普通高等学校高三招生全国统一考试模拟试题三理科综合物理试题

1、普通高等学校2018届高三招生全国统一考试模拟试题（三）理科综合物理试题1. 如图所示，某次光电效应实验中得到某金属的遏止电压uc与入射光频率v关系图像(电子所带电荷量为e，图像中a、b为已知量)，由图像可求得( )a. 图线斜率表示普朗克常量b. 普朗克常量c. 纵轴截距的绝对值表示逸出功d. 该金属的逸出功【答案】b【解析】由得，如图所示斜率为，纵轴截距为，斜率表示普朗克常量，故a错误，b正确；纵轴截距的绝对值表示，逸出功为，故cd错误；故选b。2. 如图所示为某玩具的原理示意图，两块完全相同的平行板竖直固定在水平地面上，平行板高度和两板间距相等，从左板上端a点处正对右板水平发射一小球，经

2、右板的b点和左板的c点两次碰撞后，小球落到地面上两板连线的中点d处，若不计空气阻力，且小球和平行板碰撞无机械能损失，水平方向等速率反弹，则以下说法正确的是 ( )a. a、b两点的高度差与b、c两点的高度差之比为2：1b. b、c两点的高度差与c、d两点的高度差之比为5：3c. 小球落到d点时的速度与水平方向夹角的正切值为d. c点与d点连线与水平方向的夹角的正切值为【答案】c【解析】a、小球水平方向匀速，从a点到b点的时间和从b点到c点的时间相等，所以a、b两点的高度与b、c两点的高度差之比为1:3，故a错误；b、从c点到d点的时间为从a点到b点的时间的一半，所以从a点到b点、b点到c点、c

3、点到d点的时间之比2:2:1，因为竖直方向初速度为0，所以b、c两点高度差与c、d两点的高度差之比为4;3，故b错误;c、设水平位移大小的总和为2.5l，则水平速度，竖直总位移为l，到达d点竖直速度，竖直速度与水平速度之比为，故c正确;d、a、b两点和b、c两点以及c、d两点的高度差之比为4:12:9，则c、d两点连线与水平方向夹角的正切值为，故d错误；故选c。【点睛】小球做平抛运动，根据平抛运动规律求解。3. 施密特触发器具有回差电压特性，它能将通过它的正弦波变为方波，从而实现数字化转变。假设某型号的施密特触发器把通过它的正弦波变为图示下方的方波，时间对应关系如图虚线所示，则该方波的有效值最

4、接近 ( )a. 1.1v b. 1.2v c. 1.3v d. 1.4v【答案】a【解析】由图可知,电压瞬时值为时触发转变， 所以对应角度为30°，对应的时间为，对于一个周期而言，对应1.6v，对应0.8v，由有效值定义,可得u1.1v，故a正确，bcd错误；故选a。4. 如图所示，物块a放在水平地面上与一轻弹簧相连，弹簧上端连接着物块b，处于静止状态。将物块c从物块b的正上方由静止释放，物块c和物块b碰撞后共速一起向下运动，压缩弹簧至最短，然后反弹。物块a、b、c三者质量均为m，重力加速度为g，则在整个过程中，下列说法正确的是 ( )a. 当弹簧被压缩到最短时，物块a对地面的压力

5、大小为3mgb. 当物块b与物块c一起向下运动的速度达到最大时，物块b与物块c之间的弹力为0c. 反弹过程中，在物块b与物块c分离的瞬间，物块a对地面的压力大小为mgd. 反弹过程中，当物块b与物块c的速度最大时，物块a对地面的压力大小为2mg【答案】c【解析】a、当物块a和b向下运动压缩弹簧到最短时，加速度向上，系统处于超重状态，所以物块a对地面的压力大于3mg，故a错误；b、当物块b和c一起向下运动的速度最大时，加速度a=0,物块b和c之间运动的速度最大时，加速度a=0，物块b和c之间弹力大小为mg，故b错误；c、反弹过程物块b与c分离瞬间.弹簧处于原长，此时物块a对地面压力大小为mg，故

6、c正确；d、反弹过程中,当物块b和c速度最大，它们的加速度为0，,弹簧弹力大小为2mg，所以地面对物块a的弹力大小为3mg，物块a对地面的压力大小也为3mg，故d错误；故选c。【点睛】当物块b和c一起向下运动的速度最大时，加速度a=0，物块b和c之间运动的速度最大时；反弹过程物块b与c分离瞬间.弹簧处于原长，当物块b和c速度最大，它们的加速度为0。5. 电磁脉冲器可以用来测量高速旋转轮子的转速。如图甲是电磁脉冲器的原理图，一根永久磁铁外绕有线圈，它的左端靠近一个非磁性圆盘，圆盘上均匀分布着小磁片(当磁片靠近磁铁时被磁化)。当圆盘高速转动时，输出电流i随时间t变化的图像如图乙所示，下列分析正确的

7、是 ( )a. 圆盘转速越大，电流最大值不变，交变电流频率越高b. 交变电流的频率与小磁片的个数无关c. 若某次测得交变电流的频率为104hz，小磁片的个数为100个，则该非磁性圆盘的转速为100 r/sd. 线圈匝数越多，交变电流的频率越高【答案】c【解析】a、小磁片被磁化，产生磁场，当靠近和远离线圈时产生感应交变电流,转速越大，磁通量变化越快，交变电流的最大值越大，故a错误；b、转速一定时，小磁片的个数越多，切割次数越多，频率越高，故b错误；c、转速乘以一圈上的小磁片的个数就是交变电流的频率，c正确；d、线圈匝数越多感应电动势越大，电流峰值越大，但不影响交变电流的频率，故d错误；故选c。6

8、. 如图所示，空间存在两个等量正点电荷，a为中垂线上一点，b为连线上一点，电荷在该电场中运动时仅受电场力的作用，则下列说法正确的是 ( )a. 电子在两正点电荷连线的中垂线上可以做往复运动b. 若电子有一合适的初速度，可以在两正点电荷连线中垂面上做匀速圆周运动c. 若在a点释放一正电荷，则该电荷沿中垂线向无限远处运动，速度越来越大，加速度越来越小d. 若在b点由静止释放一正电荷，则该正电荷将做往复运动【答案】abd【解析】a、电子在中垂线上的a点受到两个正点电荷的作用力的合力向下，做加速运动,运动到连线中点时，加速度为0，继续向下做减速运动,减速到0后，加速度不为0,反方向做加速运动,周期性往

9、复运动，故a正确；b、若电子的初速度垂直纸面向外，两个正点电荷的作用力的合力时刻指向圆心，则电子可绕连线中点做匀速圆周运动，故b正确；c、若从a点释放一正电荷，则两个正点电荷对它的作用力的合力沿中垂线指向无限远，沿中垂线向无限远做直线运动，由电场线分布可知,中点处电场强度为0，无限远电场强度为0，所以，电场强度先变大后变小，即加速度可能先变大后变小，而不一定越来越小，故c错误；d、在b点由静止释放一正电荷，合外力和速度不能同时为0，所以会做往复运动，故d正确；故选abd。7. 如图所示，固定在竖直面内的光滑绝缘圆环半径为r，圆环上套有质量分别为m和2m的两个带电的小球a、b(均可看作质点)，小

10、球a带正电，小球b带负电，带电荷量均为q，且小球a、b用一长为2r的轻质绝缘细杆相连，竖直面内有竖直向下的匀强电场(未画出)，电场强度大小为e=。现在给小球一个扰动，使小球a从最高点由静止开始沿圆环下滑，已知重力加速度为g，在小球a滑到最低点的过程中，下列说法正确的是 ( )a. 小球a减少的机械能等于小球b增加的机械能b. 细杆对小球a和小球b做的总功为0c. 小球a的最大速度为d. 细杆对小球b做的功为mgr【答案】bc【解析】ab、在小球a下滑小球b上滑过程中，电场力对小球a和b都做正功，细杆对两小球做的总功为0，所以系统机械能不守恒，故a错误，b正确；c、此过程两小球电势能都减少2mg

11、r，对于整个系统的能量守恒列方程：减少的能量=增加的能量,小球a减少了重力势能和电势能，小球b减少了电势能，小球a增加了动能，小球增加了重力势能和动能， ，解得，故c正确；d、对小球b应用动能定理，可以求得细杆对小球b做功，故d错误；故选bc。【点睛】电场力对小球a和b都做正功，系统机械能不守恒，对于整个系统的能量守恒列方程求出小球a的最大速度，对小球b应用动能定理可以求得细杆对小球b做功。8. 某同学在实验室里做如下实验，光滑竖直金属导轨(电阻不计)上端接有电阻r，下端开口，所在区域有垂直纸面向里的匀强磁场，一个矩形导体框(电阻不计)和光滑金属导轨在整个运动中始终保持良好接触，矩形导体框的宽

12、度大于两个导轨的间距，一弹簧下端固定在水平面上，弹簧涂有绝缘漆，弹簧和导体框接触时，二者处于绝缘状态，且导体框与弹簧接触过程无机械能的损失。现将导体框在距离弹簧上端h处由静止释放，导体框下落，接触到弹簧后一起向下运动然后反弹，直至导体框静止。导体框的质量为m，重力加速度为g，则下列说法正确的是 ( )a. 导体框接触到弹簧后，可能立即做减速运动b. 在接触弹簧前导体框下落的加速度为gc. 只改变下落的初始高度h，导体框的最大速度可能不变d. 只改变r的阻值，在导体框运动过程中系统产生的焦耳热会改变【答案】ac【解析】ac、导体框下落过程中导体框两部分切割磁感线，相当于两个电源给电阻r供电，接入

13、导轨部分的导体框有电流流过，所以当导体框所受安培力等于导体框的重力时速度达到最大，达到最大速度可能发生在接触弹簧之前，所以有可能在接触弹簧前已经达到匀速，故ac正确；b、由于有感应电流，导体框受到安培力作用，所以加速度小于g，故b错误；d、由于质量一定，所以最后弹簧停止的位置是确定的，重力势能的减少是确定的，弹簧增加的弹性势能是确定的，所以电阻产生的热量与r无关，电阻大小会影响导体框反复的次数，故d错误；故选ac。【点睛】当导体框所受安培力等于导体框的重力时速度达到最大，达到最大速度可能发生在接触弹簧之前，所以有可能在接触弹簧前已经达到匀速。三、非选择题：共174分。第2232题为必考题。每个

14、试题考生都必须作答。第3338题为选考题。考生根据要求作答。9. 如图所示为倾斜放置的气垫导轨，用来验证机械能守恒定律。已知滑块的质量为m，滑块上遮光条的宽度为d，重力加速度为g。现将滑块由静止释放，两个光电门g1和g2分别记录了遮光条通过光电门的时间t1和t2，则滑块通过两个光电门过程中的动能变化ek=_，通过两个光电门过程中重力势能的变化ep=_(用图中所标符号表示)。若两者在实验误差允许范围内相等，则滑块在下滑过程中机械能守恒。若实验中滑块以初速度v0下滑，则上述方法_(选填“能”或“不能”)验证机械能守恒。【答案】 (1). (2). (3). 能【解析】由题意得通过两个光电门的速度分

15、别为，动能变化量为，通过两个光电门过程中重力势能的变化量,若实验中滑块以初速度下滑，依然能验证滑块在下滑过程中机械能守恒。10. 现要测量某电源的电动势和内阻，以下器材可供选用：待测电源(电动势约1.5v，内阻约2)；灵敏电流计(量程200a，内阻为99)；电阻箱(0999.9)；定值电阻r1=1；定值电阻r2=10；定值电阻r3=100；开关、导线若干。要求测量数据尽可能准确，电阻箱的阻值变化范围在100900，误差尽量小。(1)根据选出的器材在方框中画出电路设计图。连接好电路后，改变电阻箱的阻值，记录多组电流计的读数i(以a为单位)和电阻箱的阻值r。(2)对于多组i、r值，甲同学想用直线处

16、理数据，他的纵坐标采用，则横坐标应为_。若图线的斜率大小为k，纵轴截距大小为a，则该电源的电动势e=_，r=_(用k、a及已知量表示)。(3)对于多组i、r值，乙同学也想用直线处理数据，和甲同学不同，他纵坐标采用i，则横坐标应为_。若图线的斜率大小为m，纵轴截距大小为b，则该电源的电动势e=_，r=_(用m、b及已知量表示)。【答案】 (1). (2). (3). (4). (5). (6). 【解析】(1)由电源电动势和电阻箱的阻值变化范围可估算电路中最大电流为15ma，所以将灵敏电流计并联电阻r1，量程扩大约100倍比较合适，设计电路如下图所示(2)由闭合电路欧姆定律知，整理得,所以横坐标

17、为r，由表达式得电动势，内阻 11. 半径为r的光滑圆环固定在竖直面内，在圆环上圆心正下方的位置固定一轻质弹簧，弹簧另一端与一空心小球相连，小球套在圆环上处于静止状态。已知此时弹簧长度为r，小球质量为m，重力加速度为g，求弹簧的弹力。【答案】 ，方向沿弹簧向外【解析】由弹簧长度为r,可知弹簧和竖直方间夹角为，假设弹簧处于拉伸状态，小球受力如图甲所示显然小球不能平衡,所以弹簧处于压缩状态,小球受力如图乙所示由图可得解得,方向沿弹簧向外12. 如图甲所示，竖直平面xoy内，在y轴右侧存在竖直向下的电场强度为e1的匀强电场和一个交变磁场，磁感应强度大小为b1，交变磁场变化规律如图乙所示，规定垂直纸面

18、向里为磁场的正方向。在第二象限存在方向水平向左的电场强度为e2的匀强电场和一个方向垂直纸面向外的匀强磁场。带负电的粒子从x轴上的a点与x轴成角沿直线运动，经过y轴上的p点进入y轴右侧后做匀速圆周运动，当粒子刚进入y轴右侧时，交变磁场立即从t=0开始变化。现已知p点坐标为(0，d)，粒子的电荷量为q，粒子质量为m，。(1)求。(2)若已知交变磁场的周期t=，粒子在t=0时经过p点，t=时恰好水平经过x轴上的q点，求q点的横坐标。【答案】（1） （2）【解析】解：(1)粒子受洛伦兹力而做直线运动，一定是做匀速直线运动，受力如图所示,即又因为粒子在第一象限做匀速圆周运动，所以重力与电场力平衡，即qe

19、1=mg由，得(2)由可得粒子与y轴正方向成30°角射入第一象限，磁场的变化周期，粒子运动的周期，所以粒子转动一周的，磁场就发生变化，所以每次转动圆心角为因为开始时粒子速度与y轴正方向成30°角，转到速度方向沿y轴向下磁场方向即发生变化，到达x轴q经历的总时间等于磁场变化半周期的3倍和粒子做圆周运动的周期t的的总和，画出粒子的运动轨迹如图所示即经过三个150°和一个90°，恰好水平过x轴q粒子每转一次150°，轨迹如图所示向下移动距离为,向右移动距离为共向下移动2.5r,由p点坐标(0,d)可知2.5r=d,解得由图可知,粒子到达q点时共向右移

20、动的距离为所以q点横坐标13. 以下说法正确的是_。(填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分)a只要是具有确定熔点的物体必定是晶体b多晶体没有规则的几何形状，物理性质表现各向异性c液体表面张力是液体表面层分子间的分子力表现为引力的缘故d在北方严寒的冬天，房间的窗户玻璃上会出现雾珠，雾珠出现在玻璃外面e晶体在熔化过程中吸收的热量全部用来增加晶体的分子势能【答案】ace【解析】a、晶体有确定的熔点，故a正确;b、多晶体表现为各向同性，故b错误;c、液体表面分子引力表现为表而张力，故c正确;d、在北方严寒冬天,室内水蒸气遇冷变雾珠，所以是屋里

21、的玻璃表面有雾珠，故d错误；e、在品体熔化过程中，吸收的热量全部用来增加晶体的分子势能，故e正确；故选ace。14. 如图所示，一圆柱形绝热气缸内置加热丝(不计加热丝质量)，绝热活塞下端连一弹簧，开始时活塞在气缸的正中间，气缸的质量为m0，活塞的横截面积为s，气缸总长度为l，缸内气体温度为t0，外界大气压强为p0，重力加速度为g。现在加热丝开始缓慢加热，直至活塞刚好静止在气缸缸口ab处，停止加热。已知该理想气体的内能与热力学温度成正比，即u=kt，k为常数，求：停止加热时气缸内的温度。该过程中气体吸收的热量。【答案】(1) (2) 【解析】解：缓慢加热,气缸内气体做等压变化体积变为原来的2倍，解得原来气体的压强,缓慢加热，气体体积膨胀对外做功在此过程中内能增加量根据热力学第一定律u=-w+q所以15. 如