许昌县第三高级中学2016高考物理押题卷

1、 许昌县第三高级中学高考物理押题卷选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14、下列说法正确的是A法国科学家库仑把用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷命名为正电荷B弹力在本质上是电磁相互作用C牛顿是最伟大的物理学家之一，他对能量守恒定律的建立做出了突出的贡献D电场线不是实际存在的线，故无法用实验来摸拟电场线的分布15、一质点沿x轴正方向做加速直线运动，通过坐标原点时开始计时，其t的图象如图所示，则A质点的初速度是5 m/s B质点在前2 s内的平均速度是5.4

2、m/sC质点在第5 s末的速度为6 m/s D质点的加速度为1.2 m/s216、如图甲所示，在光滑水平地面上叠放着质量均为M=20 kg的A、B两个滑块，用随位移均匀减小的水平推力F推滑块A，让它们运动，推力F随位移变化的图像如图乙所示。已知两滑块间的动摩擦因数为，。下列说法正确的是: （ ）A在运动过程中滑块A的最大加速度是1 m/s2B在运动过程中滑块B的最大加速度是4 m/s2C物体在水平面上运动的最大位移是6.5 mD物体运动的最大速度为 m/s17、如图所示，质量为的物体（可视为质点）以某一初速度从点冲上倾角为30的固定斜面，其运动的加速度大小为，沿斜面上升的最大高度为，最后返回到

3、出发点A，则下列说法正确的是A滑块在上滑过程中机械能减少，在下滑过程中机械能增加B在上滑和下滑两过程中，重力做的功相同C在整个过程中物体的机械能损失了 mghD在整个过程中物体合外力做功3mgh18、某人造地球卫星绕地球n圈所用时间为t，已知：地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，引力常量为G。则下列说法正确的是A这颗人造地球卫星离地面的高度B这颗人造地球卫星做圆周运动的线速度C地球的平均密度是D这颗人造地球卫星做圆周运动的角速度19、如图所示，空间中存在一水平方向匀强电场和一水平方向匀强磁场，且电场方向和磁场方向相互垂直，在电磁场正交的空间中有一足够长的固定粗糙绝缘杆，与电场正方向成60夹

4、角且处于竖直平面内。一质量为m，带电量为+q的小球套在绝缘杆上。初始，给小球一沿杆向下的初速度v0， 小球恰好做匀速运动，电量保持不变。已知重力加速度为g，绝缘杆与小球之间的动摩擦因数，磁感应强度大小为B，电场强度大小为，则以下说法正确的是A小球的初速度可能是B小球的初速度可能是C若小球的初速度改为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止D若小球的初速度为，则运动中克服摩擦力做功20、在如图所示电路中，当变阻器的滑动头P向a端移动时，下列说法不正确的是A电压表示数变大 B电流表示数变大 C电阻R1消耗的电功率变大 D电源内阻消耗的功率变大21、如图所示的竖直平面内，一个电阻均匀的正方形金属

5、导线框ABCD从图示位置以某一速度进入一匀强磁场区域，磁场方向垂直于线框平面向里。磁场区域的宽度大于正方形金属导线框的边长。已知AB边进入磁场时，导线框的加速度恰好为零。则导线框进入磁场的过程和从磁场另一侧穿出的过程相比较，下列分析正确的是 A线框进入磁场的过程感应电流为逆时针 B线框进入磁场的过程感应电流为顺时针C两过程所用时间可能相等 D所受的安培力方向相同二、非选择题：22、（6分）一个实验小组的同学在进行“验证力的平行四边形定则”的实验。（1）实验小组中某同学操作步骤如下，请按合理顺序将步骤序号填在横线上 。A只用一弹簧测力计，通过细绳套把橡皮条结点拉到O点，记下弹簧测力计读数F和细绳

6、方向B把橡皮条一端固定在木板上，在橡皮条另一端拴上两根细绳套（此交点称为结点）C用两个弹簧测力计通过两个互成角度的细绳套拉橡皮条，使之伸长到一定长度，在白纸上记下结点位置O，同时记下两个弹簧测力计的读数F1、F2和两根细绳方向D把白纸钉在木板上E先作出F1、F2和F的图标，再作图求出F1和F2合力F，比较F和F得出实验结论（2）如果小组中某同学实验中测出F1F2的同时，还用量角器测量出F1和F2的夹角为75。然后做出如下的几个推断，其中正确的是_。A将F1转动一定的角度，可以使合力F的方向不变B将F2转动一定的角度，可以使合力F的方向不变C保持F1的大小和方向，将F2逆时针转动30，可以使合力

7、F的大小和方向都不变D只有保持F1和F2的大小不变，同时转动一定的角度，才可能使合力的大小和方向都不变（3） 小组中某同学在做“互成角度的两个力的合成”实验时，利用坐标纸记下了橡皮条的结点位置O点以及两只弹簧测力计拉力的大小，如图所示。试在图中作出F1和F2的合力图示，并用F表示此力。23、某同学用如图1所示的电路描绘一个标有“3V 0.25A”小灯泡的伏安特性曲线。他已选用的器材有：电池组(电动势为4.5V，内阻约1)；电流表(量程为0250mA，内阻约5)；电压表(量程为03V，内阻约3k)；电键一个，导线若干。(1)实验中所用的滑动变阻器应选择下面两种中的_(填数字代号)。滑动变阻器(最

8、大阻值20，额定电流1A)滑动变阻器(最大阻值1750，额定电流0.3A)(2)在图2中他已经连接了一部分电路，请你用笔画线代替导线将电路连线补充完整。(3)闭合电键前滑动变阻器的滑片应该置于_端(选填“a”，“b”)。(4)为了得到伏安特性曲线，他以电压表的读数U为横轴，以电流表的读数I为纵轴，将实验中得到的多组数据进行了描点，如图3所示，请你帮他完成IU图象。(5)由实验得到的伏安特性曲线可以看出小灯泡的电阻随电压的增大而_。(6)如果将此小灯泡连入如图4所示电路，其中电源电动势为3V，电源内阻与保护电阻R0的总阻值为5，定值电阻R的阻值为10。开关S闭合后，通过小灯泡的电流是_A24、（

9、12分）如图所示，水平面上固定一个倾角为=37的足够长斜面，斜面顶端有一光滑的轻质定滑轮，跨过定滑轮的轻细绳两端分别连接物块A和B（均可看作质点），与A相连细绳始终与斜面平行，开始A、B离水平地面的高度2.5 m，A、B两物块由静止开始运动，物块B落地瞬间，剪断细绳。已知：A的质量m0=1 kg。B的质量m=3 kg， A与斜面之间的动摩擦因数=0.5。（重力加速度g取10 m/s2， sin 37=0.6，cos 37=0.8）（1）物块A上升的最大高度是多少？（2）物块A开始运动后t=1.2 s时，物块A的位移大小是多少？25、（20分）如图所示，AB、CD两直线间的区域相距为2L，其间存

10、在着两个大小不同、方向相反的有界匀强电场，其中PT上方电场的场强E1方向竖直向下，PT下方电场的场强E2方向竖直向上，在电场左边界AB上宽为L的PQ区域内，连续分布着电荷量为+q、质量为m的粒子。从某时刻起由Q到P点间的带电粒子依次以相同的初速度V0沿水平方向垂直射入匀强电场E2中，若从Q点射入的粒子，通过PT上的某点R进入匀强电场E1后从CD边上的M点水平射出，其轨迹如图，若MT两点的距离为，不计粒子的重力及它们间的相互作用。试求：(1)电场强度E1与E2；(2)在PQ间还有许多水平射入电场的粒子通过电场后也能垂直CD边水平射出，这些入射点到P点的距离有什么规律？(3)有一边长为a、由光滑绝

11、缘壁围成的正三角形容器，在其边界正中央开有一小孔S，将其无缝隙的置于CD右侧，若从Q点射入的粒子经AB、CD间的电场从S孔水平射入容器中，欲使粒子在容器中与器壁多次垂直碰撞后仍能从S孔射出(粒子与绝缘壁碰撞时无能量和电荷量损失)，并返回Q点，需在容器中加上一个如图所示的匀强磁场，粒子运动的半径小于a，则磁感应强度B的大小应满足什么条件？33.物理选修3-3（15分）（1）（6分）下列说法正确的是_（填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A第二类永动机不能制成是因为它违反了能量守恒定律B由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，液

12、体表面存在张力C液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质具有各向异性D玻璃、石墨和金刚石都是晶体，木炭是非晶体E气体分子单位时间内与单位面积器壁发生碰撞的次数与单位体积内气体的分子数和气体温度都有关（2）（9分）如图，横截面积是S、高为h内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一重力为p0S、厚度均可忽略的活塞；气缸内密封有温度为4.4T0、压强为2.2p0的理想气体。p0和T0分别为大气的压强和温度。已知：气体内能U与温度T的关系为UT，为正的常量；现缓慢地降低气缸内理想气体的温度，直到气缸内气体温度与大气温度相同。求：（i）活塞刚好对气缸顶部没有压力时，气缸内气体的温度；（ii）在活塞下降过程中，气缸

13、内气体放出的热量Q。34.物理选修3-4（15分）（1）（6分）一列沿x轴传播的简谐横波，t=0时刻的波形如图所示，此时质点P恰在波峰，质点Q恰在平衡位置且向上振动。再过1 s，质点Q第二次到达波峰，则下列说法正确的是_（填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A波沿x轴负方向传播B波的传播速度为30 m/sC2 s末质点P的位移为-0.2 mD质点P的振动位移随时间变化的关系式E0至0.9 s时间内质点P通过的路程为0.9 m （2）（9分）如图所示，为某种透明介质的截面图，AOC为直角三角形，BC为半径R=12 cm的四分之一圆弧，

14、AB与水平屏幕MN垂直并接触于A点。一束红光射向圆心O，在AB分界面上的入射角i=30o，结果在水平屏幕MN上出现两个亮斑。已知该介质对红光的折射率为，求两个亮斑与A点间的距离。35.物理选修3-5（15分）（1）（6分）下列说法正确的是_（填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A放射性元素放出、和三种射线中，射线的穿透能力最强B卢瑟福通过对粒子散射实验证明了原子核内有中子存在C一个氢原子从n=2能级跃迁到n=3能级，则该氢原子吸收光子，能量增加D若紫光照射到某金属表面有光电子逸出，则红光照射也一定有光电子逸出E核反应方程中的X表示电

15、子（2）（9分）如图所示，在光滑的水平面上有一长木板B，其右侧边缘放有小滑块C，与长木板B完全相同的木板A以一定的速度v0向左运动，与木板B发生正碰，碰后两者粘在一起并继续向左运动，最终滑块C刚好没有从长木板上掉下。已知长木板A、B和滑块C的质量均为m，C与A、B之间的动摩擦因数均为。求：（i）长木板B的长度L；（ii）整个过程中长木板C对长木板A的冲量I。题号1415161718192021答案BCDCBABDBCDAD三、非选择题：22、(6分)【答案】(1)DBCAE （2分）；(2)AB（2分）；(3)见图（2分）【解析】(1)探究共点力合成的规律实验是用两个力拉橡皮条和一个力拉橡皮条

16、产生的作用效果相同，先后测出用两个力时力的大小和方向以及用一个力时力的大小和方向，用力的图示画出这三个力，用平行四边形作出用两个力时两力的合力的理论值，与那一个力进行比较。实验步骤要符合逻辑，符合事物发展规律，一般都是先安装设备，然后进行实验、测量，再整理仪器，最后进行数据处理，根据实验过程合理的顺序步骤应为DBCAE。(2)由平行四边形定则作图得：A根据图象可知，将F1转动一定的角度，可以使合力F的方向不变，故A正确。B将F2转动一定的角度，可以使合力F的方向不变，故B正确。C保持F1的大小和方向，将F2逆时针转动30，合力F发生变化，故C错误。D保持F1和F2的大小不变，转动一定的角度，合

17、力F发生变化，故D错误。故选AB。(3)以和为邻边作平行四边形，与和共点的对角线表示合力F，标上箭头，如图所示。23、答案(1)(2)如答图1(3)a；(4)如答图2(5)增大；(6)0.18(0.170.19)24、(12分) 【答案】(1)2.25 m；(2)3.3 m【解析】(1)设物块B落地瞬间，A、B的速度为v由牛顿第二定律得：(1分)由运动学公式可得：；(1分)解得：v=5 m/s，t1=1 s(1分)A上升的高度(1分)B落地后，A继续上升的高度为h2由牛顿第二定律得：(1分)由运动学公式可得：；(1分)解得h2=0.75 m，t2=0.5 s(1分)物块A上升的最大高度(1分)

18、(2)设物块A开始运动后t=1.2 s时，物块A的位移大小为x因为t1=1 s t=1.2 s t1 +t2=1.5 s(1分)由运动学公式(1分)解得x=3.3 m(2分)25、答案(1) (2)(n=1、2、3)(3)(n=0、1、2、3)解析(1)带电粒子在电场中做类平抛运动， 由类平抛运动规律得竖直方向上： 解得：竖直方向上： 水平方向上：解得：(2)设粒子到P点的距离为Y，竖直方向上： 所以 代入解得 要离子垂直CD边水平射出，需满足条件必须是：所以 （n=1 2 3）入射点到P点的距离有 代入t1 得 （n=1 2 3）(3)在匀强磁场中，由洛伦兹力提供向心力 运动半径若要满足题目

19、条件，带电粒子在磁场中的可能运动轨迹如下图所示：由几何关系得 （n=0、1、2、3）所以 解得：(n=0、1、2、3)33.物理选修3-3(15分)(1)(6分) 【答案】BCE【解析】第二类永动机没有违反能量守恒定律，违反了热力学第二定律，故A错误；在液体内部分子间的距离在左右，而在表面层，分子比较稀疏，分子间距离大于，因此在液体表面分子间的作用表现为相互吸引，它的作用使液体表面绷紧，所以液体表面存在张力，故B正确；液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质具有各向异性，故C正确；玻璃是非晶体，故D错误；气体分子单位时间内与单位面积器壁发生碰撞的次数，这是气体压强的微观意义，气体的压强与分子数密

20、度、温度有关，故E正确。(2)(9分) 【答案】(2) (i) (ii)【解析】(i)活塞刚好对气缸顶部没有压力时，气缸内气体的压强是p1=2p0(1分)在气体由压强p2.2p0下降到2p0的过程中，气体体积不变，温度由T4.4T0变为T1。由查理定律得(1分)解得(1分)(ii)在气体温度由T1变为T0的过程中，体积由V=Sh减小到V1，气体压强不变。由盖吕萨克定律得 解得：(2分)在活塞下降过程中，活塞对气体做的功为W2p0(VV1) (1分)在这一过程中，气体内能的减少为U(T1T0) (1分)由热力学第一定律得，气缸内气体放出的热量为QWU(1分)解得得(1分)34.物理选修3-4(15分)(1)(6分)【答案】BCD【解析】质点Q恰在平衡位置且向上振动，可以判断出此列波向右传播，故A错误；由题意知，再过1 s，质点Q由图示位置第二次到达波峰，所以T=0.8 s，波的传播速度为30 m/s，故B正确；，故P质点振动了，既质点P到达波谷，位移为-0.2 m，故C正确；由T=0.8 s解得，质点P的振动位移随时间变化的关系式，故D正确；，故0至0.9 s时间内质点P通过的路程小于0.9 m，故E错误。(2)(9分)【答案】36 cm；12 cm【解析】由几何关系(1分)入射角正弦(