻器R1的b端和R2的c端，并观察万用表指针的示数，在下列选档中，符合操作规程的是（）A直流10V挡B直流0.5A挡C直流2.5V挡D欧姆挡三、本题共3小题；其中第15题5分，其余的每题6分，共1

7、7分把答案填在题中的横线上或按题目要求作图15（5分）（2012丰台区模拟）一游标卡尺的主尺最小分度为1mm，游标上有10个小等分间隔，现用此卡尺来测量工件的直径，游标部分放大图如图所示该工件的直径为_mm16（6分）下列给出的器材中，哪些是“验证玻一马定律实验“所必需的，把这些器材前面的字母填在横线上A带有刻度的注射器 B刻度尺 C弹簧秤 D钩码若干个答：_实验读数过程中，不能用手握住注射器，这是为了_用橡皮帽封住注射器小孔，这是为了_17（6分）某电压表的内阻在20千欧50千欧之间，现要测量其内阻，实验室提供下列可选用的器材：待测电压表V（量程3V）电流表A1（量程200A ）电流表A2（

8、量程5mA）电流表A3（量程0.6A）滑动变阻器R（最大阻值1K）电源（电动势4V）电键K（1）所提供的电流表中，应选用_（填写字母代号）（2）为了尽量减小误差，要求测多组数据试在方框中画出符合要求的实验电路图（其中电源和电键及其连线已画出）四本题共4小题；每小题5分，共20分把答案填在题中横线上18（5分）如图，在x轴的上方（y0）存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B在原点O有一个离子源向x轴上方的各个方向发射出质量为m、电量为q的正离子，速率都为v对哪些在xy平面内运动的离子，在磁场中可能到达的最大x=_，最大y=_19（5分）质量为m、电量为q的质点，在静电力作用下以恒定的速率

9、v沿圆弧从A点运动到B点，其速度方向改变的角度为（弧度），AB弧长为s，则A、B两点间的电势差AB=_，AB弧中点的场强大小E=_20（5分）已知地球半径为6.4×106m，又知月球绕地球的运动可近似看作匀速圆周运动，则可估算出月球到地球的距离约为_m（结果只保留一位有效数字）21（5分）内壁光滑的环形细圆管，位于竖直平面内，环的半径为R（比细管的半径大得多）在细圆管中有两个直径略小于细圆管管径的小球（可视为质点）A和B，质量分别为m1和m2，它们沿环形圆管（在竖直平面内）顺时针方向运动，经过最低点时的速度都是v0；设A球通过最低点时B球恰好通过最高点，此时两球作用于环形圆管的合力为

10、零，那么m1、m2、R和v0应满足的关系式是_五本题共5小题，53分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位22（9分）有一个焦距为36厘米的凸透镜，在主轴上垂直放置一支蜡烛，得到一个放大率为4的虚像如果想得到放大率为4的实像，蜡烛应向哪个方向移动？移动多少？23（9分）（2013楚雄州二模）图中竖直圆筒是固定不动的，粗筒横截面积是细筒的4倍，细筒足够长，粗筒中A、B两轻活塞间封有空气，气柱长L=20cm，活塞A上方的水银深H=10cm，两活塞与筒壁间的摩擦不计，用外力向上托住活塞B，使之处于平衡状态，水银面与粗筒上端相

11、平，现使活塞B缓慢上移，直至水银的一半被推入细管中，求活塞B上移的距离，设在整个过程中气柱的温度不变，大气压强p0相当于75cm高的水银柱产生的压强24（11分）（2012昆明模拟）如图所示，在方向水平的匀强电场中，一个不可伸长的不导电轻细线的一端连着一个质量为m的带电小球，另一端固定于O点，把小球拉直至细线与电场方向平行，然后无初速释放，已知小球摆到最低点的另一侧，线与竖直方向的最大夹角为求小球经过最低点时细线对小球的拉力25（12分）质量为m的钢板与直立轻弹簧的上端连接，弹簧下端固定在地上，平衡时，弹簧的压缩量为x0，如图所示，一物块从钢板正上方距离为3x0的A处自由落下，打在钢板上并立刻

12、与钢板一起向下运动，但不粘连，它们到达最低点后又向上运动，已知物块质量也为m时，它们恰能回到O点，若物块质量为2m，仍从A处自由落下，则物块与钢板回到O点时，还具有向上的速度，求物块向上运动到达最高点O点的距离26（12分）如图1所示，真空室中电极K发出的电子（初速不计）经过U0=1000V的加速电场后，由小孔S沿两水平金属板A、B间的中心线射入A、B板长l=0.20m，相距d=0.020m，加在A、B两板间的电压u随时间t变化的ut图线如图2所示设A、B间的电场可看作是均匀的，且两板外无电场在每个电子通过电场区域的极短时间内，电场可视作恒定的两板右侧放一记录圆筒，筒在左侧边缘与极板右端距离b

13、=0.15m，筒绕其竖直轴匀速转动，周期T=0.20s，筒的周长s=0.20m，筒能接收到通过A、B板的全部电子（1）以t=0时（见图2，此时u=0）电子打到圆筒记录纸上的点作为xy坐标系的原点，并取y轴竖直向上试计算电子打到记录纸上的最高点的y坐标和x坐标（不计重力作用）（2）在给出的坐标纸（图3）上定量地画出电子打到记录纸上的点形成的图线1997年全国统一高考物理试卷参考答案与试题解析一本题共5小题；每小题3分，共15分在每小题给出的四个选项中只有一项是正确的1（3分）（2006朝阳区一模）在粒子散射实验中，绝大多数粒子都沿直线运动，但有少数粒子发生大角度偏转，其原因是（）A原子的全部正电

14、荷和几乎全部质量集中在一个很小的核上B正电荷在原子中是均匀分布的C原子中存在着带负电的电子D原子只能处在一系列不连续的能量状态中考点：粒子散射实验分析：这是因为原子核带正电荷且质量很大，阿尔法粒子也带正电荷，由于同种电荷相互排斥和阿尔法粒子被质量较大的原子核弹回解答：解：粒子和电子之间有相互作用力，它们接近时就有库仑引力作用，但由于电子的质量只有粒子质量的1/7300，粒子与电子碰撞就像一颗子弹与一个灰尘碰撞一样，粒子质量大，其运动方向几乎不改变粒子散射实验中，有少数粒子发生大角度偏转说明三点：一是原子内有一质量很大的粒子存在；二是这一粒子带有较大的正电荷；三是这一粒子的体积很小，A正确故选A

15、点评：本题考查的是粒子散射实验对这个实验要清楚两点：一是粒子散射实验的实验现象；二是对实验现象的微观解释原子的核式结构2（3分）质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为v2在碰撞过程中，钢球受到合力的冲量的方向和大小为（）A向下，m（v1v2）B向上，m（v1v2）C向下，m（v1+v2）D向上，m（v1+v2）考点：动量定理专题：动量定理应用专题分析：由于碰撞时间极短，钢球的重力相对于地面对钢球的冲力可忽略不计根据动量定理求解在碰撞过程中地面对钢球的冲量的方向和大小解答：解：选取竖直向下方向为正方向，根据动量定理得 地面对钢球的冲量I=mv2mv1=

16、m（v1+v2），则地面对钢球的冲量的方向向上，大小为m（v1+v2）故选：D点评：应用动量定理求解冲量是常用的方法，要注意选取正方向，用带正号的量值表示矢量如重力不能忽略，还要考虑重力的冲量3（3分）质量为M的木块位于粗糙水平桌面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为a，当拉力方向不变，大小变为2F时，木块的加速度为a，则（）Aa=aBa2aCa2aDa=2a考点：牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：木块在水平恒力作用做匀加速运动，水平方向受到恒力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律分别列方程，然后再比较加速度大小解答：解：由牛顿第二定律得：FFf=ma2FFf=ma由于物体所受的摩

17、擦力：Ff=FN=mg即Ff不变，所以有：a=2a+2a故选C点评：本题考查对牛顿第二定律F=ma的理解能力，F是物体受到的合力，不能简单认为加速度与水平恒力F成正比而选择D4（3分）图（1）、（2）两电路中，当ab两端与ef两端分别加上110V的交流电压时，测得cd间与gh间的电压均为55V若分别在cd两端与gh两端加上110V的交流电压，则ab间与ef间的电压分别为（）A220V，220VB220V，110VC110V，110VD220V，0考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：左图是变压器，右图是直流电路中的部分电路，变压器的原副线圈电压之比等于线圈匝数比解答：解：当a、b两端接

18、110V的交变电压时，测得c、d两端的电压为55V，则原副线圈匝数比为2：1，所以当c、d两端加上110V交变电压，a、b两端电压为220V；当g、h两端加上110V交变电压时，e与滑片间无电流，电压为零，故e、f两端电压与g、h两端电压相同，也为110V故选：B点评：本题主要考查变压器的工作原理和原副线圈的变压比公式，要能和直流电路的分压原理相区别5（3分）在双缝干涉实验中，以白光为光源，在屏幕上观察到了彩色干涉条纹，若在双缝中的一缝前放一 红色滤光片（只能透过红光），另一缝前放一绿色滤光片（只能透过绿光），这时（）A只有红色和绿色的双缝干涉条纹，其它颜色的双缝干涉条纹消失B红色和绿色的双缝

19、干涉条纹消失，其它颜色的双缝干涉条纹依然存在C任何颜色的双缝干涉条纹都不存在，但屏上仍有光亮D屏上无任何光亮考点：光的干涉专题：光的干涉专题分析：发生干涉的条件是两列光的频率相同白光通过红色滤光片剩下红光，通过绿色滤光片剩下绿光，红光和绿光不能发生干涉解答：解：在双缝中的一缝前放一红色滤光片（只能透过红光），另一缝前放一绿色滤光片（只能透过绿光），由于绿光和红光的频率不同，则不能发生干涉，但屏上仍有光亮故C正确，A、B、D错误故选C点评：解决本题的关键知道光发生干涉的条件，两列光的频率需相同二本题共9小题；每小题5分，共45分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选

20、项正确全部选对的得5分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分6（5分）（2009安徽模拟）在下列反应方程中，x代表质子的方程是（）ABCD考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度；原子核的人工转变专题：衰变和半衰期专题分析：根据电荷数守恒、质量数守恒确定X的电荷数和质量数，从而判断是否是质子解答：解：A、根据电荷数守恒、质量数守恒，X的电荷数为0，质量数为1，为中子故A错误B、根据电荷数守恒、质量数守恒，X的电荷数为1，质量数为1，为质子故B正确C、根据电荷数守恒、质量数守恒，X的电荷数为1，质量数为1，为质子故C正确D、根据电荷数守恒、质量数守恒，X的电荷数为1，质量数为2，为氘核故D错误故选BC

21、点评：解决本题的关键知道在核反应中电荷数守恒、质量数守恒7（5分）光线在玻璃和空气的分界面上发生全反射的条件是（）A光从玻璃射到分界面上，入射角足够小B光从玻璃射到分界面上，入射角足够大C光从空气射到分界面上，入射角足够小D光从空气射到分界面上，入射角足大考点：全反射；光的折射定律专题：全反射和临界角专题分析：玻璃的折射率大于空气的，所以一定是从玻璃射向空气的光，入射角足够大时能发生全反射解答：解：发生全反射的条件是光从光密介质进入光疏介质，且入射角大于临界角，玻璃的折射率大于空气，所以B正确故选B点评：本题较简单，只要知道发生全反射的两个条件：光密介质到光疏介质，入射角大于临界角8（5分）（

22、2007福建模拟）在下列叙述中，正确的是（）A物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子平均动能越大B布朗运动就是液体分子的热运动C分子之间的引力总是大于斥力D分子间的距离r0存在某一值r=r0，当rr0时，斥力大于引力，当rr0时，斥力小于引力考点：布朗运动；分子间的相互作用力专题：布朗运动专题分析：布朗运动是固体微粒的运动，是液体分子无规则热运动的反映，与温度和压强有关分子间的距离r0存在某一值r=r0，此时引力等于斥力，分子力为零，当rr0时，斥力大于引力，当rr0时，斥力小于引力解答：解：A、布朗运动是液体分子无规则热运动的反映，与温度和压强有关，温度越高，压强越大，运动越剧烈，分子平均动

23、能越大，故A正确B、布朗运动是固体微粒的运动，是液体分子无规则热运动的反映，故B错误CD、分子间的距离r0存在某一值r=r0，此时引力等于斥力，分子力为零，当rr0时，斥力大于引力，当rr0时，斥力小于引力故C错误，D正确故选：AD点评：本题考查学生对分子动理论等基本概念和基本规律的识记能力，做对题的前提是熟记这些知识点，并灵活运用9（5分）图中重物的质量为m，轻细线AO和BO的A、B端是固定的平衡时AO是水平的，BO与水平面的夹角为AO的拉力F1和BO的拉力F2的大小是（）AF1=mgcosBF1=mgcotCF2=mgsinDF2=考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点

24、力作用下物体平衡专题分析：以结点为研究对象，分析受力情况：三根细线的拉力重物对O点的拉力等于mg作出力图求解解答：解：以结点为研究对象，分析受力情况：三根细线的拉力重物对O点的拉力等于mg根据平衡条件得知，mg与F1的合力与F2大小相等、方向相反，作出力的合成图如图则有：F1=mgcotF2=故选：BD点评：本题是常见的绳子悬挂物体的类型，常常选择结点为研究对象，根据平衡条件研究比较容易10（5分）为了增大LC振荡电路的固有频率，下列办法中可采取的是（）A增大电容器两极板的正对面积并在线圈中放入铁芯B减小电容器两极板的距离并增加线圈的匝数C减小电容器的两极板的距离并在线圈中放入铁芯D减小电容器

25、两极板的正对面积并减少线圈的匝数考点：电磁波的产生分析：振荡电路产生的振荡电流频率平方与线圈L及电容器C成反比解答：解：LC振荡电路的固有频率：，若要增大LC振荡电路的固有频率，就要减小电容器的电容，或减小线圈中的自感系数A、增大电容器两极板间的正对面积，使得电容器的电容变大，而在线圈中放入铁芯，使得线圈的自感系数增大则频率变小，故A错误；B、减小电容器两极板的距离，使得电容器的电容变大，而增加线圈的匝数，使得线圈的自感系数增大则频率变小，故B错误；C、减小电容器两极板的距离，使得电容器的电容变大，而在线圈中放入铁芯，使得线圈的自感系数增大则频率变小，故C错误；D、减小电容器两极板的正对面积，

26、使得电容器的电容变小，而减小线圈的匝数，使得线圈的自感系数变小则频率变大，故D正确；故选：D点评：该题考查LC回路的固有频率和平行板电容器的电容的决定式、线圈的自感系数的有关因素，属于对基础知识的考查基础题目11（5分）简谐横波某时刻的波形图线如图所示由此图可知（）A若质点a向下运动，则波是从左向右传播的B若质点b向上运动，则波是从左向右传播的C若波从右向左传播，则质点c向下运动D若波从右向左传播，则质点d向上运动考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象分析：若质点上下运动，根据波形的平移法判断波的传播的方向同理，也可以根据波的传播方向来确定质点的振动方向解答：解：A、若质点a向下运动，波形向

27、左平移，则波是从右向左传播的故A错误B、若质点b向上运动，波形向右平移，则波是从左向右传播的故B正确C、若波从右向左传播，根据平移法，波形向左平移，则质点c向上运动故C错误D、若波从右向左传播，根据平移法，波形向左平移，则质点d向上运动故D正确故选BD点评：根据质点的速度方向判断波的传播方向是基本功，要熟练掌握本题要抓住简谐波的特点“前带后，后跟前”12（5分）如图所示的电路中，电源的电动势恒定，要想使灯变暗，可以（）A增大R1B减小R1C增大R2D减小R2考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：由图可知，灯泡与R2并联后与R1串联；要使灯泡变暗，应使流过灯泡的电流减小；则可分别由闭合

28、电路欧姆定律分析各项，可得出正确答案解答：解：A、R1增大，总电阻增大，总电流减小，灯泡和R2并联的电压就减小，所以灯泡的电流减小，灯泡变暗，A正确，B错误；D、R2减小，总电阻减小，总电流增大，R1的电压增大，所以灯泡和R2并联的电压就减小，所以灯泡的电流减小，灯泡变暗，D正确，C错误；故选AD点评：在电路中，若部分电阻发生了变化，则对该部分的处理不能直接根据欧姆定律求解，应灵活应用串并联电路的性质进行分析判断13（5分）（2012南充二模）如图所示的电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略下列说法中正确的是（）A合上开关K接通电路时，A2先亮，A1后亮，最后一样亮B合上开关

29、K接通电路时，A1和A2始终一样亮C断开开关K切断电路时，A2立刻熄灭，A1过一会儿才熄灭D断开开关K切断电路时，A1和A2都要过一会儿才熄灭考点：自感现象和自感系数分析：当开关接通和断开的瞬间，流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据楞次定律及串联电路的特点来分析解答：解：A、B，合上开关K接通电路时，A2立即正常发光，线圈中电流要增大，由于自感电动势的阻碍，灯泡A1中电流只能逐渐增大，则A2先亮，A1后亮，最后一样亮故A正确，B错误 C、D，A2原来的电流立即减小为零，线圈中产生自感电动势，两灯泡串联和线圈组成回路，回路中电流从原来值逐渐减小到零，则A1和A2都要过

30、一会儿才熄灭故C错误，D正确故选AD点评：自感现象是特殊的电磁感应现象，同样遵守电磁感应的普遍规律楞次定律，对本题这种类型问题就是利用楞次定律来分析14（5分）（2009宝山区二模）在图示电路的三根导线中，有一根是断的，电源、电阻器R1、R2及另外两根导线都是好的，为了查出断导线，某学生想先将万用表的红表笔连接在电源的正极a，再将黑表笔分别连电阻器R1的b端和R2的c端，并观察万用表指针的示数，在下列选档中，符合操作规程的是（）A直流10V挡B直流0.5A挡C直流2.5V挡D欧姆挡考点：用多用电表测电阻专题：实验题分析：有多用表检测故障若使用电压档或电流档，将其连入电路要注意量程，用欧姆档要把

31、待检测电路从电源断开解答：解：用电压档检测其量程要大于6V，故A正确，C错误 用电流档要用较大量程，所给B中的0.5A太小，故B错误 用欧姆档要把电源断开，本题操作没有，故D错误故选：A点评：考查多用电表的使用，明确利用其检测故障要注意量程三、本题共3小题；其中第15题5分，其余的每题6分，共17分把答案填在题中的横线上或按题目要求作图15（5分）（2012丰台区模拟）一游标卡尺的主尺最小分度为1mm，游标上有10个小等分间隔，现用此卡尺来测量工件的直径，游标部分放大图如图所示该工件的直径为29.8mm考点：刻度尺、游标卡尺的使用专题：实验题分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需

32、估读解答：解：游标卡尺的主尺读数为29mm，游标尺上第3个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其读数为0.1×8mm=0.8mm，所以最终读数为：29mm+0.8mm=29.8mm；故答案为：29.8点评：解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数16（6分）下列给出的器材中，哪些是“验证玻一马定律实验“所必需的，把这些器材前面的字母填在横线上A带有刻度的注射器 B刻度尺 C弹簧秤 D钩码若干个答：ABCD实验读数过程中，不能用手握住注射器，这是为了保持气体的温度恒定用橡皮帽封住注射器小孔，这是为了保持气体的质量不变考点：气体的等温变化专题：理想气体状态方

33、程专题分析：验证玻马定律实验，即等温变化，必须确保气体的质量不变，同时保证温度也不变，从而研究气体的体积与压强的关系由于横截面积相同，所以体积通过气体的长度来表示，对于压强则通过钩码的个数来体现解答：解：在一定质量的气体，在温度保持不变的情况下，通过挂钩码的个数，来实现增加压强，通过弹簧秤竖直向上拉，来减小压强由刻度尺来测出注射器全部长度，算出气体的横截面，从而观察注射器气体的刻度来得出体积的变化；故选：ABCD实验读数过程中，不能用手握住注射器，这是为了保持气体温度恒定；用橡皮帽封住注射小孔，保持气体质量不变故答案为：ABCD；保持气体温度恒定；保持气体质量不变点评：考查学生对验证玻马定律实

34、验中，需要掌握哪些步骤，注意事项，实验器材，如何验证17（6分）某电压表的内阻在20千欧50千欧之间，现要测量其内阻，实验室提供下列可选用的器材：待测电压表V（量程3V）电流表A1（量程200A ）电流表A2（量程5mA）电流表A3（量程0.6A）滑动变阻器R（最大阻值1K）电源（电动势4V）电键K（1）所提供的电流表中，应选用（填写字母代号）（2）为了尽量减小误差，要求测多组数据试在方框中画出符合要求的实验电路图（其中电源和电键及其连线已画出）考点：伏安法测电阻专题：实验题分析：本题（1）的关键是根据欧姆定律求出待测电压表的最大电流来选择电流表的量程；题（2）的关键是通过求出待测电压表的最大

35、电流可知应将待测2电压表与电流表串联完成测量，再根据变阻器的全电阻远小于待测电压表的内阻可知变阻器应采用分压式接法解答：解：（1）：根据欧姆定律可求出通过待测电压表的最大电流为：=，所以电流表应选；（2）：根据欧姆定律可知，应将待测电压表与电流表串联成为测量电路；由于滑动变阻器的全电阻远小于待测电压表的内阻，所以变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示：故答案为：（1）（2）如图点评：应明确：电压表的反常规接法，即当电压表的最大电流与某电流表量程接近时，可将电压表与该电流表串联完成测量；当变阻器的全电阻远小于待测电阻或要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法四本题共4小题；每小题5分，共20分把

36、答案填在题中横线上18（5分）如图，在x轴的上方（y0）存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B在原点O有一个离子源向x轴上方的各个方向发射出质量为m、电量为q的正离子，速率都为v对哪些在xy平面内运动的离子，在磁场中可能到达的最大x=，最大y=考点：带电粒子在匀强磁场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：由题意可知粒子的转动半径相同，由牛顿第二定律可求得粒子的转动半径；由几何关系可得出粒子能在x轴与y轴上能到达的最远距离解答：解：由Bqv=m可得：R=； 沿x轴方向射出的粒子圆心在y轴上，由下图利用几何关系可知，所有粒子运动的圆心在以O为圆心，R为半径的圆中的第一象限部分，则可

37、知，粒子在x轴和y轴上达到的最远距离为均2R=；故答案为：，点评：本题解决的关键在于能通过分析找出所有粒子的运动轨迹间的关系，这种有无数粒子的问题要注意重点观测边界点的运动情况19（5分）质量为m、电量为q的质点，在静电力作用下以恒定的速率v沿圆弧从A点运动到B点，其速度方向改变的角度为（弧度），AB弧长为s，则A、B两点间的电势差AB=0，AB弧中点的场强大小E=考点：电势差；电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：由题意知电荷在静电力作用下做的是匀速圆周运动，静电力做的功是零得出A、B两点间的电势差静电力是质点做圆周运动的向心力列出等式和点电荷的场强公式结合求解AB弧中点的场强大小解答：

38、解：由题意知电荷在静电力作用下做的是匀速圆周运动，从A点运动到B点，由动能定理知，静电力做的功是零，所以A、B两点间的电势差UAB=0设场源电荷的电荷量为Q，质点做圆周运动的轨道半径为r，则弧长s=r 静电力是质点做圆周运动的向心力，即= 弧AB中点的场强大小E= 解组成的方程组得E=故答案为：0；点评：涉及到电势差的问题，常常要用到动能定理要掌握电场强度，电势差，电场力做功等物理量间的关系20（5分）已知地球半径为6.4×106m，又知月球绕地球的运动可近似看作匀速圆周运动，则可估算出月球到地球的距离约为4×108m（结果只保留一位有效数字）考点：万有引力定律及其应用专题

39、：万有引力定律在天体运动中的应用专题分析：根据万有引力提供向心力提供向心力，以及万有引力等于重力求出月地距离解答：解：根据，解得r=又GM=gR2则r=4×108m故答案为：4×108点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力这两个理论，并能灵活运用21（5分）内壁光滑的环形细圆管，位于竖直平面内，环的半径为R（比细管的半径大得多）在细圆管中有两个直径略小于细圆管管径的小球（可视为质点）A和B，质量分别为m1和m2，它们沿环形圆管（在竖直平面内）顺时针方向运动，经过最低点时的速度都是v0；设A球通过最低点时B球恰好通过最高点，此时两球作用于环形圆管的合力为

40、零，那么m1、m2、R和v0应满足的关系式是考点：向心力；机械能守恒定律专题：匀速圆周运动专题分析：根据牛顿第二定律，结合径向的合力提供向心力，求出最高点和最低点小球对轨道的作用力，抓住作用力相等，结合机械能守恒定律得出各个物理量之间的关系解答：解：（1）A球通过最低点时，作用于环形圆管的压力竖直向下，根据牛顿第三定律，A球受到竖直向上的支持力N1，由牛顿第二定律，有：由题意知，A球通过最低点时，B球恰好通过最高点，而且该时刻A、B两球作用于圆管的合力为零；可见B球作用于圆管的压力肯定竖直向上，根据牛顿第三定律，圆管对B球的反作用力N2竖直向下；假设B球通过最高点时的速度为v，则B球在该时刻的

41、运动方程为： 由题意有：N1=N2得：对B球运用机械能守恒定律有： 解得：式代入式可得：故答案为：点评：本题考查了牛顿第二定律和机械能守恒的综合，知道圆周运动向心力的来源是解决本题的关键五本题共5小题，53分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位22（9分）有一个焦距为36厘米的凸透镜，在主轴上垂直放置一支蜡烛，得到一个放大率为4的虚像如果想得到放大率为4的实像，蜡烛应向哪个方向移动？移动多少？考点：透镜成像规律分析：根据凸透镜成像公式、物距与像的关系和两次物距的关系列式求解解题时抓住放大倍数等于像距与物距大小之比解答

42、：解：先求蜡烛的原位置由放大率公式：=4得 v1=4u1 由透镜成像公式 解得：再求蜡烛移动后的位置，由放大率公式得v2=4u2由透镜成像公式解得：u2=所以蜡烛应向远离透镜的方向移动，移动的距离为u2u1=（）f=f=18厘米答：蜡烛应向远离透镜方向移动，移动18厘米点评：解答本题的关键是掌握透镜成像公式，知道放大率与物距、像距的关系，即可进行解答23（9分）（2013楚雄州二模）图中竖直圆筒是固定不动的，粗筒横截面积是细筒的4倍，细筒足够长，粗筒中A、B两轻活塞间封有空气，气柱长L=20cm，活塞A上方的水银深H=10cm，两活塞与筒壁间的摩擦不计，用外力向上托住活塞B，使之处于平衡状态，

43、水银面与粗筒上端相平，现使活塞B缓慢上移，直至水银的一半被推入细管中，求活塞B上移的距离，设在整个过程中气柱的温度不变，大气压强p0相当于75cm高的水银柱产生的压强考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强专题：理想气体状态方程专题分析：气体发生等温变化，根据题意求出封闭气体初末状态的压强，然后由玻意耳定律求出气体末状态的体积，最后求出活塞B向上移动的距离解答：解：设粗筒的横截面积是S，开始时，气体压：P1=P0+PH=85cmHg，体积V1=LS=20S，水银的一半被推入细管中，即粗筒中水银的深度是5cm，由于粗筒横截面积是细筒的4倍，则细筒中水银的深度是20cm，此时筒内气体的压强P2=P0

44、+Ph=75+5+20=100cmHg，气体温度不变，由玻意耳定律得：P1V1=P2V2，即：85×20S=100×LS，解得L=17cm，活塞B向上移动的距离s=2017+5=8cm；答：活塞B上移的距离是8cm点评：在向上推活塞的过程中，水银的体积不变，根据题意求出气体初末状态的压强、应用玻意耳定律、几何关系即可正确解题24（11分）（2012昆明模拟）如图所示，在方向水平的匀强电场中，一个不可伸长的不导电轻细线的一端连着一个质量为m的带电小球，另一端固定于O点，把小球拉直至细线与电场方向平行，然后无初速释放，已知小球摆到最低点的另一侧，线与竖直方向的最大夹角为求小球经

45、过最低点时细线对小球的拉力考点：电势能；牛顿第二定律；动能定理的应用；电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：从释放点到左侧最高点，根据重力势能的减小等于电势能的增加可知，电场力与重力的关系小球运动到最低点的过程，电场做负功，重力做正功，根据动能定理求出小球经过最低点时的速度小球经过最低点时，重力和细线的拉力的合力提供向心力，牛顿第二定律求解拉力解答：解：设细线长为L，球的电荷量为q，场强为E若电荷量q为正，则场强方向在题图中向右，反之向左即带电小球受到的电场力F=qE，方向水平向右，从释放点到左侧最高点，根据能量守恒定律得知：重力势能的减小等于电势能的增加 mgLcos=qEL（1+sin

46、） 若小球运动到最低点时的速度为v，由动能定理得 mgLqEL= 此时线的拉力为T，由牛顿第二定律得 Tmg= 由以上各式解得答：小球经过最低点时细线对小球的拉力为点评：本题是高考真题，考查动能定理和牛顿第二定律综合应用的能力，动能定理和向心力的关联点是速度25（12分）质量为m的钢板与直立轻弹簧的上端连接，弹簧下端固定在地上，平衡时，弹簧的压缩量为x0，如图所示，一物块从钢板正上方距离为3x0的A处自由落下，打在钢板上并立刻与钢板一起向下运动，但不粘连，它们到达最低点后又向上运动，已知物块质量也为m时，它们恰能回到O点，若物块质量为2m，仍从A处自由落下，则物块与钢板回到O点时，还具有向上的

47、速度，求物块向上运动到达最高点O点的距离考点：动量守恒定律；自由落体运动；机械能守恒定律专题：与弹簧相关的动量、能量综合专题分析：分析物体的运动过程：物块先自由下落，机械能守恒物块与钢板碰撞时，因碰撞时间极短，系统所受外力远小于相互作用的内力，遵守动量守恒定律碰撞后，弹簧、物块与钢板组成的系统机械能守恒由题碰撞后，物块与钢板回到O点时，此时弹簧的弹性势能与未碰撞时相等根据动量守恒定律、机械能守恒定律和相等的条件分别研究物块质量为m和2m的情况，再求解物块向上运动到达最高点O点的距离解答：解：物块与钢板碰撞时的速度由机械能守恒，得 设v1表示质量为m的物块钢板碰撞后一起向下运动的速度，因碰撞时间极短，系统所受外力远小于相互作用的内力，符合动量守恒，故有mv0=2mv1 设刚碰完