高阶常系数线性微分方程、欧拉方程PPT课件

1、2021/7/231高等院校非数学类本科数学课程2021/7/232第七章 常微分方程本章学习要求：n了解微分方程、解、通解、初始条件和特解的概念.n了解下列几种一阶微分方程：变量可分离的方程、齐次方 程、一阶线性方程、伯努利（Bernoulli）方程和全微分 方程.熟练掌握分离变量法和一阶线性方程的解法.n会利用变量代换的方法求解齐次方程和伯努利方程.n知道下列高阶方程的降阶法： . )()(xfyn ),(yxfy ),(yyfy n了解高阶线性微分方程阶的结构，并知道高阶常系数齐线 性微分方程的解法.n熟练掌握二阶常系数齐线性微分方程的解法.n掌握自由项（右端）为多项式、指数函数、正弦函

2、数、余 弦函数以及它们的和或乘积的二阶常系数非齐线性微分方 程的解法.2021/7/233第五节第五节 二阶常系数线性微分方程二阶常系数线性微分方程0 yqypy二阶常系数齐线性方程二阶常系数齐线性方程)(xfyqypy 二阶常系数非齐线性方程二阶常系数非齐线性方程特征方程特征方程02qp特征根特征根 , 21 2211yCyCy通解通解 * y特解特解 * yyy通通解解2021/7/234一、二阶常系数齐次线性微分方程一、二阶常系数齐次线性微分方程形如形如) 1 ( 0 yqypy )(常数。常数。实实为为的方程，称为二阶常系数齐线性微分方程，的方程，称为二阶常系数齐线性微分方程， qp、

3、其其中中 得得的解，则代入方程后，的解，则代入方程后，假设方程有形如假设方程有形如xey 02，xxxeqepe即即 02。qp2021/7/235二阶常系数齐线性微分方程二阶常系数齐线性微分方程) 1 ( 0 yqypy的特征方程为的特征方程为 02。qp ) 121，则则实实根根特特征征方方程程有有两两个个不不同同的的xxeyey2121 ，是方程是方程 (1) 的两个线性无关的解，故方程的两个线性无关的解，故方程 (1) 的通解为的通解为 22122111。yCeCyCyCyx2021/7/236二阶常系数齐线性微分方程二阶常系数齐线性微分方程) 1 ( 0 yqypy的特征方程为的特征

4、方程为 02。qp )221，则则实实重重根根特特征征方方程程有有 ) 1 ( 11的一个解。的一个解。是方程是方程此时，此时，xey 042， qp由求根公式由求根公式 22422, 1，pqpp021p2021/7/237由刘维尔公式求另一个解：由刘维尔公式求另一个解：xeexeeeyxpxxxpxdd)()2(2d21111021p d11。xxexxe于是，当特征方程有重实根时，方程于是，当特征方程有重实根时，方程 ( 1 ) 的通解为的通解为 )(2121111。xCCeexCeCyxxx2021/7/238二阶常系数齐线性微分方程二阶常系数齐线性微分方程) 1 ( 0 yqypy的

5、特征方程为的特征方程为 02。qp3) 特征方程有一对共轭复根：特征方程有一对共轭复根： i i21，则则， )i(2)i(121xxxxeeyeey，是方程是方程 ( 1 ) 的两个线性无关的解，其通解为的两个线性无关的解，其通解为 )i(2)i(12211。xxeCeCyCyCy利用欧拉公式去掉表达式中虚数单位利用欧拉公式去掉表达式中虚数单位 i 。 2021/7/239欧拉公式：欧拉公式： sinicosi。e )sini(cosi)i(1，xxeeeeyxxxx )sini(cosi)i(1。xxeeeeyxxxx由线性方程解的性质：由线性方程解的性质： cos)(21211，xeyy

6、yx sin)(i21212xeyyyx均为方程均为方程 ( 1 ) 的解，且它们是线性无关的：的解，且它们是线性无关的： 0sin cos。，xexeWxx2021/7/2310故当特征方程有一对共轭复根故当特征方程有一对共轭复根 i i21，时，原方程的通解可表示为时，原方程的通解可表示为 )sincos(21。xCxCeyx2021/7/2311二阶常系数齐线性微分方程二阶常系数齐线性微分方程 0 yqypy特征方程特征方程 02。qp特特 征征 根根通通 解解 形形 式式)( 21实根实根xxeCeCy2121)( 21实实重重根根)(211xCCeyx)( i2, 1共轭复根共轭复根

7、)sincos(21xCxCeyx2021/7/2312 例解解 032 的的通通解解。求求方方程程 yyy 032 2，特特征征方方程程 3 1 21，特征根特征根 321。所求通解为所求通解为xxeCeCy2021/7/2313 例解解 052 的通解。的通解。求方程求方程 yyy 052 2，特特征征方方程程 i21 i21 21，特特征征根根 )2sin2cos( 21。所所求求通通解解为为xCxCeyx2021/7/2314 例解解 0 d d2 dd 22满足初始条件的解：满足初始条件的解：求方程求方程ststs 012 2，特特征征方方程程 1 21，特特征征根根 ) ( 21。

8、所所求求通通解解为为tCCeyt 2 d d 4 0 0 。，tttss 2 4 2 d d 4 210 0 ，得得，由由初初始始条条件件CCtsstt故所求特解为故所求特解为 ) 24(。test2021/7/2315 例解解 的的弹弹簧簧从从静静止止状状态态用用手手将将悬悬挂挂着着的的质质量量为为 m此时弹簧仅受到弹性恢复力此时弹簧仅受到弹性恢复力 f 的作用。求反映此弹的作用。求反映此弹 O 0时时，的的位位移移为为当当点点xx 突然放手，突然放手，开始拉长，开始拉长，簧运动的规律（设其弹性系数为簧运动的规律（设其弹性系数为 k ）。）。O2021/7/2316 例解解 的的弹弹簧簧从从

9、静静止止状状态态用用手手将将悬悬挂挂着着的的质质量量为为 m此时弹簧仅受到弹性恢复力此时弹簧仅受到弹性恢复力 f 的作用。求反映此弹的作用。求反映此弹 O 0时时，的的位位移移为为当当点点xx 突然放手，突然放手，开始拉长，开始拉长，簧运动的规律（设其弹性系数为簧运动的规律（设其弹性系数为 k ）。）。O0 xx取取 x 轴如如图所示。轴如如图所示。由力学的虎克定理，有由力学的虎克定理，有 。xkf（ 恢复力与运动方向相反恢复力与运动方向相反 ）由牛顿第二定律，得由牛顿第二定律，得 dd22。xktxm2021/7/2317 2，则有，则有移项，并记移项，并记mka )0( 0 dd222。，

10、axatx它能正确描述它能正确描述我们的问题吗？我们的问题吗？ 0 ，则有初始条件：，则有初始条件：t记拉长后，突然放手的时刻为记拉长后，突然放手的时刻为 00 ，初初始始位位移移xxt 0 dd 0 。初初始始速速度度ttx我们要找的规律是下列初值问题的解：我们要找的规律是下列初值问题的解： 0 dd222，xatx 00 ，xxt。 0 dd 0 ttx2021/7/2318 0 dd222，xatx 00 ，xxt。 0 dd 0 ttx 0 22，特特征征方方程程a i 2, 1，特征根特征根a sin cos 21。所所求求通通解解为为taCtaCy 0100 ；，得得由由xCxxt

11、 0 0) cos sin( dd 220 210 。，得，得由由CaCtaaCtaaCtxtt从而，所求运动规律为从而，所求运动规律为 ) ( cos0。，mkataxx2021/7/2319二、二、n 阶常系数齐线性微分方程阶常系数齐线性微分方程形如形如) 1 ( 01)1(1)(ypypypynnnn )(常数。常数。实实为为的方程，称为的方程，称为 n 阶常系数齐线性微分方程，阶常系数齐线性微分方程， , 1npp 其其中中2021/7/2320n 阶常系数齐线性微分方程的特征方程为阶常系数齐线性微分方程的特征方程为 单单实实根根xCe 1 项项 实实重重根根k)( 121kkxxCx

12、CCek项项 一对共轭复根一对共轭复根)sincos( 221xCxCex项项 011 1 nnnnpppi 2, 1 重复根重复根一对共轭一对共轭 ki 2, 1 2 项项k cos)(121xxCxCCekkx sin)(121xxDxDDkk特特 征征 根根通通 解解 中中 的的 对对 应应 项项2021/7/2321 例解解 0dd3dd3dd 2233的通解。的通解。求方程求方程xxyxyxy 0133 23，特特征征方方程程 1 321，特特征征根根 ) ( 2321。所所求求通通解解为为xCxCCeyx2021/7/2322 例解解在研究弹性地基梁时，遇到一个微分方程在研究弹性地

13、基梁时，遇到一个微分方程 )0( 0dd444。，x试求此方程的通解。试求此方程的通解。 0 44，特特征征方方程程 i)1 (2 i)1 (2 432, 1，特特征征根根， 所求通解为所求通解为 ) 2sin2cos(212xCxCeyx ) 2sin2cos(432。xCxCex 2)(22222442021/7/2323三、二阶常系数非齐线性微分方程三、二阶常系数非齐线性微分方程形如形如)2( )( xfyqypy )(常数。常数。实实为为的方程，称为二阶常系数非齐线性微分方程，的方程，称为二阶常系数非齐线性微分方程， qp、其其中中它对应的齐方程为它对应的齐方程为) 1 ( 0 。 y

14、qypy我们只讨论函数我们只讨论函数 f ( x ) 的几种简单情形下，的几种简单情形下，(2) 的特解。的特解。2021/7/2324常系数非齐线性微分方程算子解法常系数非齐线性微分方程算子解法参考书：参考书：常微分方程讲义常微分方程讲义王柔怀王柔怀 伍卓群伍卓群 编编人民教育出版社人民教育出版社2021/7/2325)2( )( xfyqypy ) 1 ( 0 。 yqypy )()( . 1的的情情形形xPexfnx )( 1110。其中其中nnnnnaxaxaxaxP方程方程 (2) 对应的齐方程对应的齐方程 (1) 的特征方程及特征根为的特征方程及特征根为 0 2；特特征征方方程程q

15、p 21。，特特征征根根单根单根二重根二重根一对共轭复根一对共轭复根2021/7/2326假设方程假设方程)2( )(xPeyqypynx 有下列形式的特解：有下列形式的特解： )(，xueyx则则 ，ueueyxx 22，ueueueyxxx 代入方程代入方程 (2) ，得，得 )()()2(2，xPeuqpupuenxx 即即 )3( )()()2(2。xPuqpupun 方程方程 (3) 的系数与方程的系数与方程 (2) 的特征根有关。的特征根有关。2021/7/2327)2( )(xPeyqypynx )3( )()()2(2。xPuqpupun ) 1 (不是特征根，则不是特征根，则

16、若若 02，qp由方程由方程 (3) 及多项式求导的特点可知，应有及多项式求导的特点可知，应有 )()(1110，nnnnnbxbxbxbxQxu )2( )()( 的的特特征征根根时时，不不是是方方程程中中的的故故当当xPexfnx方程方程 (2) 有下列形式的特解有下列形式的特解: )(*。xQeynx )(xueyx2021/7/2328 )2(是单特征根，则是单特征根，则若若 02，qp由多项式求导的特点可知，应有由多项式求导的特点可知，应有 )()()(1110，nnnnnbxbxbxbxxQxxu )2( )()( 的的单单特特征征根根时时，是是方方程程中中的的故故当当xPexfn

17、x方程方程 (2) 有下列形式的特解有下列形式的特解: )(*。xQexynx )3( 02 2 为为。此时，方程。此时，方程，即，即而而pp )()2(。xPupun )2( )(xPeyqypynx )3( )()()2(2。xPuqpupun )(xueyx2021/7/2329 )3(是二重特征根，则是二重特征根，则若若 02，qp由多项式求导的特点可知，应有由多项式求导的特点可知，应有 )()()(111022，nnnnnbxbxbxbxxQxxu )2( )()( 的的二二重重特特征征根根时时，是是方方程程中中的的故故当当xPexfnx方程方程 (2) 有下列形式的特解有下列形式的

18、特解: )(*2。xQexynx )3( 0 2 2 为为。此时，方程。此时，方程，即，即且且pp )(。xPun )2( )(xPeyqypynx )3( )()()2(2。xPuqpupun )(xueyx2021/7/2330当二阶常系数非齐线性方程当二阶常系数非齐线性方程)2( )( xfyqypy )()( 时时，的的右右端端为为xPexfnx它有下列形式的特解：它有下列形式的特解： )(*，xPexynxk其中：其中： 0 ；不是特征根时，取不是特征根时，取当当k 1 ；是是单单特特征征根根时时，取取当当k 2 。是是二二重重特特征征根根时时，取取当当k :。可以为复数可以为复数注

19、意注意2021/7/2331 例解解 2。的的通通解解求求方方程程xxyy ) )()( 2 0 )(2xPexfnxxxfnx。，对应的齐方程的特征方程为对应的齐方程的特征方程为 012，特征根为特征根为 i2, 1。对应的齐方程的通解为对应的齐方程的通解为 sincos21。xCxCy 0 ，原原方方程程有有特特解解不不是是特特征征根根，故故取取由由于于k *2120，bxbxby将它代入原方程，得将它代入原方程，得 2221200，xxbxbxbb2021/7/2332比较两边同类项的系数，得比较两边同类项的系数，得 10，b 11，b 0220，bb 10，b 11，b 2 2，b故原

20、方程有一特解为故原方程有一特解为 2*2。xxy综上所述，原方程的通解为综上所述，原方程的通解为 2sincos*221。xxxCxCyyy2021/7/2333 例解解 32 。的通解的通解求方程求方程xeyyy ) )()( 0 1 )(xPexfnexfnxx。，对应的齐方程的特征方程为对应的齐方程的特征方程为 0322，特征根为特征根为 1 321。，对应的齐方程的通解为对应的齐方程的通解为 231。xxeCeCy 1 ，原原方方程程有有特特解解是是单单特特征征根根，故故取取由由于于k *0，bexyx将它代入原方程，得将它代入原方程，得 3)1 (2)2(000，xxeexbxbxb

21、2021/7/2334上式即上式即 140， b 410，b故原方程有一特解为故原方程有一特解为 41*。xexy综上所述，原方程的通解为综上所述，原方程的通解为 41*231。xxxexeCeCyyy2021/7/2335 例解解 1332 。的的通通解解求求方方程程 xeyyyx 1332 xeyyyx 32xeyyy 1332 xyyy 41*1xexy31*2xy对应的齐方程的通解为对应的齐方程的通解为 231。xxeCeCy综上所述，原方程的通解为综上所述，原方程的通解为 3141*231。xexeCeCyyyxxx2021/7/2336)2( )( xfyqypy ) 1 ( 0

22、。 yqypy sin)()( cos)()( . 2的的情情形形、xxPexfxxPexfnxnx )( 1110。其中其中nnnnnaxaxaxaxP2021/7/2337)2( )( xfyqypy ) 1 ( 0 。 yqypy sin)()( cos)()( . 2的的情情形形、xxPexfxxPexfnxnx欧拉公式：欧拉公式： sinicosi。e是是方方程程若若 )(i)(* 21xyxyy)(i)()()(21xfxfyxqyxpy )()()(1xfyxqyxpy 的一个特解。的一个特解。 )( 1是方程是方程的一个特解，则的一个特解，则xy )( 2是方程是方程的一个特解

23、；的一个特解；xy)()()(2xfyxqyxpy *Re 1yy 实部实部 *mI 2yy 虚部虚部2021/7/2338 cos)( xxPeyqypynx sin)( xxPeyqypynx )( )i(xPeyqypynx )(*)i(xQexynxk*Re*1yy*Im*2yy i不不是是特特征征根根， 0 ；取取k i是特征根，是特征根， 1 ；取取k2021/7/2339 例解解 cos 的一个特解。的一个特解。求方程求方程xyy 01 2，特特征征方方程程 i 2, 1，特征根特征根 i的特解：的特解：首先求方程首先求方程xeyy 1 0 i ，且且有有，故故取取是是特特征征根

24、根，由由于于kn *i0，xexby 代入上述方程，得代入上述方程，得 2i i20ii000，即即有有beexbxbbxx从而，原方程有一特解为从而，原方程有一特解为 sin21)cosisin(21 Re。xxxxxx)2i( Re*Re*i1xexyy2021/7/2340 例解解 sin 的的一一个个特特解解。求求方方程程xxyy 01 2，特特征征方方程程 i 2, 1，特征根特征根 i的的特特解解：首首先先求求方方程程xexyy 1 1 i ，且有，且有，故取，故取是特征根，是特征根，由于由于kn )(*i10，xebxbxy代入上述方程，得代入上述方程，得 i22i4100，xb

25、bxb比较系数，得比较系数，得 1i40，b 0i10，bb 41 4i10，bb2021/7/2341从而，原方程有一特解为从而，原方程有一特解为 )cossin()cossin(41 Im22xxxxxxxxxexyyi2)414i( Im*Im*故故 )414i()(*ii10，xxexxebxbxy )cossin(412。xxxx2021/7/2342 例解解 sincos 的的一一个个特特解解。求求方方程程xxxyy 由上面两个例题立即可得由上面两个例题立即可得)cossin(41sin21*221xxxxxxyyy cos41sin432。xxxx2021/7/2343 例解解

26、sin2 )4(的的通通解解。求求方方程程xyyy 012 24，特征方程特征方程)( i i 4, 32, 1二二重重共共轭轭复复根根，特特征征根根对应的齐次方程的通解为对应的齐次方程的通解为 sin)(cos)(2121。xxDDxxCCy 2 i)4(有有特特解解由由于于方方程程xeyyy ) 2 ( *i20。二二重重根根，取取，kexbyx将它代入此方程中，得将它代入此方程中，得 810，故，故b 81*i2，xexy从而，原方程有一特解为从而，原方程有一特解为 sin81*Im*21，xxyy2021/7/2344故原方程的通解为故原方程的通解为 sin81sin)(cos)(22121。xxxxDDxxCCy我想，我想， 你一定会做这种推广工作。你一定会做这种推广