高考物理模拟试题精编及答案解析(二)

1、最新高考物理模拟试题精编及答案解析(二)(考试用时：60分钟试卷满分：110分)第卷(选择题共48分)一、单项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)14氢原子的能级图如图所示，大量氢原子处于n2能级，一束紫外线的光子能量为3.6 eV，另一束可见光的光子能量为2.55 eV，则下列说法正确的是()A氢原子吸收该紫外线光子能量后跃迁至n4能级，并放出热量B氢原子吸收该可见光光子能量后可发出8种频率的光子C氢原子吸收该可见光光子能量后释放光子的最大能量为0.66 eVD氢原子吸收该可见光光子能量后核外电子轨道半径将增加15如图所示，在固定的斜

2、面上，A、B两物体通过跨过光滑的定滑轮的细线相连，物体A静止在斜面上已知斜面倾角为30，A、B两物体质量分别为2m和m，现在B物体下加挂另一物体C(图中未画出)，物体A仍静止在斜面上，则加挂物体C后()A斜面对物体A的弹力增大B细线对物体A的拉力不变C斜面对物体A的摩擦力保持不变D斜面对物体A的作用力增大16图甲中，两平行光滑金属导轨放置在水平面上，间距为L，左端接电阻R，导轨电阻不计整个装置处于方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场中将质量为m、电阻为r的金属棒ab置于导轨上，当ab受到垂直于金属棒的水平外力F的作用由静止开始运动时，F与金属棒速度v的关系如图乙已知ab与导轨始终垂直且接触良

3、好，设ab中的感应电流为i，ab受到的安培力大小为FA，R两端的电压为UR，R的电功率为P，则下图中大致正确的是()17如图所示，A球从光滑斜面顶端静止开始下滑，同时B球从斜面底部以初速度v0冲上斜面当两球同时运动到同一水平面时，速度大小相同均为v，且方向平行，此过程两小球运动的路程分别为sA、sB，则()AA球到达底部的速度大小为v0BA球到达底部前，B球已从顶端飞出Cv0v31DsAsB1118卫星发射进入预定轨道往往需要进行多次轨道调整如图所示，某次发射任务中先将卫星送至近地圆轨道，然后再控制卫星进入椭圆轨道图中O点为地心，A点是近地圆轨道和椭圆轨道的交点，离地心的高度近似为地球的半径R

4、，远地点B离地面高度为6R.设卫星在近地圆轨道运动的周期为T，下列对卫星在椭圆轨道上运动的分析，其中正确的是()A控制卫星从图中低轨道进入椭圆轨道需要使卫星减速B卫星通过A点时的速度是通过B点时速度的6倍C卫星通过A点时的加速度是通过B点时加速度的6倍D卫星从A点经4T的时间刚好能到达B点二、多项选择题(本题共3小题，每小题6分，共18分全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分)19如图所示为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，交流发电机的输出电压的有效值U1、输电线的总电阻r、用户所用的电器(均为纯电阻)、降压变压器匝数均不变若增大升压变压器原、副线圈的匝数比，则下列判断正

5、确的是()A升压变压器原线圈中的电流减小B输电线上损失的功率增大C输电线上的总电压增大D用户所用电器的总电流减小20如图甲所示，质量为M的木板静止在光滑水平面上，一个质量为m的小滑块以初速度v0从木板的左端向右滑上木板，滑块和木板的水平速度随时间变化的图象如图乙所示，整个过程中因摩擦损失的机械能为小滑块初动能的，图中v0、t1为已知量，重力加速度大小为g，则下列判断正确的是()A木板的长度一定为B滑块与木板间的动摩擦因数为C滑块与木板共速时速度大小为v0D滑块质量是木板质量的2倍21如图甲所示，用一根导线做成一个半径为r的圆环，其单位长度的电阻为r0，将圆环的右半部分置于变化的匀强磁场中，设磁

6、场方向垂直纸面向里为正，磁感应强度大小随时间做周期性变化，如图乙所示，则()A在t时刻，圆环中有顺时针方向的感应电流B在0时间内圆环受到的安培力大小、方向均不变C在时间内通过圆环横截面的电荷量为D圆环在一个周期内的发热量为选 择 题 答 题 栏题号14151617答案题号18192021答案第卷(非选择题共62分)本卷包括必考题和选考题两部分第2225题为必考题，每个试题考生都必须作答第3334题为选考题，考生根据要求作答22(6分)电流表G的满偏电流Ig100 mA，内阻Rg未知，某同学欲将其改装为量程较大的电流表，并用改装好的电流表测量一未知电阻Rx的阻值(1)如图甲所示，该同学首先将一阻

7、值为R20 的电阻并联在电流表G的两端进行电流表改装，然后通以I0.3 A的电流，发现电流表G的指针正好指在50 mA刻度处，由此可得到电流表G的内阻为Rg_ ，改装后的电流表量程为_ A.(2)该同学将改装后的电流表接入如图乙所示的电路测量未知电阻Rx的阻值，已知电源的电动势E4.5 V，闭合开关K后，电压表的读数为3.60 V，而改装后的电流表的读数如图丙所示，则Rx_ .(3)由此测得的未知电阻Rx的阻值与其真实值相比_(选填“偏大”、“偏小”或“相等”)23(9分)利用气垫导轨验证动能定理，实验装置示意图如图所示：实验主要步骤如下：在水平桌面上放置气垫导轨，将它调至水平；用游标卡尺测量

8、遮光条的宽度d；由导轨标尺读出两光电门中心之间的距离L；将滑块移至光电门1左侧某处，待托盘静止不动时，释放滑块，从固定在滑块上的拉力传感器读出细线拉力的大小F，从数字计时器读出遮光条通过光电门1的时间t1，通过光电门2的时间t2；用天平称出滑块、遮光条和拉力传感器的总质量M.回答下列问题：(1)以滑块(包含遮光条和拉力传感器)为研究对象，在实验误差允许的范围内，若满足关系式_(用测量量的字母表示)，则可认为验证了动能定理(2)关于本实验，某同学提出如下观点，其中正确的是_A理论上，遮光条的宽度越窄，遮光条通过光电门的平均速度越接近瞬时速度B牵引滑块的细绳应与导轨平行C需要考虑托盘和砝码受到的空

9、气阻力对实验结果产生的影响D托盘和砝码的总质量m必须远小于滑块、遮光条和拉力传感器的总质量M(3)不计空气阻力，已知重力加速度g和实验测得的物理量，根据“mgFma”，可以计算托盘和砝码的总质量m.若不考虑遮光条宽度的影响，计算出托盘和砝码的总质量为m1；若考虑遮光条宽度的影响，计算出托盘和砝码的总质量为m2，则m1_m2(选填“大于”、“等于”、“小于”)24(14分)如图所示，两根足够长的光滑平行金属导轨MN、MN的间距为d，电阻不计，两导轨所在平面与水平面成角，导轨下端连接一阻值为R的电阻两导轨之间存在磁感应强度大小为B、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场一长度为d、电阻为R的导体棒CD在两

10、导轨上端由静止释放，经时间t后恰好以速率v开始做匀速直线运动导体棒始终与导轨垂直且接触良好，重力加速度大小为g.求：(1)导体棒的质量m；(2)0t时间内导体棒的位移大小s.25(18分)如图所示，在以O1点为圆心、r0.20 m为半径的圆形区域内，存在着方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B1.0103T的匀强磁场(图中未画出)圆的左端跟y轴相切于直角坐标系原点O，右端与一个足够大的荧光屏MN相切于x轴上的A点粒子源中，有带正电的粒子(比荷为1.01010 C/kg)，不断地由静止进入电压U800 V的加速电场，经加速后，沿x轴正方向从坐标原点O射入磁场区域，粒子重力不计(1)求粒子在磁场中做

11、圆周运动的半径、速度偏离原来方向的夹角的正切值；(2)以过坐标原点O并垂直于纸面的直线为轴，将该圆形磁场逆时针缓慢旋转90，求在此过程中打在荧光屏MN上的粒子到A点的最远距离请考生在第33、34两道物理题中任选一题作答如果多做，则按所做的第一题计分33(15分)【物理选修33】(1)(5分)下列说法正确的是_(选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)A第二类永动机不可能制成，是因为它违背了能量守恒定律B某个物体的总能量减少，必然有其他物体的总能量增加C人类在不断地开发和利用新能源，所以能量可以被创造D能量耗散从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有

12、方向性E物体从单一热库吸收的热量可全部用于做功(2)(10分)如图所示，内壁光滑的汽缸固定在水平地面上，A、B两绝热活塞(不计厚度)将汽缸内的理想气体分成、两部分，、两部分气体的长度分别为2l和l，汽缸的横截面积为S，两部分气体的初始温度均为T0，压强均为大气压强p0.现用水平向右的推力缓慢推动活塞A使其向右移动，整个过程中两部分气体的温度均保持不变，若活塞A向右移动的距离为l，试计算此过程中活塞B向右移动的距离；若用水平向右的推力F保持活塞A的位置不变，对部分气体进行加热，当两部分气体的体积相等时，Fp0S，试计算此时部分气体的温度34(15分)【物理选修34】(1)(5分)一简谐横波沿x轴

13、正方向传播，t0时刻的波形如图(a)所示，x0.40 m处的质点P的振动图线如图(b)所示，已知该波的波长大于0.40 m，则下列说法正确的是_(填正确答案标号选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A质点P在t0时刻沿y轴负方向运动B该列波的波长一定为1.2 mC该波传播的速度一定为0.4 m/sD从t0.6 s到t1.5 s，质点P通过的路程为4 cmE质点P做简谐运动的表达式为y2sin(t)cm(2)(10分)如图所示，某种透明材料制成的直角三棱镜ABC，折射率n，A，在与BC边相距为d的位置，放置一平行于BC边的竖直光屏现有一细光束射到棱镜AB

14、面上的P点，入射光线与AB面垂线CP的夹角为i，PB的长度也为d.试求：当i且光束从BC面出射时，光屏上的亮斑与P点间的竖直距离；当光束不从BC面出射时，i的正弦值应满足的条件答案解析14解析：选D.氢原子处于n2能级时，达到电离状态需要的最小能量为0(3.4 eV)3.4 eV，该紫外线光子能量大于氢原子电离所需能量，因此氢原子吸收该紫外线光子能量后电离，不会跃迁至n4能级，A错误；氢原子吸收该可见光光子能量后，由n2能级跃迁到n4能级，再从n4能级向低能级跃迁时可释放6种频率的光子，其中由n4能级跃迁到基态时释放的光子能量最大，最大值为12.75 eV，B、C错误；氢原子吸收该可见光光子能

15、量后，能量增加，核外电子轨道半径增加，D正确15解析：选D.加挂物体C后，细线中拉力增大，细线对物体A的拉力增大，斜面对物体A的弹力不变，选项AB错误物体A仍静止在斜面上，对物体A受力分析，其受重力、细线拉力和斜面对它的作用力F(斜面支持力和摩擦力的合力)，画出物体A受力分析图，如图所示重力竖直向下不变，当细线拉力增大，斜面对物体A的作用力F增大，斜面对物体A的摩擦力增大，选项D正确，C错误16解析：选A.设金属棒在某时刻的速度为v，由题意可知，感应电动势EBLv，ab中的电流为i，即iv；安培力FABiL，方向水平向左，即FAv；R两端电压URiR，即URv；R的电功率PURi()2R，即P

16、v2.由已知条件FF0kv，k为图乙中图线斜率，对金属棒受力分析，由牛顿第二定律得FFAF0kvF0(k)vF合因为金属棒从静止出发，由已知F00，且F合0，即a0，加速度方向水平向右F合随v增大而减小，即a随v增大而减小，说明金属棒在做加速度减小的加速运动，直到加速度减小为0后金属棒做匀速直线运动，根据四个物理量与速度关系可知选项A正确，BCD错误17解析：选A.假设斜面的倾角为，由于斜面光滑，对小球由牛顿第二定律有mgsin ma，解得agsin .由速度公式，对A球有vat，对B球有vv0at，解得vv0，C错误；A球的位移为sAt，B球的位移为sBt，解得sAsB13，D错误；假设A球

17、运动到斜面底端的速度为v，对A球从开始下滑到速度为v的过程，由运动学公式得2asAv2，A球从开始下滑到斜面底端的过程有2a(sAsB)v2，解得v2vv0，A正确；同理可解得B球运动到斜面顶端的速度刚好为零，不能从斜面的顶端飞出，B错误18解析：选D.卫星从低轨道进入椭圆轨道做的是离心运动，故要使卫星加速，选项A错误在A点，根据开普勒第二定律：sARsB7R；又sAvAt，sBvBt，；选项B错误卫星受的万有引力提供其加速度，Gma，其中r为卫星到地心的距离，卫星通过A点时的加速度是通过B点时加速度的49倍，选项C错误由开普勒第三定律可知，卫星在椭圆轨道运行的周期是在近地轨道周期的8倍，卫星

18、从A点运动到B点需要半个周期，即4T，选项D正确19解析：选AD.设用户所用的电器的等效电阻为R，升压变压器和降压变压器的原、副线圈匝数比分别为k11、k21，则降压变压器的原线圈的等效电阻R3，而k2，k2，R，得R3kR，同理，升压变压器的原线圈的等效电阻R1k(rR3)k(rkR)，故k1增大，R1也增大，升压变压器原线圈中的电流I1减小，选项A正确；由k1可知，k1增大时，U2减小，输电线上的电流I2减小，输电线上损失的功率PrIr减小，选项B错误；输电线上的总电压UI2r减小，选项C错误；由k2得，用户所用电器的总电流I4k2I3k2I2减小，选项D正确20解析：选BC.令两者共速时

19、速度为v，因木板的长度至少等于达到共速时两物体间的相对位移，所以有lt1t1，A错；由功能关系知mglmv(Mm)v2mv，即得，以滑块与木板为整体，由动量守恒得mv0(Mm)v，联立可解得vv0及m3M，B、C对，D错21解析：选AD.在t时刻，由题图乙和楞次定律可知，感应电流产生的磁场方向垂直纸面向里，圆环中的电流沿顺时针方向，A正确；在0时间内，磁场强度均匀地增大，则圆环中产生恒定的感应电流，由于磁场强度逐渐增大，由FBIL知圆环受到的安培力逐渐增大，B错误；在时间内，由法拉第电磁感应定律可知圆环中的感应电动势大小为EB0r2，由题意可知圆环的电阻为R2rr0，则由欧姆定律可知回路中的电

20、流为I，则该时间内通过圆环横截面的电荷量为qIt，整理得q，C错误；由以上分析可知，圆环在一个周期内产生的热量为QI2RT，整理得Q，D正确22解析：(1)由并联电路的规律可知，电流表G两端的电压与电阻R两端的电压相等，则有50103ARg(I50103A)R，解得Rg100 ，设改装后的电流表能够测量的最大电流为Im，则有Im0.6 A，故改装后的电流表的量程为0.6 A.(2)由题图丙可知，电流表G的读数为20 mA，故流过电阻Rx的电流Ix0.12 A，由Rx可得Rx30 .(3)由于没有考虑电压表的分流作用，故电阻Rx的测量值要小于其真实值答案：(1)100(2分)0.6(1分)(2)

21、30(2分)(3)偏小(1分)23解析：(1)拉力做功为FL，动能变化量为M()2M()2，若在实验误差范围内满足FLM()2M()2，则可认为验证了动能定理(2)由v1知，光电门测速实质是测量的平均速度，理论上，d越小，测得的平均速度就越接近瞬时速度，选项A正确；如果细绳与导轨不平行，合外力做功就为FLcos ，而滑块运动过程中，角度在变化，无法测量，故选项B正确；滑块所受合外力为F，是空气阻力、拉力和其他阻力的合力，不需要再考虑空气阻力，选项C错误；mM的目的是拉力F近似等于mg，本实验不需要这个条件，选项D错误(3)若考虑遮光条宽度的影响，测出的速度为遮光条通过光电门时的平均速度，即通过

22、光电门中间时刻的速度，小于中间位移的速度，测量出的加速度较小，由mgFma可得，m，即考虑遮光条宽度的影响，计算出的砝码和托盘的总质量较小，所以m1大于m2.答案：(1)FLM()2M()2(3分)(2)AB(3分)(3)大于(3分)24解析：(1)导体棒匀速运动时受力平衡，则mgsin BId(2分)导体棒切割磁感线产生的感应电动势EBdv(1分)根据闭合电路欧姆定律有I(1分)得m(2分)(2)0t时间内，导体棒切割磁感线产生的平均感应电动势(1分)平均感应电流电荷量qt(1分)得q(1分)根据牛顿第二定律有mgsin Bidma(1分)由加速度的定义有a(1分)得mgsin tBidtm

23、v有mgtsin Bqdm(v0)(1分)得sv(t)(2分)答案：(1)(2)v(t)25解析：(1)带电粒子在电场中加速，由动能定理得qUmv(2分)进入磁场后做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力qv0Bm(2分)联立解得R 0.4 m(2分)设速度偏离原来方向的夹角为，由几何关系得tan (2分)故速度偏离原来方向的夹角的正切值tan (2分)(2)以O点为圆心，OA为半径作圆弧AC交y轴于C点；以C点为圆心，CO为半径作出粒子运动的轨迹交弧AC于D点粒子在磁场中运动的最大圆弧弦长OD2r0.4 m(2分)由几何关系可知sin (2分)最远距离ym(2r)tan 2(2分)代入数据解得ym m0.29 m(2分)答案：(1)0.4 m(2)0.29 m33解析：(1)第二类永动机不可能制成，因为它违背了热力学第二定律，但没有违背能量守恒定律，选项A错误；某个物体的总能量减少，根据能量守恒定律得知，必然有其他物体的总能量增加，故选项B正确；能量既不会凭