2020-2021学年高一物理上学期期末预测密卷（解析版）

1、 系列资料 BY 三好网汇编2020-2021学年高一物理上学期期末预测密卷（解析版）该文档是极速PDF编辑器生成，如果想去掉该提示,请访问并下载：/1. 一辆以 12m/s 的速度在水平路面行驶的汽车，刹车过程中以大小为 4m/s2 的加速度作匀变速直线运动，则汽车在 5s 内的位移是（）A10mB.18mC.50mD.70m【考点】匀变速直线运动及其公式、图像【试题解析】汽车刹车到停止所需的时间 ，所以汽车 5s内的位移等于 3s内的位移。即 ，故B正确。【答案】B2. 如图所示，一小球(可视为质点)沿斜面匀加速滑下，依次经过 A、B、

2、C 三点。已知AB=6m，BC=10m，小球经过 AB 和 BC 两段所用的时间均为 2s，则小球在经过 A、B、C 三点时的速度大小分别是（）A.2 m/s，3 ms，4 m/sB.2 m/s，4 m/s，6 m/sC.3 m/s，4 ms，5 m/sD.3 m/s，5 m/s，7 m/s【考点】匀变速直线运动及其公式、图像【试题解析】由匀变速直线运动规律的结论可知，小球运动的加速度，小球经过B点时的速度正确。【答案】B；由匀变速直线运动速度公式得 ，, ，故B3. 有一个直角支架AOB，AO水平放置，表面粗糙OB竖直向下，表面光滑AO上套有小环 P，OB 上套有小环Q，两环质量均为m，两环

3、间由一根质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡， 如图所示现将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，AO杆对 P环的支持力FN 和细绳上的拉力T的变化情况是（ ）AFN 不变，T变大 BFN 不变，T变小 CFN 变大，T变大 DFN 变大，T变小【考点】共点力的平衡【试题解析】对小环P、Q整体受力分析，如图甲所示。由共点力的平衡条件得，；对小环Q受力分析，如图乙所示。由共点力的平衡条件得， 。将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡时， 减小， 不变， 变小，故B正确。故选B【答案】B4. 如图所示，质量均为 m 的 A 、B 两球之间

4、系着一条不计质量的轻弹簧，放在光滑的水平面上， A 球紧靠墙壁，今用力 F 将 B 球向左推压弹簧，平衡后，突然将力 F 撤去的瞬间，则（）A.A 球的加速度为a = FmC.B 球的加速度为a = FmB.A 球的加速度为 0D.B 球的加速度为 0【考点】牛顿运动定律、牛顿定律的应用【试题解析】用力压弹簧平衡时弹力等于压力，突然将力F撤去的瞬间，B球所受合力等于弹簧弹力，此时B球的加速度，故C正确；D错误；A球受到弹簧弹力和墙壁的弹力，二者大小相等方向相反，合力为零，此时A 球的加速度为零，故B正确，A错误。故BC正确。故选BC【答案】BC5. 如图所示，物体 A和B质量分别为mA、mB且

5、相对静止，以共同的速度沿斜面匀速下滑，则（） AA、B间无摩擦力的作用BB受到滑动摩擦力的大小为（mA+ mB）gsinCB 受到静摩擦力的大小为mAgsinD取走A物后，B物仍能沿斜面匀速下滑【考点】共点力的平衡【试题解析】对AB整体受力分析，如图甲所示。由共点力平衡条件可得， ， ， 滑动摩擦力 由以上三式可以解得 。故物体B受到滑动摩擦力的大小为 ， 故B正确，由于 ，取走A物后，B物仍能沿斜面匀速下滑，故D正确；对物体A受力分析，如图乙所示。由共点力平衡条件可得， ，根据牛顿第三定律可知，B受到静摩擦力的大小为 ，故A错误，C正确。故BCD正确。故选BCD【答案】BCD6. 如图所示是

6、某同学探究小车加速度与力的关系的实验装置(遮光条宽度为1.20cm），他将光电门固定在水平轨道上的B点，用不同重物通过细线拉同一小车，每次小车都从同一位置A由静止释放。（1） 实验时将小车从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间t=20x102s， 则小车经过光电门时的速度为；（ 结果保留 2 位有效数字）（2） 实验中可近似认为细线对小车的拉力与重物重力大小相等，则重物的质量 m 与小车的质量 M 间应满足的关系为；（3） 测出多组重物的质量 m 和对应遮光条通过光电门的时间t，并算出相应小车经过光电门时的速度v，通过描点作出线性图象，研究小车加速度与力的关系。处理数据时

7、应作出（选填“vm”或“v2m”）图象；（4） 某同学在（3）中作出的线性图象不通过坐标原点（如图所示）其原因是。【考点】实验：验证牛顿运动定律【试题解析】（1）小车经过光电门时的速度，故【答案】为 060m/s；（2）设细线对小车的拉力为F，对小车由牛顿第二定律得， ，对重物由牛顿第二定律得， ，解得 ，当满足时，可近似认为细线对小车的拉力与重物重力大小相等，故【答案】为；（3）试验中，保持小车的质量M和AB间的距离x不变，则由匀变速直线运动的规律可得， ，即，若画出的图像过坐标原点，即可证明加速度与合力成正比；（4）有图象可知，直线不过坐标原点，且与横轴有交点，说明开始当小车挂上重物时，加

8、速度为零，出现这种情况的原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，故【答案】为未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足。【答案】(1) 060m/s；(2)；(3) ；(4) 未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足7. 如图所示，一个重 10N 的光滑重球被一根细绳挂在竖直墙壁上的A点，绳子与墙壁的夹角为 37，取cos37= 0.8，sin37= 0.6求：（1） 绳子对重球的拉力T的大小。（2） 墙壁对重球的支持力N的大小。【考点】共点力的平衡【试题解析】对重球受力分析，如图所示。由共点力平衡条件得，（1）绳子对重球的拉力；（2）墙壁对重球的支持力 。【答案】（1）；（2）8. 如图所示，A、B 是两根竖直立在地上的

9、相距为 4m 的木杆，长度为 5m 的轻绳的两端分别系在两杆上不等高的 P、Q 两点，C 为一质量不计的光滑滑轮，轮下挂一重为 12N 的物体，平衡时轻绳上的张力有多大？【考点】共点力的平衡【试题解析】对滑轮C受力分析，如图所示。由共点力平衡条件得，解得。【答案】10N9. 如图所示小孩和雪橇的总质量m=10kg，大人用与水平方向成=53角斜向上F=50N 的拉力拉雪橇， 使雪橇沿水平地面以 4m/s 速度做匀速直线运动（已知 sin53=0.8，cos53=0.6，取g=10m/s2）求：（1） 雪橇与水平地面的动摩擦因数m的大小。（2） 拉力F撤消后雪橇还能滑行多远？【试题解析】（1） 对

10、小孩和雪橇整体受力分析，如图所示。由共点力平衡条件得，滑动摩擦力 联立解得05（2） F撤消后小孩和雪橇整体做匀减速运动由牛顿第二定律得，由匀变速直线运动的规律得， 联立解得 故拉力F撤消后雪橇还能滑行【答案】（1）05；（2）10. 举重运动是力量和技巧充分结合的体育项目.就“抓举”而言，其技术动作可分为预备、提杠铃、发力、 下蹲支撑、起立、放下杠铃等六个步骤，如图所示表示了其中的几个状态.在“发力”阶段，运动员对杠铃施加恒力作用，使杠铃竖直向上作匀加速运动；然后运动员停止发力，杠铃继续向上运动，当运动员处于“下蹲支撑”处时，杠铃的速度恰好为零.从运动员开始“发力”到“下蹲支撑”处的整个过程

11、历时 0.8s， 杠铃升高 0.6m，该杠铃的质量为 150kg.(g取 10ms2) 求：（1）杠铃运动过程中的最大速度多大？加速 时的加速度多大？（2）运动员发力时，对杠铃的作用力大小。【考点】牛顿运动定律、牛顿定律的应用匀变速直线运动及其公式、图像【试题解析】（1）设杠铃在题述过程中的最大速度为vm则由匀变速直线运动的规律得， 解得 杠铃匀加速时的加速度（2）由牛顿第二定律得， 解得故运动员发力时，对杠铃的作用力大小为【答案】（1）， ； （2）11. 如图所示，光滑水平面上，一细线的一端固定于倾角为 45质量为 M 的光滑楔形滑块 A 的顶端 P 处， 细线另一端拴一质量为 m 的小球

12、。（1） 当力 F 向左拉 A，为使小球不离开滑块，求力 F 的取值范围。（2） 当力 F 向左拉 A，A 和球以 2g 加速度共同向左运动时，线中拉力 T 多大？（3） 若力 F 改为向右，为使小球相对 A 发生相对运动，求 F 的取值范围。【考点】牛顿运动定律、牛顿定律的应用【试题解析】（1） 当小球刚要离开滑块时，对小球由牛顿第二定律得， 解得对小球和滑块整体由牛顿第二定律得， 故当力F向左拉A，为使小球不离开滑块， F 的取值范围为 （2） 当 时，小球与A已分离，此时 线中拉力（3） 当小球刚要相对滑块运动时，对小球由牛顿第二定律得， 对小球和滑块整体由牛顿第二定律得，故若力F改为向右，为使小球相对A发生相对运动，F的取值范围为【答案】（1）；（2）；（3）12. 如图所示，物体在蒙有动物毛皮的斜面上运动。由于毛皮表面的特殊性，对物体的运动有如下特点：顺着毛的生长方向运动时毛皮产生的阻力可以忽略；逆着毛的生长方向运动会受到来自毛皮的滑动摩擦力。（1） 试判断如图所示情况下，物体在上滑还是下滑时会受到摩擦力？来源:学|科|网 Z|X|X|K（2） 一物体从斜面底端以初速v02m/s 冲上足够长的斜面，斜面的倾斜角为q30，过了t1.2s 物体回到出