章末质量评估---教师版

1、章末质量评估（一）一、选择题（15题只有一项符合题目要求，69题有多项符合题目要求）1在田径运动会400 m比赛中，终点在同一直线上，但起点不在同一直线上（如图所示）关于这样的做法，下列说法正确的是（）A 这样做是为了使参加比赛的同学位移大小相同B 这样做是为了使参加比赛的同学路程大小相同C .这样做是为了使参加比赛的同学所用时间相同D 这种做法其实是不公平的，明显对外侧跑道的同学有利B正确.解析：这种做法其实是公平的，为了使参加比赛的同学路程大小相同，答案：B让一个质量为2 kg的小球从一定的高度自由下落,）B.物体在第 5 s内的平均速度是 3.6 m/sD.物体在5 s内的位移是50 m

2、2 . 一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验， 测得在第5 s内的位移是18 m,则（A .物体在 2 s末的速度是 20 m/sC.物体在第 2 s内的位移是20 m1 1 .解析：根据h= 2gt2可得，2g X （5 s）2 2g X （4 s）2 = 18 m,因此星球上的重力加速度g = 4 m/B? s末的速度v= gt= 8 m/s, A错误；第5 s内的平均速度=y m/s= 18 m/s, B错误；第2 s内的位移hzhgt2g gt2=孑 4X 22m 2X4X 12 m= 6 m, C 错误；物体在 5 s 内的位移 h = 2gt2=?4X 52m= 50 m, D

3、 正确.答案：D12 m/s的速度行驶，遇到紧急情况，司机刹车，使汽车做匀减速直线运动，若制动后6 m/s2，则下列判断正确的是（）汽车的速度大小为 6 m/s汽车的位移大小为 9 m汽车的位移大小为12 m3 s内的平均速度大小为6 m/s3 S,3 S,3 S,D .汽车在开始刹车3. （2017东海县学情调研考试）如图，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置一时间（X t）图线.由图可知（）A 在时刻ti, a、b两车运动方向相同B 在时刻t2, a、b两车运动方向相反C 在ti到t2这段时间内，b车的速率先减少后增加D .在ti到t2这段时间内，b车的速率一直比a车的大

4、解析：从图中可知a车的位置不随时间变化，所以a车静止，b车的位移先增大，后减小，所以b车先朝着正方向运动，由朝着负方向运动，图象的斜率表示速度，b车图线斜率先减小后增大，则b车的速率先减小后增加，A、B错误，C正确；曲线b在顶点处的斜率为零，即速度为零，所以b车的速率不是一直都比a车的大，D错误.答案：C4. 一辆汽车以 汽车的加速度大小为A 开始刹车经 B 开始刹车经C 开始刹车经解析：汽车制动到停止的时间to/ = 2 s刹车位移x =薯12 m .所以经过3 s时，汽车已停止，a所以速度为0,故A、B错误，C正确经过一 x1212 m, v = = m/s= 4 m/s, 故 D 错误.

5、 答案：C5.甲、乙两辆小车由同一地点出发运动，速度 A 运动时甲的加速度与乙的加速度之比为B .运动时甲的加速度与乙的加速度之比为C .相遇前甲、乙最远距离为 6 m时间图象如图所示，则（）34解析：速度图象的斜率等于物体的加速度，则甲的加速度43D甲、乙同时开始运动a甲=吕=4 m/s2= 1 m/s2，乙的加速度 a乙At 42s汽车停止，所以3s内的位移等于2s内的位移，贝y x =4 m/s2= 4 m/s2，所以运动时甲的加速度与乙的加速度之比为1 4,故A、B错误；当甲、乙速度A 1 相等时，相距最远，速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移，则 X 1 X 4

6、m= 6 m,故C正确；由题图可知，甲先运动 3 s后乙开始运动，故 D错误.答案：C6 云台山是全球首批世界地质公园，青龙峡景点有“中原第一峡谷”美誉，这里气候独特，水源丰 富，植被原始完整，是生态旅游的好去处，乘坐索道缆车观赏怡人的风景以外，还能感受悬挂在高空的刺 激感如图所示，对于正在乘坐索道缆车观光的某游客来说，以下说法正确的是（ ）A .以自己为参考系，看到对面的山迎面走来B .以对面的山为参考系，自己静止不动C .以自己为参考系，看到同一缆车里的人向对面的山不断靠近D .以所乘坐的缆车为参考系，看到两边的青山绿树向身后走去解析：以自己（或自己乘坐的缆车）为参考系，看到对面的山迎面走

7、来，看到同一缆车里的人静止不动， 看到两边的青山绿水向身后走去，A、D正确，C错误.以对面的山为参考系看到自己向山靠近，B错误.答案：ADj/tm rZ II1%i.上iqa12：1 4 5 山7 如图是一辆汽车做直线运动的x t（位移一时间）图象，对相应的线段所表示的运动，下列说法正确的是（）A. AB段表示车静止B. BC段发生的位移大于 CD段发生的位移C . CD段运动方向和 BC段运动方向相反D . CD段运动速度小于 BC段运动速度解析：AB段物体位移不随时间变化，处于静止状态故A正确.BC段发生的位移是8 km, CD段发生的位移是12 km,所以CD段发生的位移大于 BC段发生

8、的位移，故 B错误.CD段斜率为负值，速度 为负，表示物体的运动方向沿着负方向，BC段斜率为正值，速度为正，方向与规定的正方向相同，即CD段运动方向和BC段运动方向相反，故 C正确由题图得知，CD段斜率最大，速度最大，物体运动最快， CD段运动速度大于 BC段运动速度，故 D错误.答案：AC8.某质点以20 m/s的初速度竖直向上运动， 其加速度保持不变，经2 s到达最高点，上升高度为20 m, 又经过2 s回到出发点时，速度大小仍为20 m/s,关于这一运动过程的下列说法中正确的是()A.质点运动的加速度大小为10 m/s2,方向竖直向下B .质点在这段时间内的平均速度为零C .质点在最高点

9、时加速度为零D .质点在落回抛出点时的速度与开始离开抛出点时的速度相同解析：根据加速度的定义知，取竖直向上为正方向，则2020 一a= m/s2= 10 m/s2,负号表示加速4度方向与规定的正方向相反，即竖直向下，选项A正确；路程为40 m,根据平均速度的定义知，平均速度为零，故 都相同，在最高点速度为零，但加速度大小仍为10 m/s2,刻的瞬时速度大小相等，但方向相反，选项D错误.答案：AB9甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，在 图象如图所示，下列对汽车运动情况的描述正确的是(i/(m - 5-|由位移的定义知，这段时间内的总位移为零，而 B正确；质点做匀变速运动，每时每刻的加速度

10、方向竖直向下，所以选项C错误；在抛出点两时 t= 0时，乙车在甲车前方 50 m处，它们的v )迦510I 丿 IM 2( ,10. 41A甲车先做匀速运动再做反向匀减速运动B.在第20 s末，甲、乙两车的加速度大小相等C .在第30 s末，甲、乙两车相距 50 mD .在整个运动过程中，甲、乙两车可以相遇两次解析：由题图可知：甲车先做匀速运动再做匀减速直线运动，但是速度一图象一直在时间轴的上方，没有反向，故A错误；在第20 s末，甲车的加速度大小为 a甲=詈=1 m/s2,乙车的加速度大小为 a乙= =2 13 m/s2,不相等，故B错误；在第30 s末，甲车的位移为 20X 10 m+ 2

11、 20X 20 m= 400 m,乙车的位移到30 s末，甲停2.5 s乙追上甲，故在整个为X 30X 20 m= 300 m,所以甲、乙两车相距 400 m 300 m 50 m= 50 m,故C正确；刚开始乙在甲的前 方50 m处，甲的速度大于乙的速度，经过一段时间甲可以追上乙，然后甲在乙的前面， 止运动，甲在乙的前面 50 m处，此处乙以20 m/s的速度匀速运动，所以再经过 运动过程中，甲、乙两车可以相遇两次，故D正确.答案：CD二、非选择题10 .(1)在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中，下列说法正确的是A .电火花计时器正常工作时，其打点的周期取决于交流电压的高低 B 电火花

12、计时器应接在10V以下的交流电源上才能正常工作C 打点计时器连续工作时间很短，应注意打点之后要立即关闭电源 D 开始实验时，应先接通电源，后释放小车纸带上两相邻计x5 = 9.61 cm、(2) 某同学在实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带如图所示，f：数点的时间间隔为 T = 0.10 S,其中 X1= 7.05 cm、X2= 7.68 cm、X3= 8.33 cm、X4= 8.95 cm、 X6= 10.26 cm，则D点处瞬时速度大小是 m/s(计算结果保留两位有效数字).JnCf f GSA * i 叼I Xy +1 氐 r*气 f(3)另一同学利用气垫导轨测定滑块的

13、加速度，滑块上安装了宽度为3.0 cm的挡光板，如图所示，滑块在牵引力作用下先后匀加速通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了挡光板通过第一个光电门的时间为盘1 = 0.30 S,通过第二个光电门的时间为止=0.10 S,挡光板从开始挡住第一个光电门到开始挡住第二个光电门的时间为 At = 4.0 S.试估算：滑块经过第一个光电门时的速度大小V1 =m/s；在运动过程中，滑块的加速度大小a=m/s2.车速v(km/h)反应距离x(m)刹车距离x(m)停车距离L(m)40101020601522.537.580A =()B =()C=()ifcium購朮小灯is 沖匕.詡*揺尤擬淆块解析：(1)电

14、火花计时器正常工作时，其打点的周期取决于交流电压的周期，选项A错误；电火花计时器工作时需要220 V交流电压，选项 B错误；开始实验时，应先接通电源，待打点计时器工作稳定后，再 释放小车，选项D正确；打点计时器长时间工作可能烧毁，应注意打点之后要立即关闭电源，选项C正确.、X3+ X4 8.33 + 8.95D点的瞬时速度vD =2T(3)滑块经过第一个光电门的速度=0-2cm/s= 0.86 m/s.d 0.03V1 = 7t7= 0m/s= o.1 m/sd 0.03, c c ,、丄、士宀V2 V1 0.3 0.1, 2v2= = 0 m/s= 0.3 m/s,所以加速度a=一亍=4 m

15、/s2 =滑块经过第二个光电门的速度0.05 m/s2.答案：(1)CD(2)0.86(3)0.111 . 2015年9月19日，四川省康定市境内突发泥石流.一汽车停在小山坡底，司机突然发现山坡上0.05距坡底80 m处的泥石流以8 m/s的速度、0.5 m/s2的加速度匀加速倾泻而下，假设泥石流到达坡底后速率 不变，在水平地面上做匀速直线运动，司机的反应时间为 直线运动.(1)求泥石流到达坡底的速度大小；解析：(1)由运动学公式V? v2= 2ax得(2)泥石流在下坡阶段运动的时间为设汽车恰被泥石流追上时汽车运动的时间为x 泥=vtt3 ,x 车=1aot2,0.5 s,汽车启动后以恒定的加

16、速度一直做匀加速 (2)试通过计算说明：汽车的加速度至少多大才能脱离危险. vt = pV2 + 2ax =764+ 2X 0.5X 80 m/s= 12 m/s.vt V012 8t1 = c u s= 8 s.a 0.5t2,泥石流在水平段运动的时间为t3,则在水平段有vt= aot2,且tl + t3 t反=t2, X泥=x车时汽车有最小加速度. 联立以上各式并代入相关数据解得ao= 0.8 m/E,则汽车的加速度至少应为0.8 m/s2才不会被泥石流追上.答案：(1)12 m/s (2)0.8 m/s212 .下图是驾驶员守则中的安全距离图示和部分安全距离表格，请根据表格计算:40 k

17、m/h 的 kin/iR0l|(in/h(1) 如果驾驶员的反应时间一定，请在表格中填上A的数据；(2) 如果路面情况相同，请在表格中填上B、C的数据；(3) 如果路面情况相同，一名喝了酒的驾驶员发现前面50 m处有一队学生正在横过马路，此时他的车速为72 km/h，而他的反应时间比正常时慢了0.1 s,请问他能在50 m内停下来吗？解析：(1)根据表格数据可知，驾驶员在反应时间内做匀速直线运动，贝y： t= J =4V1V3解得：X A=計匸芽10 m= 20 m如果路面情况相同，汽车刹车的加速度相同，则:V2V2x1 = 2a，xb = 2av280?解以上两式得： XB = v2- x1

18、= 40? X 10 m = 40mLc = x a+ xB = 20 m + 40 m= 60 m(3)解式得驾驶员的正常反应时间喝了酒的驾驶员的反应时间：tx 110t = =40 s= 0.9 s36=t + 0.1 s= (0.9 + 0.1) s= 1.0 s72x = vt = X 1.0 m = 20 m3.6在反应时间内汽车行驶的距离：v2722刹车距离：X = vY X1 = 402 10 m= 32.4 m停车距离：L = X + X = (20+ 32.4) m= 52.4 m50 m 故汽车不能在50 m内停下来.答案：(1)20(2)4060(3)不能在50 m内停下

19、来章末质量评估(二)一、选择题(16题只有一个选项符合题目要求，710题有多个选项符合题目要求 )1 体操运动员静止悬挂在单杠上，当两只手掌握点之间的距离减小时，关于运动员手臂受到的拉力 变化，下列判断正确的是 (A .不变 B .变小 解析：C.变大对运动员受力分析如图所示,据三力平衡的特点可知运动员手臂受到的拉力运动员静止悬挂在单杠上，受力平衡，设两臂与竖直方向夹角为F =盘，a减小，COSa增大，F减小，故B正确.a,根答案：B2 . (2017岳阳模拟)如图所示，A、B两物体叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀 减速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力()A .方向向左，大

20、小不变B .方向向左，逐渐减小C .方向向右，大小不变D .方向向右，逐渐减小解析：物体B具有水平向左的恒定加速度，由牛顿第二定律知，物体B受到的合外力水平向左且恒定，对物体B受力分析可知，物体 B在水平方向的合外力就是物体A施加的静摩擦力，因此，物体 B受到的摩擦力方向向左，且大小不变，故A正确.答案：A3.，/f-（ ） 拉力不变 拉力不变如图所示，一根不可伸长的细绳两端分别连接在框架上的A、B两点，细绳绕过光滑的滑轮，重物悬挂于滑轮下，处于静止状态.若缓慢移动细绳的两端，则绳中拉力大小变化的情况是A .只将绳的左端移向A点，拉力变小B.只将绳的左端移向A点，C .只将绳的右端移向B点，拉

21、力变小D.只将绳的右端移向B点，解析：只将绳的左端移向 A 点，由于细绳不可伸长，滑轮两边细绳的拉力相等，根据几何知识知滑轮的两边的细绳的夹角保持不变，根据力的合成与分解可知，细绳中的拉力应保持不变，A错，B对；若只将绳的右端移向 B点，根据几何知识知滑轮的两边的细绳的夹角变大，根据力的合成与分解可知，细 绳中的拉力应变大， C、D都错.答案：B4.6frft如图所示，小球a的质量为小球b质量的一半，分别与轻弹簧 A、B和轻绳相连接并处于平衡状态.轻弹簧A与竖直方向夹角为 60轻弹簧A、B伸长量刚好相同，则下列说法正确的是（）A .轻弹簧A、B的劲度系数之比为 3 : 1 B .轻弹簧A、B的

22、劲度系数之比为 2 : 1C 轻绳上拉力与轻弹簧 A上拉力的大小之比为 2 : 1D 轻绳上拉力与轻弹簧 A上拉力的大小之比为 1 : 1解析：设轻弹簧A、B伸长量都为X，小球a的质量为m，则小球b的质量为2m.对小球b，由平衡条 件，弹簧B中弹力为kBx= 2mg;对小球a，由平衡条件，竖直方向 kBx+ mg= kAxcos60 ；联立解得：kA= 3kB，选项A正确，B错误.水平方向，轻绳上拉力 F = kxxsin60 ；选项C、D错误.答案：AA与B的质量之比为（）5. （2015 东卷）如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块 A（A、B接触面竖 直），此时A恰好

23、不滑动，B刚好不下滑.已知A与B间的动摩擦因数为 J , A与地面间的动摩擦因数为 J， 最大静摩擦力等于滑动摩擦力.1 jj)留B.代丄解析：设水平作用力大小为D 2 +j jF,则对于 B : jF = mBg,对于整体：F =j(mA + mB)g,解得m =答案：B6. 如图甲所示，一物块在粗糙斜面上，在平行斜面向上的外力F作用下，斜面和物块始终处于静止状态，当F按图乙所示规律变化时，关于物块与斜面间摩擦力的大小变化的说法中正确的是（）TA . 一定增大B .可能一直减小C .可能先增大后减小D .可能一直增大解析：对物块受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力；若拉力的最大值大于重力

24、沿斜面的分 力，则静摩擦力沿着斜面向下，F Ff mgsin 0= 0,故拉力减小后，静摩擦力先减小后反向增加；若拉力的最大值小于重力沿斜面的分力，静摩擦力沿着斜面向上，F + Ff mgsin 0= 0,故拉力减小后，静摩擦力一直增加，选项 D正确.答案：D7. （2017苏州大学附中高三调研）一个大人拉着载有两个小孩的小车（其拉杆可自由转动）沿水平地面匀）B .拉力与摩擦力的合力大小等于重力大小D .小孩和车所受的合力为零速前进，则对小孩和车下列说法正确的是（A.拉力的水平分力等于小孩和车所受的合力C .拉力与摩擦力的合力方向竖直向上解析：A.小孩和车整体受重力、支持力、拉力和摩擦力，根据

25、共点力平衡条件，拉力的水平分力等于 小孩和车所受的摩擦力，故 A错误；B、C小孩和车整体受重力、支持力、拉力和摩擦力，根据共点力平 衡条件，拉力、摩擦力的合力与重力、支持力的合力平衡，重力、支持力的合力竖直，故拉力与摩擦力的 合力方向竖直向上，故 B错误，C正确；D.小孩和车做匀速直线运动，故所受的合力为零，故D正确.答案：CD8. 如图所示，将一劲度系数为k的轻弹簧一端固定在内壁光滑的半球形容器底部O处（O为球心）,)弹簧另一端与质量为 m的小球相连，小球静止于 P点.已知容器半径为 R、与水平地面之间的动摩擦因数 为OP与水平方向的夹角为 0= 30下列说法正确的是（A .轻弹簧对小球的作

26、用力大小为2 mgB .容器相对于水平面有向左的运动趋势c .容器和弹簧对小球的作用力的合力竖直向上D .弹簧原长为R+解析：对小球受力分析，如图所示，因为0= 30所以三角形 00 P为等边三角形，由相似三角形得Fn = F = mg，所以A项错误由整体法知，容器与地面没有相对运动趋势，B项错误小球处于平衡状态，容器和弹簧对小球的作用力的合力与重力平衡，故C项正确.由胡克定律有 F = mg= k（L0 R）,解得弹簧原长L0= R+呼，D项正确.k答案：CD9. （2017 阴二中月考）如图所示，一根轻绳跨过定滑轮将物体 状态.已知两物体质量分别为mA和mB,绳与水平方向的夹角为物体B受水

27、平地面对它的支持力大小及摩擦力大小为（）B .支持力大小为： D .摩擦力大小为： 对 A： Ft = mAgFf = mAgcos 0A、B连接在一起，A、B均处于静止0不计滑轮和绳的质量及其摩擦，则：A .支持力大小为 mBg mAgC .摩擦力大小为 mBgcos 0解析：对A、B分别用隔离法分析有:联立解可得： Fn= mBg mAgsin 0mBg mAgsin 0mAgcos 0对 B: Ftcos 0= FfFTSin 0+ Fn = mBg故选项B、D正确.答案：BD10 .如图所示，在粗糙水平地面上放着一个横截面为半圆的柱状物体A, A与轻质竖直挡板之间放一光滑圆球B，整个装

28、置处于静止状态.现对挡板加一向右的水平推力F，使挡板缓慢向右移动，B球缓慢上移而A仍保持静止.设地面对 A的摩擦力为F1, A对B的作用力为F2,地面对A的支持力为F3,不计 板与地面间的摩擦，则在此过程中 (B . F1缓慢增大，F3缓慢增大D . F2缓慢减小，F3保持不变 则在竖直方向上地面的支持力等于整体的重力，即F3= (mA + mB)g,F2在缓慢减A的静摩擦力Fi= F2COS 0,由分析可知，图乙A . Fi缓慢减小，F3保持不变C . F2缓慢增大，F3缓慢增大 解析：将物体A和B看成一个整体，故F3保持不变，故选项 B、C错误；隔离物体 B受力分析可知，物体 B受重力Gb

29、、物体A对B的支持力F2,挡板对B的弹力Fn,当挡板缓慢向右移动时，物体B的受力变化情况如图甲所示，可知小，选项D正确；隔离物体 A受力分析如图乙所示，可知地面对F2逐渐减小，0逐渐增大，故F1逐渐减小，选项 A正确.答案：AD二、非选择题11 .在做“验证力的平行四边形定则的实验”中，在水平放置的木板上垫一张白纸，把橡皮条的一端 固定在A点上，另一端连接两根细线，然后通过细线用两个互成角度的弹簧秤来拉橡皮条，使橡皮条伸长 到某一点0,此时需记录下：(1) , (2)然后改用一个弹簧秤把橡皮条拉到0点后再记录下：(4) ,(5)请选好比例在方框中(6)如图所示，是该同学完成验证力的平行四边形定

30、则实验操作后得到的数据图， 作图完成该同学未完成的实验数据处理.FROM *.r=6.3N-fi用斗*解析：(6)作图象时以0点为起点作Fi、F2、F的图示，且要按同一比例；要用三角板和刻度尺规范 地作出平行四边形，如图所示.?t2C. tlV2B . H =C. tan 0=D . v2 = /g|解析：同时抛出的两小球在斜面中点Q相遇时水平位移相等，运动时间相等，故抛出速度大小相等，即V1 = V2, A项错误；两小球相遇时在竖直方向上下落的高度相等，因此H = AC.在Q点，两球速度大小相等且相互垂直，因此两球速度方向与水平方向夹角均为45平抛运动中，从抛出点开始，任意时刻速tan45

31、= 2tan 0,即 tan 0=?, C 项错误;2h = 如2，解得V2=Vg|, D项正确.度偏向角的正切值等于位移偏向角的正切值的2倍，由此推论可知厂BCH = AC =y5lsin 0= 1, BC = 21, B 项错误；由平抛运动得 =V2t、答案：D5.:朮擾（2017河南八市重点高中质检）如图所示，某极地轨道卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极，已知 该卫星从北纬60的正上方，按图示方向第一次运行到南纬60的正上方时所用时间为1 h，则下列说法正确的是（）A 该卫星与同步卫星的运行半径之比为1 : 4 B.该卫星与同步卫星的运行速度之比为1 : 2C 该卫星的运行速度一定大于

32、7.9 km/sD.该卫星的机械能一定大于同步卫星的机械能解析：卫星转动了 120勺圆心角，即转动了三分之一周期，用时1 h,因此卫星的周期为3 h,由普2=，可得Txp,极地卫星与同步卫星的半径之比为1 : 4, A正确；由GMJm = m*可得v故速度之比为2 : 1 , B错误；第一宇宙速度 v= 7.9 km/s是近地卫星的运行速度，是卫星的最大运行速度，故C错误；卫星的质量未知，机械能无法比较, 答案：AD错误.6 .如图，一质量为M的光滑大圆环， 视为质点）,从大环的最高处由静止滑下. 力的大小为（）A . Mg 5mg用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为 m的小环（可重力

33、加速度大小为g.当小环滑到大环的最低点时，大环对轻杆拉B. Mg + mgC. Mg + 5mg D . Mg+ 10mg F解析：以小环为研究对象，设大环半径为2有Fn mg= m*，得fn = 5mg,此时再以大环为研究对象，受力分析如图，由牛顿第三定律知，小环对大 环的压力为F N = Fn，方向竖直向下，故 F = Mg + 5mg，由牛顿第三定律知 C正确.答案：C7.R根据机械能守恒定律，得mg 2R= 2mv2，在大环最低点f-_L戶N一根细线下端拴一个金属小球P,细线的上端固定在金属块 Q上，Q放在带小孔（小孔光滑）的水平桌面上，小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）.现使

34、小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动（图中P位置），两次金属块 Q都静止在桌面上的同一点，则后一种情况与原来相比较，下列判断中 正确的是（）A .细线所受的拉力变大C. Q受到桌面的静摩擦力变大解析：B.小球P运动的角速度变小 D. Q受到桌面的支持力变大设细线与竖直方向的夹角为0,细线的拉力大小为 Ft,细线的长度为L.P球做匀速圆周运动时，由重力和细线的拉力的合力提供向心力，如图，则有:Ft =器，mgtan 0= mw 2Lsin 0 得角速度 3=、/7=,COS 0V Leos 0周期T= 2n,使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动时，0增大，cos 0减小，则细线拉力 Ft增大，角速度增大，周期 T减小.对Q球，由平衡条件得知，Q受到桌面的静摩擦力变大，故 A、C正确， B错误；金属块Q保持在桌面上静止，根