山东省青岛市平度一中高考物理仿真试卷（含解析）.doc

2015年山东省青岛 市平度一中高考物理仿真试卷一、选择题（本题共8小题每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1（6分）（2015天心区校级模拟）高血压已成为危害人类健康的一种常见病，现已查明，血管变细是其诱因之一为研究这一问题，我们可做一些简化和假设：设血液通过一定长度血管时受到的阻力f与血液流速v成正比，即f=kv（其中k与血管粗细无关），为维持血液匀速流动，在这血管两端需要有一定的压强差设血管内径为d时所需的压强差为p，若血管内径减为d时，为了维持在相同时间内流过同样多的血液，压强差必须变为（）apb（）2pc（）3pd（）4p考点：霍尔效应及其应用专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：根据血液是匀速流动，说明受力平衡，然后根据两种情况下，血管在相同时间内流过的血液量不变，列出等式；最后根据血管横截面积前后变化的定量关系，结合前面列出的等式，联立成方程组，就可求出答案解答：解：根据血液是匀速流动，说明受力平衡，即血压产生的压力等于阻力，则在正常情况下有：ps=f=f=kv血管变细后有：ps=f=f=kv因为在相同时间内流过的血液量不变，则有：svt=svt，即sv=sv又因为s=，所以=联立，解得：p=（）4p故选：d点评：根据血液是匀速流动，说明受力平衡，血管在相同时间内流过的血液量不变，能够列出相应的等式去解决问题2（6分）（2015平度市校级模拟）如图所示，边长为l的正方形区域abcd内存在着匀强磁场一个质量为m、电荷量为q、初速度为0带电粒子从a点沿ab方向进人磁场，不计重力，则（）a若粒子恰好从c点离开磁场，则磁感应强度b=b若粒子恰好从d点离开磁场，则磁感应强度b=c若粒子恰好从bc边的中点离开磁场，则磁感应强度b=d粒子从c点离开磁场时的动能大于从bc边的中点离开磁场时的动能考点：带电粒子在匀强磁场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：粒子进入匀强磁场中做匀圆周运动，根据轨迹求出轨迹半径，再由半径公式求解b解答：解：a、若粒子恰好从c点离开磁场，轨迹半径 r=l，由r=，得磁感应强度b=故a错误b、若粒子恰好从d点离开磁场，轨迹半径 r=l，由r=，得磁感应强度b=故b错误c、若粒子恰好从bc边的中点离开磁场，其运动轨迹如图所示，由几何知识得：r2=（r）2+l2；可得 r=l由r=，得磁感应强度 b=故c正确d、该题改变的是磁感应强度，粒子的入射速度是不变的，由于洛伦兹力不做功，不能改变粒子的动能，所以粒子从c点离开磁场时和从bc边的中点离开磁场时的动能相等故d错误故选：c点评：解决本题的关键画出粒子的轨迹：定圆心，定半径，并要掌握带电粒子在磁场中做圆周运动的半径公式，结合几何关系求解3（6分）（2015平度市校级模拟）如图所示，接在照明电路中的自耦变压器的副线圈上通过输电线接有3个灯泡l1、l2和l3，输电线等效电阻为r当滑动触头p向上移动一段后，下列说法正确的是（）a等效电阻r上消耗的功率变大b灯泡l1、l2和l3都变暗c原线圈两端的输入电压减小d原线圈中电流表示数减小考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：根据电压与匝数成正比，可确定当滑动触头p向上移动一段距离后，由于原线圈的输入电压不变，则可知，副线圈电压变化、灯泡的亮暗、电线上消耗的功率及副线圈上的电流解答：解：a、由于原线圈电压不变，根据可得，随着滑动触头p向上移动一段距离后，即原线圈匝数增加，导致副线圈电压减小，则等效电阻r上消耗的功率变小，故a错误；b、由a选项可知，电压减小，则三个灯泡都变暗，故b正确；c、原线圈两端的输入电压不变，故c错误；d、由a选项可知，电压减小，则电流变小，所以原线圈的电流也变小，故d正确；故选：bd点评：理解原副线圈的电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，原线圈的电流随着副线圈电流变化而变化；并根据闭合电路欧姆定律来分析动态变化4（6分）（2015平度市校级模拟）生活中常有人说在车厢内推车是没用的，如图所示，在沿水平地面运动的汽车车厢中，人用力推车（人与车厢始终保持静止），则当车在倒车时刹车的过程中（）a人对车做正功b人对车做负功c人对车不做功d车对人的作用力方向水平向右考点：功的计算专题：功的计算专题分析：在减速向右运动的车厢中，人的加速度向左，根据牛顿第二定律得出人受的合力向左，根据牛顿第三定律得人对车厢的力向右根据功的定义式判断做功情况解答：解：a、人对车厢的推力方向向右，所以人对车厢的推力做正功，故a正确，bc错误；d、在减速向右运动的车厢中，人的加速度向左，根据牛顿第二定律得出人受的合力向左，人受力在竖直方向平衡，人的合力是由车厢对人的力提供的，所以车厢对人的力向左，故d错误，故选：a点评：此题涉及到牛顿第二定律的应用和力的作用的相互性，解决此类题目要结合作用力和反作用力考虑，即一个物体在施力的同时必然也受力，另一个物体在受力的同时必然也是施力物体5（6分）（2015平度市校级模拟）按照我国整个月球探测活动的计划，在第一步“绕月”工程圆满完成各项目标和科学探测任务后，将开展第二步“落月”工程，预计在2015年以前完成假设月球半径为r，月球表面的重力加速度为g0，飞船沿距月球表面高度为3r的圆形轨道i运动，到达轨道的a点点火变轨进入椭圆轨道ii，到达轨道的近月点b再次点火进入月球近月轨道绕月球作圆周运动下列判断正确的是（）a飞船在轨道i上的运行速率v0=b飞船在a点处点火时，动能增大c飞船从a到b运行的过程中处于完全失重状态d飞船在轨道绕月球运动一周所需的时间t=2考点：万有引力定律及其应用专题：万有引力定律的应用专题分析：在月球表面，万有引力等于重力，在任意轨道，万有引力提供向心力，联立方程即可求解，卫星变轨也就是近心运动或离心运动，根据提供的万有引力和所需的向心力关系确定飞船在近月轨道绕月球运行，重力提供向心力，根据向心力周期公式即可求解解答：解：a、飞船在轨道上，万有引力提供向心力：， 在月球表面，万有引力等于重力得：，解得：v=，故a错误；b、在圆轨道实施变轨成椭圆轨道远地点是做逐渐靠近圆心的运动，要实现这个运动必须万有引力大于飞船所需向心力，所以应给飞船减速，减小所需的向心力，动能减小，故b错误；c、飞船从a到b运行的过程中只受重力，所以处于完全失重状态，故c正确d、根据解得：t=，故d正确；故选：cd点评：该题考查了万有引力公式及向心力基本公式的应用，难度不大，属于中档题6（6分）（2015平度市校级模拟）如图所示，物体以100j的初动能从斜面底端向上运动，当它通过斜面某一点m时，其动能减少80j，机械能减少32j，如果物体能从斜面上返回底端，则物体在运动过程中的下列说法正确的是（）a物块在m点的重力势能为48jb物块自m点起重力势能再增加12j到最高点c物体在整个过程中摩擦力做的功为80jd物块返回底端时的动能为30j考点：功能关系分析：运用动能定理列出动能的变化和总功的等式，运用除了重力之外的力所做的功量度机械能的变化关系列出等式，两者结合去解决问题解答：解；由能量守恒得，从出发点到m点，重力势能增加ep=80j32j=48j 故a正确；设物体的初始点为a，上滑最高点为b从出发到返回，重力不做功，只需要求摩擦力所作功即可又由于上升过程和下落过程摩擦力做功相同，因此只需求上升过程摩擦力所作功从am，m点动能为ekm=10080j=20j，a点动能为 eka=100j，根据可得设m点速度为v，上升过程加速度为a，从am， 从mb，0v2=2as2 ，可得 根据功能关系得：wg=ep=48jwfam=e=32j 联立得 wfmb=8j故从m到最高点，重力势能还需再增加208=12j才能到达最高点；故b正确；由得上升过程摩擦力做功w1=40j，全过程摩擦力做功w=80j 故c正确；从出发到返回，重力不做功，设回到出发点的动能为，由动能定理可得 联立得 故d错误；故选：abc点评：解题的关键在于能够熟悉各种形式的能量转化通过什么力做功来量度，并能加以运用列出等式关系功能关系有多种表现形式：合力的功（总功）等于动能增加量；重力做功等于重力势能的减小量；除重力外其余力做的功等于机械能的增加量7（6分）（2015平度市校级模拟）如图所示，在一个粗糙绝缘水平面上，两个带同种电荷的小物块相向运动，没有接触又向相反方向运动，并最终停止物块在运动过程中，下列表述正确的是（）a两个物块的电势能先增加后逐渐减少b物块受到的库仑力不做功c两个物块的机械能守恒d物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力考点：库仑定律；电势能分析：根据两物块之间的库仑力做功的正负，从而确定电势能增大还是减小开始阶段，库仑力大于物块的摩擦力，物块做加速运动，当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，动能先增大，后减小解答：解：a、两个带同种电荷的小物块相向运动，没有接触又向相反方向运动，两物块之间的库仑力先做负功，后做正功，电势能先增大，后减小故a正确 b、两物块之间存在库仑斥力，对物块做正功故b错误 c、d开始阶段，库仑力大于物块的摩擦力，物块做加速运动，动能增大；当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，动能减小，重力势能不变，则机械能先增大，后减小，不守恒故cd错误故选：a点评：本题首先考查分析物块受力情况和运动情况的能力，要抓住库仑力随距离增大而减小的特点，并理解库仑力做功与电势能变化8（6分）（2015平度市校级模拟）如图所示，灯l上标有“200w”字样，电动机m上标有“2000w”字样，当在a、b两端加上220v电压时，灯l和电动机m均正常工作，则灯l正常工作时的电阻应为（）a22b1c2d10考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：用电器正常工作时的功率和额定功率相等，先求出电路中的总功率，根据p=ui求出电路中的电流；灯泡正常工作时的功率和额定功率相等，根据p=i2r求出电灯正常工作时的电阻解答：解：由于电灯是纯电阻用电器，正常工作时p=ui=i2rl整个电器的功率pab=pl+pd=2200w 而uab=220v解得：电路电路i=10a根据p=i2r 得rl=2故选：c点评：本题要抓住：对于纯电阻电路，欧姆定律u=ir成立；对于非纯电阻电路，比如电动机正常工作时，欧姆定律不成立，uir二、非选择题：（本大题包括必考题和选考题两部分）（一）必考题9（4分）（2015平度市校级模拟）某学校研究性学习小组想测量木块与木板之间的动摩擦因数其中一位同学把木板固定在斜面上，他让木块从斜面上端由静止开始匀加速下滑，如图所示，他使用的实验器材仅限于：a倾角固定的斜面（倾角已知） b木块c秒表 d米尺你认为他实验中应记录的数据是斜边长l和下滑的时间t，计算动摩擦因数的公式是=考点：探究影响摩擦力的大小的因素专题：实验题；摩擦力专题分析：木块沿斜面下滑，用刻度尺测出斜面的长度，即木块的位移，用秒表测出木块的运动时间，由匀变速运动的位移公式可以求出木块的加速度；再用刻度尺测出斜面的高度，由数学知识求出斜面的倾角；最后对木块进行受力分析，由牛顿第二定律列方程，然后求出动摩擦因数解答：解：实验中需要测出：斜面的长度l，木块下滑的时间t；设斜面的高度h，斜面的底面边长d，木块做初速度为零的匀加速运动，则l=at2，木块的加速度a=；对木块，由牛顿第二定律得：mgsinmgcos=ma，设斜面倾角为，sin=，cos=，解得：=；多次测量取平均值可以减小实验的偶然误差；故答案为：斜边长l和下滑的时间t，点评：物体沿斜面下滑是一个重要的物理模型，这类问题变化多样，包含丰富的物理知识，一定要对该过程中摩擦力、弹力、重力沿斜面的分力、加速度等物理量的变化分析透彻10（11分）（2015平度市校级模拟）在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，实验室提供了小灯泡（3.8v，0.3a）、电流表（00.5a，内阻约为0.4）、电压表（015v，内阻约为20k）以及滑动变阻器（5，2a）等实验器材（1）如果用多用电表欧姆档粗略测量该小灯泡的电阻，应选用的档位是d（选填选项前面的字母）a1000 b100 c10 d1（2）如果既要满足小灯泡两端电压从零开始连续变化，又要测量误差较小，应从图1所示的电路中选择b电路做实验电路（选填对应电路图下面的字母）（3）利用实验数据画出了如图2所示的小灯泡的伏安特性曲线根据此图给出的信息可知，随着小灯泡两端电压的升高，小灯泡的电阻变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）考点：描绘小电珠的伏安特性曲线专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）多用表测量灯泡的电阻时，应尽量让指针指在中间位置，根据灯泡的额定值可求出大致的电阻，则可选出可用的档位；（2）根据实验的要求可以选择滑动变阻器的接法；根据灯泡及电表的电阻关系可以选择电流表的接法；（3）iu图象中图象的斜率表示电阻的倒数，由图象可知灯泡电阻的变化解答：解：（1）由欧姆定律可知，灯泡电阻r=12；故多用电表档位应选择最小档1档；故选d（2）实验中要求电压从零开始变化，则必须采用滑动变阻器分压接法；而由于灯泡内阻较小，故应采用电流表外接法，故选b；（3）由图可知，随电压的升高，图象的斜率变小，而在iu图象中图象的斜率表示电阻的倒数，故说明电阻变大；故答案为：（1）d；（2）b；（3）变大点评：本题考查测量小灯泡的伏安特性曲线，注意本实验中一般采用分压及电流表外接法，一定要牢记这两种接法的电路图11（14分）（2015平度市校级模拟）如图所示，水平传送带的皮带以恒定的速度v=2m/s运动，一个质量为m=2kg小物块在两轮的中间以速度v=2m/s与皮带运动方向相反水平滑上皮带，水平皮带长为l=4m，物块与皮带间的动摩擦因数为=0.2（g取10m/s2）求：（1）物块在皮带上运动的时间（2）物块在皮带上运动的整个过程中，摩擦力对物块做的功（3）物块在皮带上运动的整个过程中，因摩擦产生的热量考点：功能关系；牛顿第二定律分析：（1）由牛顿第二定律求出物体的加速度，然后应用运动学公式求出物块的运动时间（2）应用动能定理求出摩擦力对物体做的功（3）应用能量守恒定律可以求出电动机克服摩擦力做的功解答：解：（1）物块先向左减速再向右加速，加速度大小为 a=g物块回到出发点时间为 然后再随皮带匀速运动到端点时间为 物块在皮带上运动的时间 t=t1+t2=3s（2）物块在皮带上先向左做匀减速运动，后向右做匀加速直线运动，离开皮带时的速度大小等于皮带的速度2m/s，与物块滑上皮带的速度大小相等，最后物块相对皮带静止，在整个运动过程中物块的动能不变，动能的变化为零，由动能定理可知，摩擦力对物块做功为0j（3）物块与传送带的相对位移 因摩擦产生的热量 答：（1）物块在皮带上运动的时间为2s；（2）物块在皮带上运动的整个过程中，摩擦力对物块做的功为0j；（3）物块在皮带上运动的整个过程中，电动机克服摩擦做的功为16j点评：本题考查了求物块的运动时间、求功等问题，分析清楚物块的运动过程是正确解题的前提与关键，应用匀变速运动运动规律、动能定理、能量守恒定律即可正确解题12（18分）（2008湛江一模）在水平面上有一沿y轴放置的长为l=1m的细玻璃管，在管底有光滑绝缘的带正电的小球在第一象限中存在磁感应强度为b=1t的匀强磁场，方向如图所示已知管沿x轴以v=1m/s的速度平动，带电小球的荷质比为求：（1）带电小球从管底到飞出管口时所用的时间是多少？（2）带电小球离开磁场时的位置到坐标原点的距离是多少？（3）带电小球从刚离开管口后到离开磁场时所用的时间是多少？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）带电小球在洛伦兹力作用下沿管方向做初速度为0的匀加速直线运动，根据运动学计算小球离开管口所用时间；（2）小球在磁场中做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力求出半径再根据几何关系求解小球离开磁场时的位置坐标；（3）根据几何关系求出小球在磁场中转过的圆心角，再根据匀速圆周运动的周期求解小球运动的时间解答：解：小球在离开管之前随管向右以v平动，同时沿管壁做初速度为零的匀加速运动（1）设小球的质量为m，加速度为a，受到的洛伦兹力为f=qvb由牛顿第二定律有 而小球飞出管口所有时间为t，则联立并代入数据解得：t=2s （2）小球飞出管口时沿管壁方向的速度为vy=at飞出时的合速度为 又设小球以v合在磁场中作圆周运动的半径为r，由牛顿第二定律有 联立式并代入数据解得：又小球飞出管口时，在x方向上移动的距离为x=vt=1m/s2s=2m如图所示，由几何知识可知，小球在磁场中运动的圆弧所对应的圆心角为135所以，带电小球离开磁场时离坐标原点的距离为（3）小球在磁场中做匀速圆周运动的周期为代入数据解得：t=4s所以，带电小球从离开管口到离开磁场所用的时间是：点评：小球的合运动是沿管子方向的匀加速运动和垂直于管子方向的匀速直线运动的合运动，从两个方向分别分析即可，小球离开玻璃管后做圆周运动，根据几何关系和圆周运动的半径和周期求解（选考题）物理-选修3-3（15分）13（5分）（2015平度市校级模拟）以下关于热力学知识的叙述正确的是（）a绝热过程是指系统不从外界吸热，也不向外界放热，这个过程不与外界交换能量b热量是在单纯的热传递过程中系统内能变化的量度，所以不能说物体具有多少热量，只能说物体吸收或放出多少热量c悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相撞的液体分子数越少，撞击作用的不平衡性就表现得越明显，因而布朗运动越明显d由熵的定义可知，熵较大的宏观状态就是无序程度很小的宏观状态，也就是出现概率较小的宏观状态考点：热力学第二定律专题：热力学定理专题分析：绝热过程可以做功热量是在单纯的热传递过程中系统内能变化的量度，是过程量悬浮在液体中的微粒越小，布朗