2012~2013上海题答案.doc

2013上海答案答案图b1k 100 10 1OFF2.5 10 50 250 500 2.550mA10010150010250V+斜槽轨道A+A1B 2C 3D 4B 5B 6D 7A 8A 9A 10B 11B 12B 13C 14A 15C 16A 17BD 18AD 19ABC 20BC21+He , He+Ne+H 22A , 22B1 ， 4 230.785, 0.08 24E=3，P0 250.248， 等于 26有，无，无2710 欧姆调零， 70 电路如图，直流电压10V28正比 ，时间 g取值10m/s2偏大 时间测量时产生的系统误差29p0(V0+V)=( p0+p1) V0; p0V0=( p0-p2) (V0+V)；560 ，9.58104 A30由盖吕萨克定律， 解得由玻意耳定律，P 0H1S= P3H3S 解得 31滑块的左端到达小球正上方这段时间内，小球速度始终为零，对于滑块：， .滑块的左端到达小球正上方后，小球自由落体，时间，滑块的加速度a=g若此时滑块的速度没有减小到零，在t时间内滑块向右运动的距离为：若在t时间内滑块已经停下来，则： 32V（或Nm/C或kgm2A-1s-3）E0=kQ/R2， Q=E0R2/kU= E0R/2 U= E0R/2，qU=mv2/2，33 E=B0Lv=0.4V，I=E/(R+r)=2 B2= B0+kx=1.5T，E=B2Lv2，v2= 0.67m/sF0= 0.4N，x=2m时FA=B2IL=1.2N，安培力做功W= ( F0 + FA)x/2=1.6J由EIt=W解得t=2s，P= 0.71W2012上海答案2011年上海物理答案 一单项选择题(共16分，每小题2分。) 1C 2.D 3B 4.A 5.C 6.D 7.D 8.B二.单项选择题(共24分,每小题3分.) 9.D l0.B 11.C l2.A 13.B l4.A 15.C l6.D三.多项选择题(共16分，每小题4分。每小题有二个或三个正确选项，全选对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错或不答的，得0分。)17A，B，D 18.B，C l9.C，D 20.A，D21.衍射，波动说 22A.守恒，不守恒 22B增大，增大23. ， 24.2，025. ，五.实验题(共24分)26（1）(2)B，C 27.(1)在量筒中滴入N滴溶液 在水面上先撒上痱子粉 (2) 28(1) A，D (2)见图 29.(1)， (各1分)(2)见图 (2分)(3)将滑动触头移至最左端(写最小给分，最大不给分) (1分) 多次移动滑动触头，记录相应的，读数 (1分) (4) (3分)六计算题(共50分)30.(10分) 设初态压强为，膨胀后A，B压强相等 (1分) B中气体始末状态温度相等 (3分) (1分)A部分气体满足 （4分） （1分）31(12分) (1)物体做匀加速运动 (1分) （1分） 由牛顿第二定律 （1分） (1分) (1分)(2)设作用的最短时间为，小车先以大小为的加速度匀加速秒，撤去外力后，以大小为，的加速度匀减速秒到达B处，速度恰为0，由牛顿定律 (1分)(1分) （1分）由于匀加速阶段的末速度即为匀减速阶段的初速度，因此有 （1分） （1分） （1分） （1分）（2）另解：设力作用的最短时间为t，相应的位移为s，物体到达B处速度恰为0，由动能定理 （2分） （1分）由牛顿定律 （1分） （1分） （1分） （1分）32.（14分）（1）下滑过程中安培力的功即为在电阻上产生的焦耳热，由于，因此 （1分）（2分）（2）金属棒下滑时受重力和安培力 （1分）由牛顿第二定律 （3分） （2分）(3)此解法正确。 (1分)金属棒下滑时舞重力和安培力作用，其运动满足上式表明，加速度随速度增加而减小，棒作加速度减小的加速运动。无论最终是否达到匀速，当棒到达斜面底端时速度一定为最大。由动能定理可以得到棒的末速度，因此上述解法正确。 (2分) （1分） （1分）33(14分)(1)势能最小处动能最大 (1分)由图线II得 (2分)(在5.9 6.3cm间均视为正确)(2)由图读得释放处势能，此即B的总能量。出于运动中总能量守恒，因此在势能最小处动能最大，由图像得最小势能为0.47J，则最大动能为 （2分)(在0.42 0.44J间均视为正确)最大速度为 (1分)(在1.291.33 ms间均视为正确)x=20.0 cm处的总能量为0.90J，最大位移由E=0.90J的水平直线与曲线II的左侧交点确定,由图中读出交点位置为x=2.0cm，因此，最大位移 (2分)(在17.918.1