2020版高考数学二轮复习专题三立体几何第1讲空间几何体的三视图、表面积与体积学案理

1、学必求其心得，业必贵于专精第1讲空间几何体的三视图、表面积与体积做真题题型一三视图与直观图1(2018高考全国卷)某圆柱的高为2，底面周长为16，其三视图如图圆柱表面上的点m在正视图上的对应点为a，圆柱表面上的点n在左视图上的对应点为b，则在此圆柱侧面上，从m到n的路径中,最短路径的长度为()a2b2c3 d2解析:选b由三视图可知，该几何体为如图所示的圆柱,该圆柱的高为2，底面周长为16。画出该圆柱的侧面展开图,如图所示，连接mn,则ms2，sn4，则从m到n的路径中,最短路径的长度为2。故选b2（2018高考全国卷)中国古建筑借助榫卯将木构件连接起来构件的凸出部分叫榫头,凹进部分叫卯眼，图

2、中木构件右边的小长方体是榫头若如图摆放的木构件与某一带卯眼的木构件咬合成长方体，则咬合时带卯眼的木构件的俯视图可以是()解析：选a由题意知，在咬合时带卯眼的木构件中，从俯视方向看，榫头看不见，所以是虚线，结合榫头的位置知选a3（2019高考全国卷)中国有悠久的金石文化，印信是金石文化的代表之一印信的形状多为长方体、正方体或圆柱体，但南北朝时期的官员独孤信的印信形状是“半正多面体”(图1)半正多面体是由两种或两种以上的正多边形围成的多面体半正多面体体现了数学的对称美图2是一个棱数为48的半正多面体，它的所有顶点都在同一个正方体的表面上，且此正方体的棱长为1，则该半正多面体共有_个面,其棱长为_解

3、析：依题意知,题中的半正多面体的上、下、左、右、前、后6个面都在正方体的表面上，且该半正多面体的表面由18个正方形，8个正三角形组成，因此题中的半正多面体共有26个面注意到该半正多面体的俯视图的轮廓是一个正八边形,设题中的半正多面体的棱长为x，则xxx1，解得x1，故题中的半正多面体的棱长为1。答案:261题型二空间几何体的表面积与体积1（2019高考全国卷）学生到工厂劳动实践，利用3d打印技术制作模型如图,该模型为长方体abcda1b1c1d1挖去四棱锥oefgh后所得的几何体,其中o为长方体的中心，e，f,g，h分别为所在棱的中点,abbc6 cm,aa14 cm。3d打印所用原料密度为0

4、.9 g/cm3.不考虑打印损耗，制作该模型所需原料的质量为_g。解析：由题易得长方体abcd。a1b1c1d1的体积为664144(cm3），四边形efgh为平行四边形,如图所示,连接ge，hf,易知四边形efgh的面积为矩形bcc1b1面积的一半，即6412(cm2），所以v四棱锥o.efgh31212(cm3），所以该模型的体积为14412132(cm3),所以制作该模型所需原料的质量为1320.9118.8(g）答案：118。82(2018高考全国卷）已知圆锥的顶点为s，母线sa，sb所成角的余弦值为，sa与圆锥底面所成角为45。若sab的面积为5，则该圆锥的侧面积为_解析：如图所示,

5、设s在底面的射影为s，连接as，ss。sab的面积为sasbsinasbsa2sa25,所以sa280，sa4。因为sa与底面所成的角为45,所以sas45，assacos 4542。所以底面周长l2as4，所以圆锥的侧面积为4440。答案：40题型三与球有关的切、接问题1（2019高考全国卷 ）已知三棱锥p.abc的四个顶点在球o的球面上，papbpc，abc是边长为2的正三角形，e，f分别是pa，ab的中点，cef90，则球o的体积为()a8 b4c2 d解析:选d因为点e，f分别为pa，ab的中点，所以efpb，因为cef90，所以efce,所以pbce.取ac的中点d，连接bd，pd，

6、易证ac平面bdp，所以pbac,又accec,ac，ce平面pac，所以pb平面pac，所以pbpa，pbpc，因为papbpc,abc为正三角形,所以papc，即pa，pb，pc两两垂直，将三棱锥pabc 放在正方体中如图所示因为ab2,所以该正方体的棱长为，所以该正方体的体对角线长为，所以三棱锥p。abc的外接球的半径r，所以球o的体积vr3，故选d2（2018高考全国卷）设a，b，c，d是同一个半径为4的球的球面上四点，abc为等边三角形且其面积为9,则三棱锥d。abc体积的最大值为（)a12 b18c24 d54 解析：选b设等边三角形abc的边长为x，则x2sin 609，得x6.

7、设abc的外接圆半径为r，则2r，解得r2，所以球心到abc所在平面的距离d2，则点d到平面abc的最大距离d1d46，所以三棱锥d。abc体积的最大值vmaxsabc69618。3(2017高考全国卷）已知圆柱的高为1，它的两个底面的圆周在直径为2的同一个球的球面上，则该圆柱的体积为()a bc d解析：选b设圆柱的底面半径为r，则r212，所以，圆柱的体积v1，故选b明考情1“立体几何在高考中一般会以“两小一大或“一小一大”的命题形式出现，这“两小”或“一小”主要考查三视图,几何体的表面积与体积，空间点、线、面的位置关系（特别是平行与垂直）2考查一个小题时，此小题一般会出现在第48题的位置

8、上，难度一般；考查两个小题时，其中一个小题难度一般,另一个小题难度稍高,一般会出现在第1016题的位置上，此小题虽然难度稍高，主要体现在计算量上，但仍是对基础知识、基本公式的考查空间几何体的三视图考法全练1（2019福州市质量检测)棱长为1的正方体木块abcda1b1c1d1的直观图如图所示，平面过点d且平行于平面acd1，则该木块在平面内的正投影面积是（)abc d1解析：选a棱长为1的正方体木块abcda1b1c1d1在平面内的正投影是三个全等的菱形，如图，正投影可以看成两个边长为的等边三角形，所以木块在平面内的正投影面积是2.2(2019福州市第一学期抽测）如图为一圆柱切削后的几何体及其

9、正视图，则相应的侧视图可以是（)解析：选b由题意,根据切削后的几何体及其正视图,可得相应的侧视图的切口为椭圆，故选b3(2019江西省五校协作体试题)如图1，在三棱锥d.abc中,已知acbccd2,cd平面abc，acb90。若其正视图、俯视图如图2，则其侧视图的面积为()ab2c d解析：选d由题意知侧视图为直角三角形，因为正视图的高即几何体的高，所以正视图的高为2,则侧视图的高，即一直角边长也为2。因为俯视图为边长为2的等腰直角三角形，所以侧视图的另一直角边长为。所以侧视图的面积为，故选d4（2019江西八所重点中学联考）某四面体的三视图如图所示，则该四面体最长的棱长与最短的棱长的比值是

10、(）a bc d解析：选d在棱长为2的正方体中还原该四面体p。abc。如图所示，其中最短的棱为ab和bc，最长的棱为pc。因为正方体的棱长为2，所以abbc2，pc3，所以该四面体最长的棱长与最短的棱长的比值为，故选d5（2019湖南省五市十校联考)某四棱锥的三视图如图所示，其侧视图是等腰直角三角形，俯视图的轮廓是直角梯形，则该四棱锥的各侧面面积的最大值为（)a8 b4c8 d12解析：选d由三视图可知该几何体是一个底面为直角梯形，高为4的四棱锥，如图,其中侧棱pa平面abcd，pa4，ab4，bc4，cd6，所以ad2，pd6，pb4，连接ac，则ac4，所以pc4，显然在各侧面面积中pcd

11、的面积最大，又pdcd6,所以pc边上的高为2,所以spcd4212，故该四棱锥的各侧面面积的最大值为12，故选d(1）识别三视图的步骤应把几何体的结构弄清楚或根据几何体的具体形状，明确几何体的摆放位置根据三视图的有关规则先确定正视图，再确定俯视图,最后确定侧视图被遮住的轮廓线应为虚线（2）由三视图还原到直观图的思路根据俯视图确定几何体的底面根据正(主)视图或侧（左)视图确定几何体的侧棱与侧面的特征，调整实线和虚线所对应的棱、面的位置确定几何体的直观图形状（3）由几何体的部分视图判断剩余的视图的思路先根据已知的一部分视图，还原、推测直观图的可能形式，然后再找其剩下部分视图的可能形式当然作为选择

12、题,也可将选项逐项代入，再看看给出的部分三视图是否符合空间几何体的表面积和体积典型例题命题角度一空间几何体的表面积 （1)(2019安徽五校联盟第二次质检)已知某几何体是一个平面将一正方体截去一部分后所得，该几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为()a202b182c18 d20（2)(2019福建五校第二次联考)已知某几何体的三视图如图,则该几何体的表面积是(）a3 b3c d【解析】(1）如图所示，abcda1b1c1d1是棱长为2的正方体，根据三视图,还原几何体的直观图为图中多面体abcd。a1c1d1,其表面积为s正方形abcdssssss4442228182，故选b(2）由三视

13、图知，该几何体为圆锥挖掉圆台后剩余部分，其表面积s表22124223.故选a【答案】(1)b（2）a求几何体的表面积的方法（1)求表面积问题的基本思路是将立体几何问题转化为平面几何问题，即空间图形平面化，这是解决立体几何的主要出发点（2)求不规则几何体的表面积时，通常将所给几何体分割成基本的柱、锥、台体，先求这些柱、锥、台体的表面积，再通过求和或作差得不规则几何体的表面积 命题角度二空间几何体的体积 (1)（2019武汉市调研测试)如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是某几何体的三视图，则该几何体的体积为（)a bc2 d2（2)(2019江西省五校协作体试题）某几何体的三视图如图所

14、示，正视图是一个上底为2，下底为4的直角梯形,俯视图是一个边长为4的等边三角形，则该几何体的体积为_【解析】（1)由三视图知，该几何体是由两个底面半径为1，高为2的圆锥组成的，所以该几何体的体积v2122，故选b（2)把三视图还原成几何体abc.def,如图所示,在ad上取点g，使得ag2，连接ge,gf,则把几何体abc。def分割成三棱柱abc。gef和三棱锥d.gef，所以vabcdefvabc-gefvd-gef4242.【答案】（1）b（2)求空间几何体体积的常用方法（1）公式法:直接根据相关的体积公式计算(2）等积法：根据体积计算公式,通过转换空间几何体的底面和高使得体积计算更容易

15、，或是求出一些体积比等（3)割补法：把不能直接计算体积的空间几何体进行适当分割或补形,转化为易计算体积的几何体对点训练1（2019唐山市摸底考试)已知某几何体的三视图如图所示（俯视图中曲线为四分之一圆弧），则该几何体的表面积为（)a1 b3c2 d4解析：选d由题设知，该几何体是棱长为1的正方体被截去底面半径为1的圆柱后得到的，如图所示,所以表面积s22（11）2114.故选d2(2019长春市质量监测(一）)已知一所有棱长都是的三棱锥，则该三棱锥的体积为_解析：记所有棱长都是的三棱锥为p.abc，如图所示，取bc的中点d，连接ad,pd,作poad于点o，则po平面abc，且op，故三棱锥p

16、.abc的体积vsabcop()2.答案：与球有关的切、接问题典型例题命题角度一外接球 （2019石家庄市质量检测)如图，在四棱锥pabcd中，底面abcd为菱形，pb底面abcd，o为对角线ac与bd的交点，若pb1，apbbad，则三棱锥p.aob的外接球的体积是_【解析】因为四边形abcd是菱形，所以acbd，即oaob，因为pb平面abcd,所以pbao,又obpbb，所以ao平面pbo，所以aopo，即pao是以pa为斜边的直角三角形，因为pbab，所以pab是以pa为斜边的直角三角形，所以三棱锥p.aob的外接球的直径为pa,因为pb1，apb,所以pa2,所以三棱锥p.aob的外

17、接球的半径为1，所以三棱锥p。aob的外接球的体积为。【答案】解决多面体的外接球问题，关键是确定球心的位置，方法是先选择多面体中的一面，确定此面外接圆的圆心，再过圆心作垂直此面的垂线，则球心一定在此垂线上,最后根据其他顶点确定球心的准确位置对于特殊的多面体还可采用补成正方体或长方体的方法找到球心位置 命题角度二内切球 （2019广东省七校联考）在四棱锥p。abcd中,四边形abcd是边长为2a的正方形，pd底面abcd,且pd2a,若在这个四棱锥内放一个球，则该球半径的最大值为_【解析】通解：由题意知，球内切于四棱锥p.abcd时半径最大,设该四棱锥的内切球的球心为o，半径为r，连接oa，ob

18、，oc,od,op，则vpabcdvo-abcdvopadvo-pabvopbcvopcd，即2a2a2ar，解得r（2)a.优解：易知当球内切于四棱锥pabcd，即与四棱锥p。abcd各个面均相切时，球的半径最大，作出相切时的侧视图如图所示，设四棱锥pabcd内切球的半径为r，则2a2a(2a2a2a）r，解得r（2）a。【答案】(2)a求解多面体的内切球的问题，一般是将多面体分割为以球心为顶点，多面体的各面为底面的棱锥，利用多面体的体积等于各棱锥的体积之和求内切球的半径 命题角度三与球有关的最值问题 （2019昆明市质量检测）三棱锥p。abc的所有顶点都在半径为2的球o的球面上若pac是等

19、边三角形，平面pac平面abc，abbc，则三棱锥p。abc体积的最大值为(）a2b3c2 d3【解析】根据abbc可知ac为三角形abc所在截面圆o1的直径，又平面pac平面abc，apc为等边三角形,所以p在oo1上，如图所示，设pax,则ao1x，po1x，所以po1xoo1224x22x0x2，所以ao12,po123，当底面三角形abc的面积最大时，即底面为等腰直角三角形时三棱锥p。abc的体积最大，此时vsabcpo133.【答案】b多面体与球有关的最值问题，主要有三种：一是多面体确定的情况下球的最值问题，二是球的半径确定的情况下与多面体有关的最值问题；三是多面体与球均确定的情况下

20、,截面的最值问题 对点训练1已知圆锥的高为3，底面半径为，若该圆锥的顶点与底面的圆周都在同一个球面上,则这个球的体积等于（）a bc16 d32解析：选b设该圆锥的外接球的半径为r，依题意得,r2(3r）2(）2，解得r2,所以所求球的体积vr323，故选b2（2019福州市质量检测)如图，以棱长为1的正方体的顶点a为球心,以为半径作一个球面,则该正方体的表面被球面所截得的所有弧长之和为(）a bc d解析：选c正方体的表面被该球面所截得的弧长是相等的三部分，如图,上底面被球面截得的弧长是以a1为圆心,1为半径的圆周长的，所以所有弧长之和为3。故选c一、选择题1.如图是一个正方体，a，b，c为

21、三个顶点，d是棱的中点，则三棱锥a。bcd的正视图和俯视图是(注：选项中的上图为正视图,下图为俯视图）（）解析：选a正视图和俯视图中棱ad和bd均看不见,故为虚线,易知选a2(2019武汉市调研测试)如图，在棱长为1的正方体abcda1b1c1d1中,m为cd的中点，则三棱锥a。bc1m的体积vabc1m（)abc d解析：选cvvsabmc1cabadc1c.故选c3(2019昆明市质量检测)一个三棱柱的三视图如图所示，则该三棱柱的侧面积为()a12 b24c12 d242解析:选b根据三视图可知该三棱柱的直观图如图所示，所以该三棱柱的侧面积s224（222)424。4（2019蓉城名校第一

22、次联考）已知一个几何体的正视图和侧视图如图1所示，其俯视图用斜二测画法所画出的水平放置的直观图是一个直角边长为1的等腰直角三角形(如图2所示），则此几何体的体积为(）a1 bc2 d2解析：选b根据直观图可得该几何体的俯视图是一个直角边长分别是2和的直角三角形(如图所示）,根据三视图可知该几何体是一个三棱锥，且三棱锥的高为3,所以体积v（2）3.故选b5（2019昆明市质量检测)一个几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为(）a4 b4c12 d12解析：选c三视图对应的几何体是一个半球与一个长方体的组合体，半球的半径为1,体积为，长方体的长、宽、高分别为2、2、3，体积为12。所以组合体的

23、体积为12.故选c6（2019合肥市第二次质量检测)如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗线画出的是某几何体的三视图，其中俯视图由两个半圆和两条线段组成，则该几何体的表面积为()a1712 b1212c2012 d1612解析：选c由三视图知，该几何体是一个由大半圆柱挖去一个小半圆柱得到的,两个半圆柱的底面半径分别为1和3，高均为3，所以该几何体的表面积为23321322232012，故选c7（2019济南市学习质量评估）某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为（)a5 bc6 d8解析：选c该几何体是以左视图为底面的五棱柱，高为2，底面积为21213,故其体积为326。8（2019江西七校

24、第一次联考）一个半径为1的球对称削去了三部分，其俯视图如图所示，那么该立体图形的表面积为（）a3 b4c5 d6解析：选c由题中俯视图可知该球被平均分成6部分,削去了3部分，剩余的3部分为该几何体，所以该立体图形的表面积为2123125，故选c9(2019广州市综合检测（一）一个几何体的三视图如图所示，其中正视图和俯视图中的四边形是边长为2的正方形，则该几何体的表面积为()a b7c d8解析：选b由三视图可知该几何体是一个圆柱体和一个球体的四分之一的组合体，则所求的几何体的表面积为41212122127,选b10(2019重庆市七校联合考试)已知正三棱锥的高为6，内切球(与四个面都相切）的表

25、面积为16,则其底面边长为（)a18 b12c6 d4解析：选b由题意知，球心在三棱锥的高pe上，设内切球的半径为r，则s球4r216，所以r2，所以oeof2,op4.在rtopf中，pf2.因为opfdpe，所以,得de2，ad3de6,abad12。故选b11(2019福州市质量检测）如图，网格纸上的小正方形的边长为1，粗实线画出的是某几何体的三视图,则该几何体的体积为（）a32 b16c d解析：选d由三视图知,该几何体为直三棱柱abc.a1b1c1割去一个小三棱锥d。abc后剩余的部分，如图所示,故所求几何体的体积为43422。故选d12（2018高考全国卷)已知正方体的棱长为1，每

26、条棱所在直线与平面所成的角都相等，则截此正方体所得截面面积的最大值为(）a bc d解析：选a记该正方体为abcd.abcd，正方体的每条棱所在直线与平面所成的角都相等，即共点的三条棱aa，ab，ad与平面所成的角都相等如图，连接ab，ad,bd，因为三棱锥aabd是正三棱锥,所以aa，ab，ad与平面abd所成的角都相等分别取cd，bc，bb,ab，ad，dd的中点e，f，g,h，i,j,连接ef，fg，gh，ih，ij，je,易得e，f,g，h，i，j六点共面，平面efghij与平面abd平行，且截正方体所得截面的面积最大又effgghihijje，所以该正六边形的面积为6,所以截此正方体所得截面面积的最大值为，故选a