2018届高考物理二轮复习板块一专题突破复习题型限时专练2选择题选考题(二)

1、专练2选择题+选考题（二） （时间：30 分钟） 一、选择题（本题共 8 小题，在每小题给出的四个选项中， 第 1418 题只有一项符合题 目要求，第 1921 题有多项符合题目要求.） 14. 如图所示， 1887 年德国物理学家赫兹利用紫外线照射锌板后，发现与锌板连接的 验电器箔片张开关于这一现象，下列说法中正确的是 （ ） A. 验电器箔片张开，是因为箔片带负电 L B. 验电器箔片张开，是因为锌板得到了正电荷 C. 紫外线灯功率增大，箔片张角也增大 D. 换用红外线灯照射锌板，箔片也一定张开 解析题图所示紫外线照射锌板， 发生光电效应，电子从锌板射出， 锌板带正电，验 电器与锌板连接，

2、验电器箔片张开，是因为箔片带正电，选项 A、B 错误紫外线灯功率增 器箔片 大，照射锌板的光强增大， 从锌板射出的电子增多， 锌板带的正电荷增多，箔片的张角增大， 选项C 正确换用红外线灯照射锌板，锌板不一定能发生光电效应，箔片不一定张开， 选项 Z /戶 D 错误. 答案C 15. 如图所示电路中，A、B是构成平行板电容器的两金属极板， P为其中的一个定点.将 开关 S 闭合，电路稳定后将 A板向上平移一小段距离，则下列说法正确的是 （ ）2 A. 电容器的电容增加 B. 在A板上移过程中，电阻 R中有向上的电流 ! C. A、B两板间的电场强度增大 D. P 点电势升高 解析开关 S 闭合

3、，电路稳定后将A板向上平移一小段距离，由电容器公式C= 三, 4 n kd 知电容器的电容减少，选项 A 错误；开关 S 闭合，电容器两端电压始终不变，在 A板上移过 程中，极板带电荷量 Q= CU减少，通过电阻R放电，知电阻R中有向上的电流，选项 B 正确; U 由匀强电场的电场强度公式 E=：知A、B两板间的电场强度将减小；因 B板电势为 0,则 d P点的电势大小等于 P、B两点的电势差，UPB= ECPB,而dPB不变，场强E减小，UB也减小， （3 即P点电势降低，选项 C、D 错误. 答案B 16. （2017 吉林质监二）如图所示，水平面上的小车内固定一个倾角为 30的光滑斜 面

4、，平行于斜面的细绳一端固定在车上， 另一端系着一个质量为 m的小球，小球和小车均处 jf 于静止状态.如果小车在水平面上向左加速运动且加速度大小不超过 a1,小球仍能够和小车 保持相对静止；如果小车在水平面上向右加速运动且加速度大小不超过 a2,小球仍能够和小 车保持相对静止则 a1和a2的大小之比为（ ） A. 3： 1 B. 3 : 3 C . 3 : 1 D . 1 : 3 3 解析如果小车在水平面上向左加速， 左的加速度最大，此时对小球受力分析可知， 车在水平面上向右加速， 小球的加速度也向右, 小球的加速度也向左， 当绳的拉力为零时， 向 mgan30 = ma,所以 a= gtan

5、30 ;如果小 当斜面对小球的支持力为零时， 向右的加速 4 度最大，此时对小球受力分析可知， mgcot30 = ma,所以a2= gcot30 ；综上可知 ai与 a2的大小之比为 1 : 3，故 D 正确. 答案D 17. （2017 湖北黄冈高三质监）卫星发射进入预定轨道往往需要进行多次轨道调整. 如 图所示，某次发射任务中先将卫星送至近地圆轨道，然后再控制卫星进入椭圆轨道.图中 O 点为地心，A点是近地圆轨道和椭圆轨道的交点，离地心的高度近似为地球的半径 R远地 点B离地面高度为 6R设卫星在近地圆轨道运动的周期为 T,下列对卫星在椭圆轨道上运动 的分析，其中正确的是（ ） A. 控

6、制卫星从图中低轨道进入椭圆轨道需要使卫星减速 B. 卫星通过 A点时的速度是通过 B点时速度的 6 倍 C. 卫星通过 A点时的加速度是通过 B点时加速度的 6 倍 D. 卫星从A点经 4T的时间刚好能到达 B点 加速度是通过B点时加速度的 49 倍，选项 C 错误.由开普勒第三定律可知，卫星在椭圆轨 道运行的周期是在近地轨道周期的 8 倍，卫星从 A点运动到B点需要半个周期，即 4T,选 项 D 正确. 答案D 18. （2017 四川成都二诊）如图所示，水平面上固定着两根相距 L且电阻不计的足够长 的光滑金属导轨，导轨处于方向竖直向下、磁感应强度为 B的匀强磁场中，铜棒 a、b的长 度均等

7、于两导轨的间距，电阻均为 R质量均为 m铜棒平行地静止在导轨上且与导轨接触 解析卫星从低轨道进入椭圆轨道做的是离心运动, 故要使卫星加速，选项 A 错误在 A点，对卫星，有GMmmR,得VA=样同理，在 B点，有VB= GM 7R 选项 B 错误卫 星受的万有引力提供其加速度, 響陀其中为卫星到地心的距离，卫星通过 A点时的 5 良好现给铜棒a一个平行于导轨向右的瞬时冲量 I，关于此后的过程，下列说法正确的是 （ ）6 I a X B h X X X X 圈接有可调电阻 R 从图示位置开始计时，发电机线圈中产生的交变电动势随时间变化的图 象如图乙所示，忽略线圈、电刷与导线的电阻，以下判断正确的

8、是 （ ）A. 回路中的最大电流为BR B. 铜棒b的最大加速度为BLR c. 铜棒b获得的最大速度为m D. 回路中产生的总焦耳热为 2 2m 解析给铜棒a 一个平行于导轨向右的瞬时冲量 I ,由动量定理可知铜棒 a的初速度 为Va = m此时回路中感应电动势最大，感应电流最大，最大感应电动势 E= BLva = 路中最大电流i = 2R=诙选项 A 错误.铜棒b所受的最大安培力 F= BiL =髡由牛顿 、 F B2L2| 第二定律F= ma可得铜棒b的最大加速度a = -=7右,选项 B 正确.由于导轨足够长，对 m 2mR 恒，最终二者速度相等，由动量守恒定律可知铜棒 铜棒a、b组成的

9、系统，动 b获得的 1 I 最大速度为Vb=-Va-选项 C 错误.由能量守恒定律知回路中产生的总焦耳热为 2/ 2m 12 、口 2X ；=仁选项）D 错误. 1 2 Q= mv 答案B 19. （2017 贵州一模）图甲中 S、N 间的磁场可视为水平方向的匀强磁场, 流电流表，为理想交流电压表，矩形线圈绕垂直于磁场方向的水平轴 匚:为理想交 OO匀速转动，矩 形线圈通过滑环接一理想变压器, 滑片P上下移动时可改变变压器副线圈的输出电压, 副线 7 A. 电压表的示数为 10 2 V B. 0.01 s 时穿过发电机线圈的磁通量最小 C. 保持R的大小不变，P的位置向上移动，电流表读数减小

10、D. 保持R的大小及P的位置不变，发电机线圈的转速增大一倍，变压器的输入功率将 增大到原来的 4 倍 解析电压表示数等于电动势的有效值，为 10 V，选项 A 错误；0.01 s时产生的感 应电动势最大，穿过发电机线圈的磁通量变化率最大，磁通量最小，选项 B 正确；保持 R 的大小不变，P的位置向上移动，原线圈匝数减小，副线圈输出电压增大，输出功率增大， 原线圈中输入功率增大， 原线圈中电流增大， 电流表读数增大，选项 C 错误；保持R的大小 及P的位置不变，发电机线圈的转速增大一倍， 产生的感应电动势最大值增大一倍， 原线圈 输入电压增大一倍，副线圈输出电压增大到原来的 2 倍，由P=曙可知

11、，变压器输出功率将 增大到原来的 4 倍，变压器输入功率将增大到原来的 4 倍，选项 D 正确. 答案BD 20. （2017 东北三省模拟）如图所示，真空中有一边长为 a的等边三角形 ABC P点是 三角形的中心.在A点固定一电荷量为 q的负点电荷，在B点固定一电荷量为q的正点电荷， 已知静电力常量为 k,则以下说法正确的是（ ） C 八 / / V * f / . P M _ 5 A. C点的电场强度大小为 2kq a B. C点电势高于 P点电势 C. 某一试探电荷在 C点与P点所受静电力大小之比为 3 D.将某一试探电荷从 C点沿CP连线的方向移动到 P点的过程中静电力不做功图乙 8

12、解析负点电荷在c点的电场强度大小为E= kq，正点电荷在c点的电场强度大小为 曰=kq，且两电场强度方向的夹角为 120,则C点的合场强方向与 AB平行向左，大小为 一 g, A 错误；等量异种点电荷的中垂线为等势线，且各点的电势均为零，则 的电势相等，试探电荷从C点沿CP连线的方向移动到 P点，电场力不做功，B 错误，D 正确; 由于P点是正三角形的中心，设P点到A点、B点的距离均为 X,则由几何关系可知，2xcos30 =aX诗AB两点处的点电荷在P点的电场强度大小均为E=爭=響，且夹角为60， 为E = -9, C 正确. 答案CD 21. （2017 河南郑州二次质检）如图所示，半径为

13、R的圆形区域内有垂直纸面向里的匀 强磁场，磁感应强度为 B. M为磁场边界上一点，有无数个带电荷量为+ q、质量为 m的相同 粒子（不计重力）在纸面内向各个方向以相同的速率通过 M点进入磁场，这些粒子射出边界的 位置均处于边界的某一段圆弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的 3.下列说法中正确的是 3 解析设从M点射入的粒子与磁场边界的最远交点为 P,如图甲所示，最远的点是轨 1 迹圆直径与磁场边界圆的交点，相应的弧长为圆周长的 3 所以/ M0住 120 ;结合几何关C点与P点 则P点的合场，试探电荷在 C点与P点所受的电场力之比 a A. B. C. D. 粒子从M点进入磁场时的速率为 粒子从M点

14、进入磁场时的速率为 若将磁若将磁$3qBR V= 2m qBR v= m -3B,则粒子射出边界的圆弧长度变为原来的 -B,则粒子射出边界的圆弧长度变为原来的 9 PM 3 系有r =-,又PMk 2FCos30,解得r = R,洛伦兹力充当向心力， 根据牛顿第二定律有 qvB=说，解得v =-3 A 正确，B 错误；若将磁感应强度的大小增加到 3B,则粒子的 轨道半径一爲解得ri = R，作出粒子的轨迹，如图乙所示，由几何关系可知/ 60,则粒子射出边界的圆弧长变为原来的一半， C 正确； 若将磁感应强度的大小增加到 -2 r2= - ，解得2= ，作出粒子的轨迹，如图丙所示，由几何关 答案

15、AC 二、选考题(从两道题中任选一题作答 ) 33. 物理选修 3-4 (1) (多选)一振动周期为T、振幅为A、位于x= 0 点的波源从平衡位置沿 y轴正向开始 做简谐振动该波源产生的一维简谐横波沿 x轴正向传播，波速为 v,传播过程中无能量损 失.一段时间后，该振动传播至某质点 P,关于质点P振动的说法正确的是 _ . A. 振幅一定为 A B. 周期一定为 T C. 速度的最大值一定为 v D. 开始振动的方向沿 y 轴正向或负向取决于它离波源的距离 E. 若P点与波源距离s= vT,则质点P的位移与波源的相同 4 (2) 如图所示，等腰玻璃三棱镜的折射率 m= 1.50，底部浸在水中，

16、水的折射率为 0=? =1.33，入射的平行光与底面平行，求：角 0的正切值至少应多大才能使光线在棱镜底面 上产生全反射.MOR B,则粒子的轨道半径 系可知/ MOR90, 则粒子射出边界的圆弧长变为原来的 3, D 错误. 图甲 图乙 图丙 10 解析(1)由于没有能量损失，故 P与波源的振幅相同，A 正确；波在传播过程中周 期不变，故 B 正确；质点的振动速度与波传播的速度是两个概念， 故 C 错误；介质中所有质 点开始振动的方向都与波源的起振方向相同，故 D 错误；若P点与波源距离s = vT,则质点 P与波源之间的距离为一个波长，故质点 P与波源的位移总是相同的， E 正确. C丿

17、(2)设光射到ab边的折射角为r，射到底边的临界角为 C sin(90 - nisin C= ri2 C= 0 + r 联立解得： tan 0= 2不 17 答案(1)ABE (2)2；17 17 34. (2017 河北三市联考 )物理一一选修 3 4 (1)(多选)一列简谐横波沿x轴正向传播, t = 0 时的波的图象如图所示，质点 P的平衡 位置在x = 8 m 处.该波的周期T= 0.4 s F 列说法正确的是 0 ) = nisin r 11 质点P的振动方程是y= 10sin5 n t (cm) (2) 湖面上有一伸向水面的混凝土观景台，图示是其截面图，观景台下表面恰好和水 面相平

18、，A为观景台右侧面在湖底的投影，水深 h = 4 m.在距观景台右侧面 x = 4 m 处有 可沿竖直方向移动的单色点光源 S,在该光源从距水面高 3 m 处向下移动到接近水面的过程 中，观景台水下被照亮的最远距离为 AC最近距离为 AB且AB= 3 m.求: 该单色光在水中的折射率; AC的距离. 入=8 m,由 v=T = 20 m/s，选项 A 正确；s =*X4A= 1.2 m 选项 B 错误；沿波的传播方向，“上坡下，下坡上”，故 t = 0 时质点P的运动方向 沿y轴正方向，经过 0.6 s，相当于|再次回到平衡位置，速度方向沿 y轴负方向，选项 C 错误；经过 0.7 s，相当于质点P运动到波谷位置，选项 D 正确；角速度 3 2 n 2 n ，质点 p 的振动方程 y = 10sin 3 t (cm) = 10sin t(cm) = 10sin5 n t (cm)，选项 E 正确.A. B. C. D. 该列波的传播速度为 20 m/s 在 01.2 s 内质点P经过的路程 t = 0.6 s时质点P的速度方向沿 t = 0.7 s