（四川专用）高考物理一轮复习 第十章 课时跟踪检测（三十五）变压器 电能的输送.DOC

课时跟踪检测(三十五)变压器电能的输送对点训练：理想变压器1(多选)在如图1所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比为21，四个灯泡完全相同。其额定电压为u，若已知灯泡l3和l4恰能正常工作，那么()图1al1和l2都能正常工作bl1和l2都不能正常工作c交流电源电压为2ud交流电源电压为4u图22.(2015孝感联考)如图2所示，理想变压器的原副线圈匝数比为15，原线圈两端的交变电压为u20sin 100t v，氖泡在两端电压达到100 v时开始发光，下列说法中正确的有()a开关接通后，氖泡的发光频率为50 hzb开关接通后，电压表的示数为100 vc开关断开后，电压表的示数变大d开关断开后，变压器的输出功率不变图33(多选)(2015河南十所名校高三联考)如图3所示，一只理想变压器原线圈与频率为50 hz的正弦交变电源相连，两个阻值均为20 的电阻串联后接在副线圈的两端。图中的电流表、电压表均为理想交流电表，原、副线圈分别为200匝和100匝，电压表的示数为5 v。则()a电流表的读数为0.5 ab流过电阻的交变电流的频率为100 hzc交变电源的输出电压的最大值为20 vd交变电源的输出功率为2.5 w对点训练：理想变压器的动态分析4(多选)(2015焦作联考)如图4所示，理想变压器原线圈的匝数n11 100匝，副线圈的匝数n2110匝，r0、r1、r2均为定值电阻，且r0r1r2，电流表、电压表均为理想电表。原线圈接u220 sin(314t) v的交流电源。起初开关s处于断开状态。下列说法中正确的是()图4a电压表示数为22 vb当开关s闭合后，电压表示数变小c当开关s闭合后，电流表示数变大d当开关s闭合后，变压器的输出功率增大5(多选)一理想自耦变压器的原线圈接有正弦交变电压，如图5甲所示，副线圈接有可调电阻r，触头p与线圈始终接触良好，下列判断正确的是()图5a交变电源的电压u随时间t变化的规律是uu0cos 100t vb若仅将触头p向a端滑动，则电阻r消耗的电功率增大c若仅使电阻r增大，则原线圈的输入电功率增大d若使电阻r增大的同时，将触头p向b端滑动，则通过a处的电流一定增大图66.(多选)(2015杭州模拟)如图6所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为101，b是原线圈中心的抽头，电压表和电流表均为理想电表，从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u1220sin 100t v，则()a当单刀双掷开关与a连接时，电压表v1的示数为22 vb当t s时，电压表v0的读数为220 vc单刀双掷开关与a连接，当滑动变阻器滑片p向上移动的过程中，电压表v1的示数增大，电流表示数变小d当单刀双掷开关由a扳向b时，电压表v1和电流表的示数均变小对点训练：远距离输电图77如图7所示，某小型发电站发电机输出的交流电压为500 v，输出的电功率为50 kw，用电阻为3 的输电线向远处送电，要求输电线上损失功率为输电功率的0.6%，则发电站要安装一升压变压器，到达用户再用降压变压器变为220 v供用户使用(两个变压器均为理想变压器)。对整个送电过程，下列说法正确的是()a输电线上的损失功率为300 wb升压变压器的匝数比为1100c输电线上的电流为100 ad降压变压器的输入电压为4 700 v图88(多选)某小型水电站的电能输送示意图如图8所示，发电机通过升压变压器t1和降压变压器t2向用户供电。已知输电线的总电阻为r，降压变压器t2的原、副线圈匝数之比为41，降压变压器副线圈两端交变电压u220 sin(100t) v，降压变压器的副线圈与阻值r011 的电阻组成闭合电路。若将变压器视为理想变压器，则下列说法中正确的是()a通过r0电流的有效值是20 ab降压变压器t2原、副线圈的电压比为41c升压变压器t1的输出电压等于降压变压器t2的输入电压d升压变压器t1的输出功率大于降压变压器t2的输入功率9(2014四川高考)如图9所示，甲是远距离输电线路的示意图，乙是发电机输出电压随时间变化的图像，则()图9a用户用电器上交流电的频率是100 hzb发电机输出交流电的电压有效值是500 vc输电线的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比决定d当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小对点训练：三种特殊的变压器图1010.(2015开封模拟)如图10所示，理想变压器有两个副线圈，匝数分别为n1和n2，所接负载4r1r2，当只闭合s1时，电流表示数为1 a，当s1和s2都闭合时，电流表示数为2 a，则n1n2为()a11b12c13 d14图1111.如图11所示，自耦变压器输入端a、b接交流稳压电源，其电压有效值u1100 v，r040 ，当滑动片处于线圈中点位置时，c、d两端电压的有效值u2为_v，通过电阻r0的电流有效值为_a。12电压互感器使用时应将其原线圈_联接入被测电路；而电流互感器则应_联接入被测电路。考点综合训练13(多选)(2015青岛模拟)如图12甲所示，理想变压器的原、副线圈匝数之比为111，r1 ，原线圈允许通过电流的最大值为1 a，副线圈ab两端电压随时间变化图像如图乙所示。则下列说法正确的是()图12a原线圈输入电压的有效值为242 vb原线圈两端交变电压的频率为550 hzc副线圈中电流的最大值为11 ad为保证电路安全工作，滑动变阻器r的阻值不得小于1 14(多选)(2015济宁市高三联考)一台理想变压器的原、副线圈的匝数比是51，原线圈接入电压220 v的正弦交流电，各元件正常工作，一只理想二极管和一个滑动变阻器r串联接在副线圈上，如图13所示。电压表和电流表均为理想交流电表，则下列说法正确的是()图13a原、副线圈中的电流之比为51b电压表的读数约为31.11 vc若滑动变阻器接入电路的阻值为20 ，则1分钟内产生的热量为2.9103 jd若将滑动变阻器的滑片向上滑动，则两电表读数均减小15(多选)图14(2015临川二中高三月考)如图14所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比是101，原线圈输入交变电压u100sin 50t v，o是副线圈中心抽出的线头，r15 ，r215 ，则()a开关s断开时，电流表的示数为0.05 ab开关s闭合时，电流表的示数为0.05 ac开关s闭合时，两电阻总的电功率为 wd开关s断开时，两电阻总的电功率为 w答 案1选ad根据灯泡l3和l4恰能正常工作，变压器原线圈输入电压为灯泡l3和l4额定电压u的2倍，输入电流为灯泡l3和l4的额定电流。所以l1和l2都能正常工作，交流电源电压为4u，选项a、d正确，b、c错误。2选b由u20sin 100t v可知，交流电压频率为50 hz，在一个周期内，交变电流两次超过100 v电压，所以氖泡的发光频率为100 hz，选项a错误；变压器输入电压有效值为u120 v，输出电压有效值u2u1520 v100 v，开关接通与断开后，电压表的示数均为100 v，选项b正确，c错误；开关断开后，氖泡不发光，消耗电能变小，变压器的输出功率变小，选项d错误。3选cd根据欧姆定律可得副线圈中的电流i20.25 a，根据理想变压器原、副线圈中的电流比，可解得i10.125 a，a错误；理想变压器原、副线圈中的交变电流的频率相同，都为50 hz，b错误；副线圈输出电压的有效值是10 v，根据正弦交变电流的最大值和有效值的关系可得其最大值应为u2m10 v，原、副线圈电压比为，可得交变电源输出电压的最大值为u1m20 v，c正确；对于理想变压器，交变电源的输出功率等于变压器副线圈消耗的功率，p2 w2.5 w，故d正确。4选bcd变压器输入电压220 v，由变压器变压公式，副线圈输出电压为22 v，根据串联分压原理，电压表示数为11 v，选项a错误；当开关s闭合后，输出功率增大，电压表示数变小，原线圈输入功率增大，电流表示数变大，选项b、c、d正确。5选ab从题图甲可看出，交流电的周期t2102s，最大值为u0，所以交变电源的电压 u随时间t变化的规律是uu0cost vu0cos 100t v，选项a正确；因原、副线圈两端电压与其匝数成正比，当仅将触头p向a端滑动时，副线圈两端的电压增大，即电阻r两端的电压增大，则电阻r消耗的电功率增大，选项b正确；若仅使电阻r增大，则副线圈两端的电压不变，电阻r消耗的电功率p减小，原线圈的输入电功率也减小，选项c错误；将触头p向b端滑动，副线圈两端的电压减小，同时电阻r增大，通过r的电流i2减小，根据变压器的特点，通过a处的电流也一定减小，选项d错误。6选bc当单刀双掷开关与a连接时，理想变压器原、副线圈的匝数比为101，副线圈输出电压为u222 v，但电压表v1示数小于u2，故a错误；当t s时，电压表v0的读数为有效值220 v，故b正确；单刀双掷开关与a连接，在滑动变阻器触头p向上移动的过程中，滑动变阻器的电阻变大，电路的总电阻变大，由于副线圈输出电压u2是由变压器决定的，所以电流表示数变小，电压表v1示数变大，故c正确；当单刀双掷开关由a扳向b时，理想变压器原、副线圈的匝数比变为51，副线圈输出电压u2变大，电流表和电压表v1的示数均变大，故d错误。7选a输电线上的损失功率为0.6%50 kw300 w，选项a正确。由i2r300 w可得输电线上电流i10 a，升压变压器副线圈电压为5 000 v，升压变压器的匝数比为110，选项b、c错误。输电线损失电压为ir30 v，降压变压器的输入电压为4 970 v，选项d错误。8选abd由题知降压变压器副线圈两端交变电压的有效值为220 v，则通过r0的电流为20 a，a正确；由得降压变压器t2原、副线圈的电压比为41，b正确；在输电过程中，输电线上有电阻，升压变压器t1的输出电压不能完全加在降压变压器t2的两端，输电线上有功率损失，c错误、d正确。9选d根据交流电的变化规律、变压器的工作原理和远距离输电知识解题。由ut图像可知，交流电的周期t0.02 s，故频率f50 hz，选项a错误；交流电的最大值um500 v，故有效值u250 v，选项b错误；输电线上的电流由降压变压器副线圈上的电阻和降压变压器原副线圈的匝数比决定，选项c错误；当用户用电器的总电阻增大时，副线圈上的电流减小，根据，原线圈(输电线)上的电流减小，根据pir，得输电线损失的功率减小，选项d正确。10选b变压器原副线圈的磁通量变化率相同，所以uu1u2nn1n2，根据能量守恒，输出功率等于输入功率，所以有当只闭合s1时ui，当s1和s2都闭合时，ui，代入数据i1 a、i2 a可得u4u，即u1u212，所以n1n212，选项b对。11解析：当滑动片位于线圈中点位置时，由变压器电压关系有，所以u2200 v，通过r0的电流为i a5 a。答案：200512并串13选ac由题知变压器副线圈两端电压有效值为22 v，由原副线圈两端电压关系可得，原线圈输入电压的有效值为242 v，故a项正确；由于原副线圈两端交流电的频率相同，故原线圈两端交变电压的频率为50 hz，b项错；原线圈允许通过电流的最大值为1 a，根据原副线圈电流关系可得副线圈中电流的最大值为11 a，c项正确；根据部分电路的欧姆定律可得，副线圈中滑动变阻器最小阻值为rr1 (21)，故d项错。14bc原、副线圈中的电流与匝数成反比，所以电流之比为15，选项a错误；原线圈接入电压为220 v的正弦交流电，原、副线圈的电压与匝数成正比，所以副线圈两端电压为44 v，由于副线圈接着二极管，它具有单向导电性，而电表示数均是交流电的有效值，根据有效值的定义有t，从而求得电压表两端电压有效值为u22 v31.11 v，选项b正确；若滑动变阻器接入电路的阻值为20 ，则1 min内产生的热量为qt2.9103 j，c正确；滑片向上滑动，滑动变阻器接入的阻值变小，其两端的电压不变，所以通过滑动变阻器的电流变大，即电压表示数不变，电流表示数变大，d错误。15选ac由电压公式知输入电压的有效值为u0100 v，s断开时，根据电压与