2019年四川省南充市中考物理试卷和答案(含解析

1、2019 年四川省南充市中考物理试卷一、选择题（ 1-8 题为单项选择题，每题 2 分， 9-10题为多选题，全 部选对的 3 分，部分选对的 1.5 分，有错的得 0 分，共 22 分。将符 合题意的选项用 2B 铅笔涂在答题卡上）1（2 分）关于声现象，下列说法正确的是（）A 声音的传播速度为 340m/sB .声音的音调与物体的振幅有关C .利用次声波可以确定鱼群位置和海水深度D.汽车排气管上安装消声器是在声源处减弱噪声2.（2分）下列现象中属于光的折射现象的是（）A .坐井观天 B.杯弓蛇影 C.海市蜃楼D. 叶障目3 . （2分）下列说法中，错误的是（）A .人体正常体温约为37CB

2、 .秋冬的早晨出现的雾属于汽化现象C .物体温度降低时内能减少，温度升高时内能增加D.热机是将内能转化为机械能的机械4. （2分）以下说法中，正确的是（）A.飞机前进时机翼上方气流的速度较小，对机翼上表面的压强较大B .一个标准大气压可以支持 760cm高的水银柱C .书包带较宽是为了减小压强D.匀速上升的飞机，机械能保持不变5. （2分）如图，用一个始终水平向右的力 F,把杠杆OA从图示位置缓慢拉至水平的过程中，力 F的大小将（）O第3页（共 32页）A .变大B.不变C.变小D.不能确定6. （2分）下列做法中不符合安全用电原则的是（）A .高大建筑物的顶端都要安装避雷针B .把用电器的三

3、脚插头改为两脚插头，接在两孔插座上使用C .及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线D.不接触低压带电体，不靠近高压带电体7. （2分）下列图中能够说明电动机工作原理的实验装置是（）7匸1电沥8. （2分）A、B两个实心球，已知B.543D.现将两球放入水中后静止时受到的浮力之比为詐!则两球在水中静止时所处状态可能是（A .两球均漂浮B .两球均浸没C. A球浸没B球漂浮D. B球浸没A球漂浮9. （3分）下列说法正确的是（）A .力是改变物体运动状态的原因B.放在水平桌面上的书，受到的重力与桌面对它的支持力是一对 平衡力C .刹车时人会受到向前的惯性力D. 人沿杆竖直向上匀速爬行时，所受摩擦

4、力方向竖直向上10. （3分）如图电源电压恒为9V，灯L标有“ 3V 1.5W”（灯L电 阻不受温度影响），滑动变阻器R的规格为“ 030Q”，闭合开关 S,当R的滑片移到M点时，灯L正常发光，此时下列分析正确A .灯L的电阻为6QB .电压表Vi示数为6VC. R接入电路中的阻值为18QD. 电路消耗的总功率为4.5W二、填空题（每空1分，共18分）11. （2分）小明在探究“凸透镜成像规律”的实验中他把蜡烛放在距透镜30cm时，在光屏上形成清晰缩小的像，此时的成像特点可应用于 （填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。现将第3页（共32页）蜡烛向透镜方向移动10cm，要使光屏上再次形成清晰

5、倒立的像,应将光屏透镜（填“远离”或“靠近”）。12. （2分）十九大报告提出：“绿水青山就是金山银山”，倡导保护环境，使用新能源势在必行，太阳能等新型能源属于 能源（填“可再生”或“不可再生” ）;4G通信技术在进行信息、文件等材料的传输过程中，是靠 来传输的，华为5G时代即将来临，将会让人们的生活更加方便快捷。13. （2分）如图，容器中装有深度为10cm，质量为60g的水，已知容器的质量为30g，底面积为5cm2，容器底部受到水的压强为Pa,容器对水平桌面的压强是 Pa. （ pzx = 1x 103kg/m3, g14. （2分）小红参加校运动会百米赛跑，跑完全程用时15s,则全程的平

6、均速度是 m/s （结果保留一位小数），以奔跑的小红为参照物，运动场旁的建筑物是 的（填“运动”或“静止”）。15. （2分）将物体A放在水平面上，在水平拉力 F1作用下，以V1 =4m/s的速度向右匀速运动，在同一水平面上，物体 A受到水平 拉力F2作用时，以V2 = 6m/s的速度向右匀速运动，两次移动的 距离相同，则两次拉力做功 W1W2（填“”、“ 2f,成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。（2）凸透镜成实像时，物近像远像变大。【解答】解：把蜡烛放在距透镜 30cm时，物距为30cm,在光屏第18页（共32页）上形成清晰缩小的像，则u2f,此时的成像特点可应用于照相机。 现将蜡烛

7、向透镜方向移动10cm，物距减小，像距增大、像变大，则要使光屏上再次形成清晰倒立的像，应将光屏远离透镜方向移动。故答案为：照相机；远离。12. 【分析】（1）人类开发利用后，在相当长的时间内，不可能再生 的自然资源叫不可再生资源。主要指自然界的各种矿物、岩石和 化石燃料；可再生的能源泛指从自然界获取的，可以再生的非化 石能源，目前主要是指风能、太阳能、水能、生物质能、地热能 和海洋能等自然能源；（2）电磁波可以传递信息。【解答】解：（1）太阳能可以从自然界中源源不断的得到，属于可 再生能源；（2） 4G通信技术在进行信息、文件等材料的传输过程中，是由电磁波来传递信息的。故答案为：可再生；电磁波

8、。13. 【分析】（1）知道容器内水的深度，根据 p= pgh求容器底部受 到水的压强；（2）求出容器和水的总质量，根据 G = mg求出总重力，水平桌 面受到容器的压力等于重力，已知容器的底面积，根据 p =丄求出 容器对水平桌面的压强。【解答】解:(1) 水的深度 h = 10cm = 0.1m,容器底部受到水的压强：p = pjh = 1.0X 103kg/m3x 10N/kg x 0.1m= lOOOPa;(2) 质量为60g的水，容器的质量为30g，总质量为:m= 60g+30g= 90g,重力为：G = mg = 90x 103 kg x 10N/kg = 0.9N水平桌面受到容器

9、的压力：F = G = 0.9N,容器对桌面的压强:P=-=1800Pa。0 勺N5X 104m2故答案为：1000； 1800。求出平均速度; 6.7m/s;14. 【分析】(1)知道百米赛跑的时间，根据 v=(2)物体是运动还是静止与参照物的选择有关。【解答】解：(1)小红的平均速度v =15ss LOQm(2)以奔跑的小红为参照物，运动场旁的建筑物相对于小红的位置不断变化，故建筑物是运动的。故答案为：6.7;运动。15. 【分析】将物体A放在水平面上，在水平拉力作用下，以一定的 速度向右匀速运动，在同一水平面上，压力与接触面的粗糙程度 不变，摩擦力大小不变，根据二力平衡条件可知水平拉力都

10、等于 摩擦力，再根据W = Fs可求功的大小，由P= Fv可得功率的大小 【解答】解：将物体A放在水平面上，在水平拉力作用下，以一定的速度向右 匀速运动；同一物体在同一水平面上，压力的大小与接触面的粗糙 程度均不变，则摩擦力大小不变，根据二力平衡条件可知，水平拉 力都等于摩擦力，即Fi= F2= f;两次拉力相等，两次移动的距离也相同，根据W = Fs可知，拉力做的功相等，即 Wi = W2；两次拉力相等，vi = 4m/s, V2 = 6m/s，由P= Fv可知，两次拉力的 功率PiV P2。故答案为：=；v。16. 【分析】（1）由已知条件，根据称重法测浮力及阿基米德原理列方程求出物体浸没

11、时受到的浮力和物体的重力，根据p物体的浮沉条件确定将物体从弹簧测力计上取下放入水中静止时处的状 态，由漂浮的特点，得出物体所受浮力大小；（2）求出物体的体积，该物体的密度为：p=-求出物体的密度。V gV【解答】解：（1）当物体二的体积浸入水中时，排开水的体积为 VO弹簧测力计示数为5N,根据称重法测浮力：G - F浮=F和阿基米德原理有：G - p 水gV X-= 5N；当物体百的体积浸入水中时，弹簧测力计示数为 3N,同理有：G - p 水 gV X *= 3N -；-得：p水gV = 12N -，将代入得：G = 12N x_+5N = 9N;由知，物体浸没受到的浮力为 12N9N，由物

12、体的浮沉条件， 将物体从弹簧测力计上取下放入水中，则该物体静止时处于漂浮状 态，由漂浮的特点，物体所受浮力是：F = G = 9N;(2) 由得物体的体积：V =P水该物体的密度为：P=-7= .75X 103kg/m3。I8 M故答案为：9; 0.75X 103。17. 【分析】(1)分析开关闭合、断开时电路总电阻的大小关系，根据P = 比较功率的大小，进一步判断电路所处的工作状态；(2) 饮水机处于加热状态时，电路为 Ri的简单电路，饮水机处于rr2保温状态时，Ri与R2串联，根据P=.求出功率之比。【解答】解：(1)当开关Si、S2都闭合时电路为R2的简单电路，当Si闭合、S2断开时Ri

13、与R2串联，两电阻串联时总电阻最大，所以当开关 S, Si都闭合时，电路中的 电阻最小，由卩=二可知，电路中的总功率最大，饮水机处于加热状态；(2)饮水机处于加热状态时，电路为 R2的简单电路，则电路的功率: l_J力口热饮水机处于保温状态时，Ri与R2串联，电路的功率为:P保温所以饮水机的保温功率与加热功率之比:P保馮P加热故答案为：加热；1： 6。18. 【分析】由图知R与L并联，电流表测干路电流，由灯泡正常发 光可知电源电压，由P= UI可得灯泡电流，由并联电路特点和欧 姆定律可得R的电流，从而得到干路电流；由 Q = W = Ult可得 通电一分钟电路产生热量。【解答】解：由图知R与L

14、并联，电流表测干路电流，灯 L正常发光，所以 U = Ur = Ul = 4V,由P= UI可得通过灯泡的电流：Il =%= 0.5A,由欧姆定律可得通过R的电流：Ir =丁=厶 =0.2A,由并联电路的电流特点可得电流表示数：I = Il+Ir = 0.5A+0.2A =0.7A;通电imin电路中产生的热量：Q = W = UIt = 4V x 0.7A x 60s=第27页（共32页）168J故答案为：0.7; 16 8。19. 【分析】(1)当闭合S、Si、断开S2时，滑动变阻器Ri与定值电 阻R2串联，P在中点时，根据P= I 2R2求出电路的电流，根据欧 姆定律算出电源电压；(2)

15、当闭合S、S2、断开Si时，滑动变阻器Ri与小灯泡串联，根 据图象读出此时小灯泡两端的电压，利用串联电路电流和电压的规 律以及欧姆定律算出电路的电流以及滑动变阻器的电阻。【解答】解:(1) 当闭合S、Si、断开S2时，滑动变阻器Ri与定值电阻R2串联，P在中点时，R2的功率为0.9W,根据P= I2R2知，此时电路的电流为：|倶=碑=0.3A,根据I = 一可得，电源电压为：IXU = I ( R2+*r0.3A X (iWQ) = 9V;(2) 当闭合S、S2、断开Si时，滑动变阻器Ri与小灯泡串联，根据图乙知，当小灯泡的电功率为1.6W时，小灯泡两端的电压为 4,根据P= UI知，此时电路

16、的电流:L.钏ir4V0.4A,根据串联电路电压的规律知，滑动变阻器两端的电压:U2= U - Ul = 9V - 4V = 5V ,第24页（共32页）则滑动变阻器连入电路中的阻值:R2二第二悬r 12也故答案为：9; 12.5。三、探究与解答题（共30分，第20、21小题各2分，第22、23小题各3分，第24题4分，第25、26小题各8分）20. 【分析】根据反射光线反向延长通过像点和像点与发光点关于平面镜对称，作出反射光线并完成光路图【解答】解：根据像与物体关于平面镜对称先作出 S的像点S，连接SP，与平面镜的交点即为入射点，再连接A与入射点连线为入射光线，P与入射点连线为反射光线，如图

17、所示：f厂22W地面镜面21. 【分析】重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可；压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与 接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面， 并过压力作用 点表示出压力的方向即可。【解答】解：过物体的重心画一条竖直向下的带箭头的线段，符号为G,即为重力的示意图；在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点， 过压力作用点 画一条垂直于斜面向下、带箭头的线段，符号为 F，即为压力的示 意图。如图所示：22. 【分析】(1)天平使用前的调节：若指针左偏，向右调平衡螺母，使指

18、针指在分度盘的中线处；(2) 天平测物体质量时，物体质量等于砝码质量与游码读数之和；(3) 由于烧内壁粘有液体所以体积 V偏小，由此分析所测密度变 化。【解答】解：(1)把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零 刻度线处后，由图甲知，指针偏右，此时应将左端的平衡螺母向左 调节，直到指针对准分度盘中央的刻度线；(2) 由图乙知，天平标尺的分度值为 0.2g,盐水和烧杯的总质量=50g+20g+20g+4g= 94g,盐水的质量为 94g-28g = 66g;盐水的 体积 V = 60ml = 60cm3,盐水的密度 p= =亠=1.1g/cm3 = 1.1X 103kg/m3;v 10c md

19、(3) 把烧杯中的盐水全部倒入量筒中测体积时，由于烧杯内壁粘 有盐水，所以测得体积V偏小，根据p=可知，所测盐水密度偏 大。故答案为：(1)左；(2) 1.1X103； (3)偏大。23. 【分析】（1）要探究“不同物质吸热规律”，需要控制物体的质量 和热源相同，所以实验时还要使物体的初温相同，比较温度的变 化；（2）由图乙知，升高相同的温度，水用的时间是煤油的2倍，即水吸收的热量是煤油的2倍，根据c=在质量、升温相同的情mAt况下，比热容与Q成正比，求出煤油的比热容。【解答】解:（1）要探究“不同物质吸热规律”，需要控制物质的质量和热源相 同，所以要使水和煤油质量和初温相同， 用相同的酒精灯

20、对它们加 执；八、（2） 由图乙知，升高相同的温度，水用的时间是煤油的2倍，即 水吸收的热量是煤油的2倍，根据c=可知，在质量、升温相同的情况下，比热容与 Q成正比，故煤油的比热容：c煤油c水 x 4.2x 103J/(kg?C) = 2.1x 103J/（kg?C）。故答案为：（1）质量；（2）不相同；2.1 x 103。24. 【分析】（1）分析电路连接，滑动变阻器的滑片向左移动，确定变阻器连入电路的电阻变化，根据电阻的串联确定总电阻变化，由欧姆定律，得出电流和电压表示数变化；（2）根据表中数据，由欧姆定律，计算出第 1次实验时灯丝的电阻；(3) 灯丝的电阻与温度有关。(4) 根据串联电路

21、电压的规律，当电压表示数为：6V - 3.8V = 2.2V 时，灯正常发光，据此分【解答】解：(1)图中，变阻器与灯串联，电流表测电路的电流， 电压表测灯的电压，检查无误后，闭合开关滑动变阻器的滑片向左 移动，变阻器连入电路的电阻变小，电路的电阻变小，由欧姆定律， 电流示数变大，根据I = IR,电压表示数变大；(2) 根据表中数据，由欧姆定律，请计算出第1次实验时灯丝的 电阻，Ri = = 7.5Q。0. 2A(3) 分析数据及实验现象可知：灯越亮，灯丝电阻越大，说明灯 丝的电阻与温度有关。(4) 现电压表0 15V量程损坏，而03V量程完好，将电压表 并联在变阻器两端，根据串联电路电压的

22、规律，当电压表示数为：6V - 3.8V = 2.2V时，灯正常发光，记下此时电流表示数，根据P=UI计算即可。故答案为：(1)电流表示数变大，电压表示数变大；(2) 7.5; (3) 温度；(4) 将电压表并联在变阻器两端，当电压表示数为： 6V - 3.8V = 2.2V时，灯正常发光，记下此时电流表示数，根据 P= UI计算即 可。25. 【分析】(1)滑片由M点滑到N点，电阻变大，电路中的电流第31页（共32页）减小，求出滑片P置于N点时电路中的电流，再根据 P= I2R求出定值电阻Ri前后两次电功率；(2) 根据电源电压不变列出等式，求出电源电压；(3) 根据电流表量程和滑动变阻器规

23、格分析电路中的最大电流， 进而求出滑动变阻器的最小阻值；电压表测量滑动变阻器两端的电压， 其示数最大时，滑动变阻器连 入电路中的阻值最大，根据分压特点求出连入电路的最大阻值。【解答】解：(1)滑片由M点滑到N点，电阻变大，电路中的电 流减小，所以滑片P置于N点时电路中的电流：I n = I m - 0.1A = 0.3A - 0.1A = 0.2A,定值电阻Ri前后两次电功率之比：Pm尺_ 冷帕=9： 4.hn In 尺 1(0. 20 2(2) 滑片P置于M点时，电源电压U = I m ( Ri+Rm ),滑片P置于N点时，电源电压U = In (Ri+Rn),Rn = 2Rm ,所以 0.

24、3A X( Ri+Rm ) = 0.2A X( Ri+2Rm ),解得 Rm = Ri= 6Q,电源电压：U = I m ( Ri+Rm ) = 0.3A X( 636 Q)= 3.6V;(3) 根据电流表量程和滑动变阻器规格可知，电路中的最大电流为 I 大=0.6A,由欧姆定律可得，电路总电阻：第29页(共32页)R士=6-滑动变阻器连入电路的最小阻值:R滑小=R Ri = 6Q_ 6 Q= 0 Q;电压表的量程为03V，滑动变阻器两端的最大电压 U滑=3V,Ri 两端的电压 Ui= U - U 滑=3.6V - 3V = 0.6V,根据串联电路的分压特点可知:比=R】 o.胡正骨冠旁大，R滔大解得R滑大=30 Q,所以在不损坏元件的情况下，滑动变阻器的取值范围为0Q30Q。答：（1）定值电阻Ri前后两次电功率之比为9: 4;（2）电源电压为3.6V;（3）在不损坏元件的情况下，滑动变阻器的取值范围为0Q30Q。26. 【分析】（1）因杠杆与绳的自重、摩擦均不计，故克服动滑轮重 力做的功为额外功，已知滑轮组的机械效率，根据 叶=工=皆 =得出物体“总Gh+&动h G+G动M2的重力；（2）由图知，绳子的有效段数为 2,绳的自重、摩擦均不计，作用在绳子自由端的拉力：F