安徽省六安市舒城中学2016-2017学年高一物理上学期第三次检测试题(含解析)

1、安徽省六安市舒城中学2016-2017学年高一（上）第三次检测物理试卷一、选择题（每小题 4 分，共 48 分.1-8 题为单选题，只有一个选项正确，9-12 为多选题，全部选对得 4 分，选对但不全得 2 分，不选或有选错的得 0 分.）1.如图所示，某“闯关游戏”的笔直通道上每隔10m 设有一个关卡，各关卡同步放行和关闭，放行和关闭的时间分别为 8s 和 3s 关卡刚放行时，一同学立即在关卡 1 处以加速度 2m/s2由静止加速到 2m/s，然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是（）_1 11 J1ILJf-F- MLJt-FaYYT10m10m10m10mA.关卡 2 B. 关卡 3 C

2、. 关卡 4 D. 关卡 5【答案】B【解析】解：根据 v=at 可得：2=2Xt1,所以加速的时间为：11=1s加速的位移为：X1= ,at2=二汇 J =1mw-w7到达关卡 2 的时间为：t2= s=3.5s ,o所以可以通过关卡 2 继续运动，到达关卡 3 的时间为：t3= =4s,此时关卡 3 也是放行的，可以通过，到达关卡4 的总时间为：1+3.5+4+4=12.5s ,关卡放行和关闭的时间分别为5s 和 2s，此时关卡 4 是关闭的，所以最先挡住他前进的是关卡4,所以 C 正确；故选：C【点评】本题是对匀变速直线运动位移时间关系式的考查，注意开始的过程是匀加速直线运动,要先计算出

3、加速运动的时间2.为了安全，汽车在行驶途中，车与车之间必须保持一定的距离，这是因为从驾驶员看见某一情况到采取制动动作的反应时间里，汽车仍然要通过一段距离，这个距离称为反应距离，-2 -而从采取制动动作到汽车停止运动通过的距离称为制动距离表中是在不同速度下的反应距离和制动距离的部分数据，根据分析计算，表中未给出的数据X、Y 应是（）-3 -速度 m/s反应距离 m制动距离 m1012201518X20Y802530125A. X=40 , Y=24 B. X=45, Y=24 C. X=50, Y=22 D. X=60, Y=22【答案】B【解析】由表格得，驾驶员的反应时间t=- - , y=V

4、3t=20 1.2=24m, CD 错；由 10_一H ()1-|得汽车的制动加速度 a=，再由=.：.匕得112.V, 2x20V；|5?x=-.，B 对，C 错。la 2x2.53. 一汽车从静止开始做匀加速直线运动，然后刹车做匀减速直线运动，直到停止下列速度v 和位移 x 的关系图象中，能描述该过程的是(D.-4 -【解析】试题分析：物体做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为二,所以图象是单调递增凸函数,刹车后可以反过来看成初速度-5 -为零的匀加速直线运动，设加速度大小为J ,则.,解得：二一、.，则图象是单调递增的凸函数，再反过来即为单调递减的凸函数，故A 正确.考点：考查了运动图

5、像【名师点睛】本题主要考查了匀变速直线运动位移速度公式的直接应用，知道车后做匀减速直线运动，可以反过来看成初速度为零的匀加速直线运动，难度适中.4.如图所示，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，MN 是通过椭圆中心 0 点的水平线.已知一小球从 M 点出发，初速率为 Vo,沿管道 MPN 运动，到 N 点的速率为 Vi,所需 时间为 ti;若该小球仍由 M 点以初速率 vo 出发，而沿管道 MQt 运动，至UN 点的速率为 V2,所 需时间为 t2,则（ ）A. vi=V2,1112B. vivV2,1112C. vi=V2,tiV12D. viVV2,tiV12【答案】A【解析】试

6、题分析：根据机械能守恒定律分析小球到达N 点时速率关系，结合小球的运动情况，分析平均速率关系，即可得到结论.解：由于小球在运动过程中只有重力做功，机械能守恒，到达N 点时速率相等，即有 Vi=V2.小球沿管道 MPN 运动时，根据机械能守恒定律可知在运动过程中小球的速率小于初速率vo,而小球沿管道 MQN!动，小球的速率大于初速率 vo,所以小球沿管道 MPN 运动的平均速率小 于沿管道MQt 运动的平均速率，而两个过程的路程相等，所以有 tit2.故 A 正确.故选：A【点评】解决本题关键要掌握机械能守恒定律，并能用来分析小球速率的大小，知道平均速率等于路程与时间之比.5.一个小石子从离地某

7、一高度处由静止自由落下.某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹 AB （照片中轨迹长度与实际长度相等）该爱好者用直尺量出轨迹的长度，如图所示已知拍摄时用的曝光时间为H :.s，则小石子出发点离 A 点约为（）-6 -AB=_三 g6A. 20 m B. 10 m C. 6.5 cm D. 45 m【答案】A【解析】试题分析：据题意，由于照相机曝光时间极短，仅为t=0 . 001s,据在极短时间内的平均速度等于瞬时速度，即、_兀_ *,而据上图可知物体在 o. oois 时间内的位移为 o. 02m则石子在 A 点的瞬时速度为：.汕，据匀变速直线运动速度位移时间关系：v2=2ghH U.DlH可

8、得物体下落位置到 A 点的高度为 20m 故 A 选项正确。考点：匀变速直线运动的规律6.某质点做直线运动的规律如下图所示，则下列说法中正确的是（）Av/as1A. 质点在第 2 s 末运动方向发生变化B. 质点在第 2 s 内和第 3 s 内加速度大小相等而方向相反C. 质点在第 3 s 内速度越来越小D. 质点在前 7 s 内质点的位移为正值【答案】AD【解析】A、前 2s 内物体沿正向运动，2s 末时速度反向，故第 2s 末时运动方向发生变化，故 A 正确；B 物体在第 2s 内做正向减速运动，加速度沿运动的反方向，第3s 内做反向的匀加速运动，加速度也沿负方向运动，故加速度的方向均沿负

9、方向，故B 错误；C 质点在第 3s 内速度沿负方向，但速度的大小增加，故C 错误；D 物体在前 2s 内做正向运动，第 3s 与第 4s 内做反向运动，由图可知， 4s 末时物体恰好回 到出发点静止，此后 2s 内物体沿正向运动，第 7s 时物体反向，由图象可知， 7s 内的总位移 为正；故 D 正确；故选 AD-7 -7.石块 A自塔顶从静止开始自由落下 S 时，石块 B 从离塔顶 S2处从静止开始自由落下，两石块同时落地，若不计空气阻力，则塔高为（C.【答案】B设塔高为h，令石块 B 下落的时间为 t,由自由落体运动公式：-令石块 A 下落的时间为 ti,由自由落体运动公式：石块 A 下

10、落 5m 所用的时间为 t2,则有解得：12=1s 因为两石块同时落地则有：i -；二.由以上可解得：h=7. 2m,故 D 正确。 所以 D 正确，ABC错误。考点：自由落体运动规律的应用，【名师点睛】设塔高为 h,先求出石块 A 自塔顶自由落下 5m 时的时间，在求出石块 B 自离塔 顶 7m 处自由落下的时间，石块 A 继续下落的时间等于石块 B 自离塔顶 7m 处自由落下的时间， 再根据匀加速直线运动位移时间公式即可求解。解题时要正确选择研究过程，灵活选择物理 规律列出方程进行解答；此题是中等题，意在考查学生对基本规律的掌握及运用能力.8. Si和 S2表示劲度系数分别为 ki和 k2

11、的两根弹簧，kik2； a 和 b 表示质量分别为 m 和 m的 两个小物体，mm，将弹簧与物块按图示方式悬挂起来，现要求两根弹簧的总长度最大，则 应使（）A. Si在上，a 在上 B. Si在上，b 在上 C. S2在上，a 在上 D. S2在上，b 在上【答案】D【解析】试题分析：先对下面的物体受力分析，受重力和下面的弹簧的拉力而平衡，即下面的弹簧的弹力等于下面弹簧的拉力，有k下x下=mgA. S1+S2B.(Si + sp2【解-8 -再对两个物体的整体受力分析，受到总重力和上面弹簧的拉力，根据共点力平衡条件，有k上x上=（ma+mb）g 弹簧总长度为（m. + nih）g m下思L=L

12、a+Lb+x上+x下=a bk下要使总长度最大，k 上要取最小值 k2, m下要取最大值 m, k 下要取最大值 ki,故 S 在上，b 在 上；故选 D.9.一只气球以 10m/s 的速度匀速上升，某时刻在气球正下方距气球6m 处有一小石子 20m/s的初速度竖直上抛，若 g 取 10m/s2,不计空气阻力，则以下说法正确的是（）A. 石子一定追不上气球B. 石子一定能追上气球C. 若气球上升速度等于 9 m/s，其余条件不变，则石子在抛出后1 s 末追上气球D. 若气球上升速度等于 7 m/s，其余条件不变，则石子在到达最高点时追上气球【答案】AC【解析】试题分析：设石子经过时间t 后速度

13、与气球相等，则-.:；此时间内气球_q上升的位移为 10X1m=10m 石子上升的位移为： 20X1-x10X1mi= 15m；因为 15-10m=5mx6m,所以石子一定追不上气球，故A 错误，B 正确；若气球上升速度等于9m/s，在石子在抛出后1s 末，气球上升的位移为 9X1m=9m 石子上升的位移为：20X1-x10X1m= 15m,因为 15-9m=6m, 所以 1s 末石子追上气球，故 C 正确；由 C 的分析可知，当气球上升速度等于9m/s，在 1s 末追上气球，所以当气球上升速度等于7m/s，石子追上气球的时间肯定小于1s，而石子到的最高点的时间为 2s,所以石子在达到最高点之

14、前就追上气球了，故D 错误.故选 BC考点：匀变速直线运动的规律【名师点睛】本题考查了追击问题的相关知识，知道在石子追击气球的过程中，当速度相等时追不上以后就追不上了，抓住位移之间的关系列式，难度适中.10. 如图所示，物体自 O 点由静止开始做匀加速直线运动，A B、C、D 为其运动轨迹上的四点，测得 AB=2m BC=3m 且物体通过 AB BC CD 所用的时间相等，则下列说法正确的是 （）-9 -A.可以求出物体加速度的大小B.可以求得 CD=4mC. 可以求得 0A 之间的距离为 1.125mD. 可以求得 0A 之间的距离为 1.5m【答案】BCc1【解析】试题分析：由 x=at2

15、可得物体的加速度 a 的大小为“，因为 t 不知道，所不f 严 r能求出加速度，故 A 错误；因 CD-BC=BC-AB 可得 CD=4m 选项 B 正确；再由 v/=2as 可得 0B两点的距离为.i i .ill；物体经 B 点时的速度 VB为亠一，所以 0A 间的距离Jo 2a2匕 z.SOA=SOB-AB=3 . 125-2m=1. 125m,故 C 正确，D 错误.选 BC.考点：匀变速直线运动的规律【名师点睛】解决问题的关键是掌握匀变速运动两个重要推论：1,某段时内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度.2、在相邻的相等时间内位移是恒量，即 x=aT2.11. 一个物体在粗糙地面上以一定

16、的初速度匀减速滑动.若已知物体在第 1s 内位移为 12.0m,在第 3s 内位移为 0.75m .则下列说法正确的是（）A.物体的加速度大小一定为n/MrtrrA 4trr【一,1、.-yf-t25.625 m/s26.0 m/sB.物体的加速度人小定为C.物彳体在第 1.0 s 末速度定为 9.0 m/sD.物体在第 2.5 s 末速度【答案】BC定为 0.75 m/sAB如果说没有外力的情况下任由物体在一个粗糙的水平面上滑动，它最终会停下来，也就 是说它是不可返回的，假设它在第2s 到第 3s 之间的某一时刻就已经停下来了，加速度大小【解析】 试题分析： 根据匀变速直线运动的规律运动的基

17、本公式即可求解解：根据匀变速直线运动的规律 x=aT2可得:0. 5 - 8, 2口 卄 #2所以加速度匸-2X卄x=aT2即可求出加速度再根据匀变速直线- x !=2aT2-10 -就不等于 3.75m/s2,故 A 错误，B 正确；C 第 0.5s 末速度为第 1s 内的中点时刻速度，根据_ _，故 C 正确；2D 如果在第 3s 前就已经停止运动，则物体在第2.5s 末速度不等于第 3s 的平均速度，故 D错误故选：BC.【点评】本题考查了匀加速运动的基本公式，要注意匀加速运动速度为零后的运动情况，可 能静止，也可能要反向运动.12.如图所示，A、B 两个物体的重力分别是 G=3N、G=

18、4N,弹簧的重力不计，整个装置沿竖 直方向处于静止状态，这时弹簧的弹力 F=2N 则天花板受到的拉力和地板受到的压力有可能 是（ ）/A. 1N、6N B. 5N 、6N C. 1N 、2N D. 5N 、2N【答案】AD【解析】弹簧的弹力为 2 N,有两种可能情形：弹簧处于拉伸状态；弹簧处于压缩状态，因此对应的解应有两组.当弹簧处于拉伸状态时，由A、B 受力均平衡可知，D 正确.若弹簧处于压缩状态，同理可知，A 正确.二实验题：（每空 3 分，共 12 分）13.某同学做了一次较为精确的测定匀加速直线运动的加速度的实验，实验所得到的纸带如图所示设 0 点是计数的起始点，两相邻计数点之间的时间

19、间隔为0.1s，贝 U（1）_计数点 A 与 0 点的距离 s1应为cm（2） 物体的加速度 a=_m/s2.（结果保留两位小数）CtV广卜一10.00 m LlBrOO lit【答案】（1）. 4.00 （2）. 2.0-11 -【解析】试题分析：由逐差公式，结合纸带可得：二n I 厂：|联立代入数据解得 玩二上宦，a=1m/s2。考点：匀变速直线运动-12 -14. 在“探究小车速度随时间变化规律”的实验时，某同学得到一条用打点计时器打下的纸带如图所示，并在其上取A、B、C、D、E、F、G 等 7 个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点，图中没有画出，打点计时器接周期为T=0.02s 的低

20、压交流电源他经过测量和计算得到打点计时器打下 B、C、D E、F 各点时小车的瞬时速度，记录在下面的表格中.对应点3CD速度m日04220.1W0,2050J500.2891计算打点计时器打下 F 点时小车的瞬时速度的公式为VF=_ ;2根据上面得到的数据，以A 点对应的时刻为 t=0 时刻，在坐标纸上作出小车的速度随时间变化的 v - t 图线；3由 v - t 图线求得小车的加速度 a=_m/s2（结果保留两位有效数字）.【解析】试题分析：据中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度,如图所示：先在坐标图中描点，描点时后用平滑直线连线，连线注意原则：让尽量多的点L【答案】（14710T(2

21、). 0.4210T-13 -在直线上，不在直线上的点平均分布直线两侧。-14 -v-t 图线的斜率大小表示加速度大小：.1 I |： I. I. |-.考点：本题考查用打点计时器测量小车加速度。三、计算题(15 题 10 分，16 题 10 分，17 题 10 分，18 题 10 分，共 40 分)15.用运动传感器可以测量运动物体的速度：如图所示，这个系统有一个不动的小盒子B.工作时，小盒 B 向被测物体发出短暂的超声波脉冲，脉冲被运动物体反射后又被B 盒接收.B 将信息输入计算机由计算机处理该信息，可得到被测物体的速度若B 盒每间隔 1.5 秒发出一个超声波脉冲，而每隔 1.3 秒接收到

22、一个超声波脉冲(1) 试判断汽车远离小盒 B,还是靠近小盒 B?(2) 试求汽车的速度是多少？【答案】(1)汽车靠近小盒 B, (2) 22.7m/s【解析】(1)根据题意得：B 盒每间隔 1.5 秒发出一个超声波脉冲，而每隔 1.3 秒接收到一个超声波脉冲，丄-G 时间变短，由 s=vt 知，s 变小，故汽车运动的物体运动方向是靠近小盒 B 盒(2)设第一次超声波发射至返回时间11,测速仪第一次发出超声波时， 经过了 11 到达了汽车处,而信号从汽车处返回测速仪，也行驶了t1 的时间；汽车距测速仪：-1测速仪第二次发出超声波时，经过了t2 到达了汽车处，而信号从汽车处返回测速仪，也行驶了 t2 的时间；汽车距测速仪：-1因此汽车在两次与信号相遇的过程中，行驶了：- -汽车行驶了 s 共用了时间1-15 -则有 2t+ At = L5S, 2t2+ At= 1+3S汽车的速度.：-. in .16.已知物体在粗糙水平面上做匀减速直线运动，它在最初5 秒位移与最后 5 秒位移之比为-16 -，求物体运动的总时间.【答案】8s【解析】设物体运动的加速度为 a,运动总时间为 t，视为反向的初速度为零的加速直线运动, 则有：则最后 5 秒通过的路程： ir I. .i,-最初 5 秒通过的路程：有题中已知的条件：仝兰二解得运动时间 t=8s17.如图所示，原长分别为 Li和 L