山东省平度市高二物理下学期期末考试试题.doc

平度市2014-2015学年度高二下学期期末考试物理试题2015.7注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第i卷（60分）一、选择题（本大题共30题，每题2分，共计60分）1如图所示，ef、gh为两水平放置相互平行的金属导轨,ab、cd为搁在导轨上的两金属棒，与导轨接触良好且无摩擦当一条形磁铁向下靠近导轨时，关于两金属棒的运动情况的描述正确的是a不管下端是何极性，两棒均向外相互远离b不管下端是何极性，两棒均相互靠近c如果下端是n极，两棒向外运动，如果下端是s极，两棒相向靠近d如果下端是s极，两棒向外运动，如果下端是n极，两棒相向靠近2如图所示，实线为一电场线，质子只受电场力从a点移到b点，下列说法正确的是 （ ）a.带电粒子的动能减少 b.带电粒子的电势能增加c.带电粒子的动能增加 d. 带电粒子的电势能减少3下面关于点电荷的说法正确的是（ ）a只有体积很小的带电体才能看做点电荷 b体积很大的带电体一定不是点电荷 c当两个带电体的形状对它们相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看做点电荷 d任何带电球体，都可看做电荷全部集中于球心的点电荷4下列关于磁场和磁感线的描述，正确的是a磁铁能产生磁场，电流也能产生磁场；b磁感线从磁体的n极出发，终止于磁体的s极;c沿磁感线方向，磁场逐渐减弱；d磁感线只能表示磁场的方向，不能表示磁场的强弱。5一列横波在t0时刻的波形如图中实线所示，在t1 s时刻波形如图中虚线所示由此可以判定此波的()a波长一定是4 cmb周期一定是4 sc振幅一定是4 cm d传播速度一定是1 cm/s6计算用电量时,常用的单位是“度”,对此下列说法中正确的是: ( )a1度=3.6103kwh b1度=3.6106jc“度”是电功率的单位 d“度”是电流的单位7如图所示，al和a2是两个规格完全相同的灯泡，al与自感线圈l串联后接到电路中，a2与可变电阻串联后接到电路中。先闭合开关s，缓慢调节电阻r，使两个灯泡的亮度相同，再调节电阻r1，使两个灯泡都正常发光，然后断开开关s。对于这个电路，下列说法中正确的是( )rr1la1a2esa再闭合开关s时，a2先亮，al后亮b再闭合开关s时，al 和a2同时亮c再闭合开关s，待电路稳定后，重新断开开关s，a2立刻熄灭，a1过一会儿熄灭d再闭合开关s，待电路稳定后，重新断开开关s，al 和a2都要过一会儿才熄灭8 a、b为电场中两点，且a点电势高于b点，则（ ）a.把负电荷从a点移到b点电场力做负功，电势能增加b.把正电荷从a点移到b点电场力做正功，电势能增加c.无论移动的是正电荷还是负电荷，电荷的电势能都要减少d.无论移动的是正电荷还是负电荷，电荷的电势能都要增加9如图9甲所示，一矩形闭合线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴oo以恒定的角速度转动，从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，线圈中产生的交变电流按照图乙所示的余弦规律变化，在t时刻 ()a线圈中的电流最大b穿过线圈的磁通量最大c线圈所受的安培力为零d穿过线圈磁通量的变化率最大10如图所示，是点电荷电场中的一条电场线，则aba. a点场强一定大于b点场强 b. 形成这个电场的电荷一定带正电c. 形成这个电场的电荷一定带负电d. 正电荷由a点从静止开始运动，其运动方向一定沿ab方向11区分横波和纵波的依据是()a质点沿水平方向还是沿竖直方向振动b波沿水平方向还是沿竖直方向传播c质点的振动方向和波的传播方向是相互垂直还是平行d波传播距离的远近12如图为某磁场中的磁感线则 （ ） aa、b两处磁感应强度大小不等，babbc同一小段通电导线放在a处时受的磁场力一定比b处时大d同一小段通电导线放在a处时受的磁场力可能比b处时小13(2011年福建南平调研)某同学将一直流电源的总功率pe、输出功率pr和电源内部的发热功率pr随电流i变化的图线画在了同一坐标系中，如图中的a、b、c所示则判断错误的是()a直线a表示电源的总功率b曲线c表示电源的输出功率c电源的电动势e3 v，内电阻r1 d电源的最大输出功率pm9 w14水平面上有两个质量相等的物体a和b，它们分别在水平推力f1和f2作用下开始运动，分别运动一段时间后撤去推力，两个物体都将运动一段时间后停下.物体的v-t图线如图5-1-4所示，图中线段abcd.则以下说法正确的是( )水平推力的大小f1f2水平推力的大小f1f2a所受摩擦力的冲量大于b所受摩擦力的冲量a所受摩擦力的冲量小于b所受摩擦力的冲量图5-1-4a. b. c. d.15如图所示，让小球p一边贴水面每秒振动5次，一边沿x轴正方向匀速移动，o点是它的初始位置。图示为观察到的某一时刻的水面波，图中的实线表示水面波的波峰位置。那么此水面波的传播速度及小球p匀速移动的速度分别是（ ）a0.05m/s、0.025m/s b0.1m/s、0.05m/sc0.15m/s、0.125m/s d0.2m/s、0.1m/s16如图所示，蹄形磁体用悬线悬于o点，在磁铁的正下方有一水平放置的长直导线，当导线中通以由左向右的电流时，蹄形磁铁的运动情况将是（ ）a.静止不动b向纸外平动cn极向纸外，s极向纸内转动dn极向纸内，s极向纸外转动17有关氢原子光谱的说法正确的是()a氢原子的发射光谱是连续的b氢原子光谱说明氢原子只发出特定频率的光c氢原子光谱说明氢原子能级是分立的d氢原子光谱的频率与氢原子能级的能量差无关18如图所示，d是一个具有单向导电性的理想二极管，水平放置的平行板电容器ab内部原有带电微粒p处于静止状态下列措施下，关于p的运动情况的说法中正确的是a保持s闭合，增大a、b板间距离，p仍静止b保持s闭合，减小a、b板间距离，p向上运动c断开s后，增大a、b板间距离，p向下运动d若b板接地，断开s后，a板稍下移，p的电势能不变19如右图所示，质量为m的小车静止在光滑的水平面上小车上ab部分是半径为r的四分之一光滑圆弧，bc部分是粗糙的水平面今把质量为m的小物体从a点由静止释放，m与bc部分间的动摩擦因数为.最终小物体与小车相对静止于b、c之间的d点，则b、d间的距离s随各量变化的情况是()a其他量不变，r越大s越大b其他量不变，越大s越大c其他量不变，m越大s越大d其他量不变，m越大s越大20如图(甲)所示,两个平行金属板pq正对竖直放置,两板间加上如图(乙)所示的交变电压.t=0时,q板比p板电势高u0,在两板的正中央m点有一电子在电场力作用下由静止开始运动(电子所受重力可忽略不计),已知电子在0-4t0时间内未与两板相碰.则电子速度方向向左且速度大小逐渐增大的时间是( )a0tt0 bt0t2t0c2t0t3t0 d3t0ti2b电动势e1=e2，内阻 rlr2c电动势e1=e2，内阻rlfbfcb在真空中的传播速度关系是vavbcbccd通过同一双缝产生的干涉条纹的间距xaxbbb，b对；安培力的大小除了与b、i、l的大小有关，还与导体棒的角度有关，c错d对；考点：考查安培力公式的应用点评：难度较小，磁感强度与场强均为场本身的性质，磁感线的疏密程度表示场强的大小，安培力的大小与导体棒的角度有关13d【解析】电源的总功率为peei，电源的输出功率为preii2r，电源内部的发热功率pri2r，所以直线a表示电源的总功率，选项a正确；曲线b表示电源内部的发热功率，曲线c表示电源的输出功率，选项b正确；直线a的斜率表示电动势e，解得e3 v，由曲线b上某点坐标可得电源内阻为1 ，选项c正确；当外电路电阻等于电源内阻时，电源输出功率最大，pm2.25 w，对应曲线c的最高点，选项d错误14b【解析】根据v-t图象,由于abcd,可见两物体与水平面间的动摩擦因数相同,设为u,在a、b加速运动过程中,由牛顿第二定律知, 由于ma=mb,得f1f2.在a、b两物体各自全过程中,由动量定理知,f1ta-magta总=0 f2tb-mbgtb总=0 由v-t图象得ta总tb总 根据式得f1taf2tb,即推力f1的冲量小于推力f2的冲量,容易知a所受摩擦力的冲量小于b所受摩擦力的冲量.选项b正确.15d【解析】16c【解析】试题分析：假设磁体不动，导线运动，则有：根据右手螺旋定则可知，通电导线左边的磁场斜向下，而右边的磁场是斜向上，那么在导线两侧取两小段，根据左手定则可知，左边一小段所受的安培力方向垂直纸面向里，右侧一小段所受安培力的方向垂直纸面向外，从上往下看，知导线顺时针转动，当转动90度时，导线所受的安培力方向向上，所以导线的运动情况为，顺时针转动，同时上升；如今导线不动，磁体运动，根据相对运动，则有磁体逆时针转动（从上向下看），即n极向纸外转动，s级向纸内转动故c正确。考点：磁场与电流的作用。17bc【解析】原子的发射光谱是原子跃迁时形成的，由于原子的能级是分立的，所以氢原子的发射光谱不是连续谱，原子发出的光子的能量正好等于原子跃迁时的能级差，故氢原子只能发出特定频率的光，综上所述，选项a、d错，b、c对18abd【解析】试题分析：当保持s闭合，则电容器的电压不变，当增大a、b极间距，则导致电容器的电容减小，则出现电容器的电量减小，而二极管作用导致电容器的电量不会减小，则电容器的电量会不变，电压不变，所以电场强度不变，带电微粒受重力和电场力依旧平衡，故a对；当保持s闭合，电容器的电压不变，当减小a、b极间距，则导致电容器的电容增加，则出现电容器的电量增加，因此电场强度增大，所以p向上运动故b对；当增大a、b板间距离，导致电容器的电容减小，由于断开开关s，则电容器的电量不变，所以极板间的电场强度不变，因此p仍处于静止，故c错；a板稍下移，导致电容器的电容增大，当断开s后，则电容器的电量不变，所以电场强度也不变，由于b板接地，则p点到b板的电势差不变，因此p点的电势能也不变，故d对；考点：主要考查二极管和电容器。19a【解析】试题分析：两个物体组成的系统水平方向的动量是守恒的，所以当两物体相对静止时，系统水平方向的总动量为零，则两物体最终会停止运动，由能量守恒有，解得，所以其他量不变，r越大s越大 故选项a是正确的考点：考查动量守恒定律的应用点评：关键是根据能量守恒列出式子分析求解20c【解析】试题分析：电子带负电，故刚开始向电势高处即q板运动，所以电子的运动以t0为单位分四个阶段，分别是：向右加速、向右减速、向左加速、向左减速，故电子速度方向向左且速度大小逐渐增大的时间是第三段时间即2t0tcbcc 故c项正确；由以上分析可知波长的关系，根据双缝干涉条纹间距跟波长成正比的关系可得，故d项错。考点：本题考查了光的色散知识、光的折射率与频率关系、光的传播速度公式、全反射临界角的计算和光的干涉条纹间距与波长的关系公式。24bc【解析】试题分析：带电粒子在平行板中受到竖直向下的重力、以及水平方向的电场力，由于两力均为恒力，且初速度为零，因此粒子应做匀加速直线运动，所以a错。当电动势越大则电场越强，因此所受电场力越大，从而加速度越大，所以b对。因为电动势越大，场强越大，所以在水平方向位移一定情况下，根据可知，时间越短，所以c正确。由于电路中有电容器，并不会形成持续电流，所以电阻r不会起到降压作用，因此对平行板两端电压不会造成影响，所以d错。考点：受力分析、粒子做直线或曲线运动的条件、运动的独立性点评：此类题型考察根据受力分析以及粒子初速度判断物体的运动，通过运动独立性从而判断出粒子的运动时间。25d【解析】当弹簧弹力等于电场力时为平衡位置，此时弹簧被压缩，平衡位置不再是o点，所以a错；由于b点的弹簧弹力大小与电场力大小关系未知，所以也无法判断a点两力关系，动能变化情况无法判断，b错；小球在电场力和弹力作用下依然做简谐运动，c错；26d【解析】试题分析：设接触后a电量为，b球电量为，根据题目已知信息，两球未接触前为相互吸引力，则证明a、b为异种电荷。设接触前a、b电荷量分别为，两者之间距离为l，则。由于，两球接触后肯定属于等势体，因此可以证明，考虑到电荷先中和，后分配，因此，则接触后库仑力，因此。考点：库仑定律点评：此类题型属于信息题，能顺利提取有用信息便能顺利解题。本题需要利用题目中给定的电势与电荷量之间的信息，从而找到接触后两球电荷量的分布，然后才能利用库仑定律判断出接触后的库仑力大小。27b【解析】试题分析：cb与da切割磁感线时产生的感应电动势为，线圈进入磁场过程：时间在0-1s内，由楞次定律判断知，线圈中感应电流方向沿逆时针方向，c的电势高于b的电势，则b、c两点间的电势差是外电压，其大小为；线圈完全在磁场中运动时：时间在1-2s内，线圈的磁通量不变，没有感应电流，由右手定则判断可知，c的电势高于b的电势，则b、c两点间的电势差等于感应电动势，则；线圈穿出磁场过程：时间在2-3s内，由楞次定律判断知，线圈中感应电流方向沿顺时针方向，c的电势高于b的电势，则b、c两点间的电势差是外电压的，其大小为；故b正确考点：考查了导体切割磁感线运动，闭合回路欧姆定律28a【解析】试题分析：本题研究电流随位移的变化规律，涉及到有效长度问题.线框进入第一个磁场时，切割磁感线的有效长度在均匀变化.在位移由0到过程中，切割有效长度由0增到；在位移由到l的过程中，切割有效长度由减到0在时, ，电流为正线框穿越两磁场边界时，线框在两磁场中切割磁感线产生的感应电动势相等且同向，切割的有效长度也在均匀变化在位移由l到过程中，切割有效长度由0增到。；在位移由到2l过程中，切割有效长度由,减到0.在时， 电流为负线框移出第二个磁场时的情况与进入第一个磁场相似，所以正确答案选择a；考点：考查电磁感应与图像的结合 29ad【解析】试题分析：由半径公式可得粒子在磁场中做圆周运动的半径为，如图所示，当圆心处于o1位置时，粒子正好从ac边切过，并与bc边过，因此入射点p1为离开b最远的点，满足，a正确，b错误；当圆心处于o2位置时，粒子从p2射入，打在bc边的q点，由于此时q点距离ab最远为圆的半径，故qb最大，即 ,d正确，c错误故选：ad考点：带电粒子在匀强磁场中的运动。30b【解析】ab棒向左滑动，说明通过回路的磁通量在减小，通过回路的磁感应强度在减弱，通过cd的电流大小在减小，与电流方向无关。31（1）c （2）右；抽出 （3）感应电流的磁场总是阻碍原来磁通量的变化 （每小题2分）【解析】32（1）