2018届高考生物总复习第五单元遗传的基本规律5_15基因的分离定律限时训练.docx

5-15 基因的分离定律(时间：40分钟分值：100分)一、选择题(共10小题，每小题7分，共70分)1下列基因的遗传不符合孟德尔遗传定律的是()A同源染色体上的等位基因B位于非同源染色体上的基因C一对性染色体上的等位基因 D同源染色体上的非等位基因【解析】 同源染色体上的非等位基因不能随同源染色体的分离而分离，不符合基因的分离定律。【答案】 D2番茄果实的颜色由一对等位基因A、a控制，下表是关于番茄果实颜色的三个杂交实验及其结果。下列分析正确的是()A.番茄的果实颜色中，黄色为显性性状B实验1的亲本基因型：红果为AA，黄果为aaC实验2的后代中红果番茄均为杂合子D实验3的后代中黄果番茄的基因型可能是Aa或AA【解析】 由实验2或实验3均可以判断出红果为显性性状，黄果为隐性性状，因此实验1的亲本基因型分别为Aa、aa；实验2的亲本基因型分别为AA、aa，子代基因型均为Aa；黄果为隐性性状，基因型只能为aa。【答案】 C3(2018安徽省巢湖一中、合肥八中、淮南二中等高中十校联盟高三摸底)现有一个由AA、Aa、aa三种基因型个体组成的动物种群，已知该种群中具有繁殖能力的个体间通过随机交配进行繁殖，而aa 个体不具有繁殖能力。该种群繁殖一代，若子一代中AAAaaa961，则亲代中AA、Aa和aa的数量比可能为()A441B432C423 D414【解析】 设该种群具有繁殖能力的个体中AA所占比例为x，则Aa所占比例为(1x)，具有繁殖能力的个体间通过随机交配进行繁殖，后代中aa个体所占比例为(1/4)(1x)21/(961)1/16，则x1/2，即设该种群具有繁殖能力的个体中AA和Aa所占比例均为1/2，选项A符合题意。【答案】 A4(2018山东省寿光现代中学高三摸底)假说演绎法是现代科学研究中常用的一种科学方法。下列属于孟德尔在发现基因分离定律时的“演绎”过程的是()A遗传因子在体细胞中成对存在B若F1产生配子时成对遗传因子分离，则测交后代会出现两种表现型之比接近11C通过测交试验，孟德尔统计测交子代的两种表现型之比接近11D由F2出现了“31”推测生物体产生配子时，成对遗传因子彼此分离【解析】 孟德尔的“假说演绎”法步骤是：发现并提出问题作出假说演绎推理实验验证得出结论，在发现基因分离定律时，“遗传因子在体细胞中成对存在”属于其假说的内容，A不符合题意；“若F1产生配子时成对遗传因子分离，则测交后代会出现两种表现型之比接近11”属于演绎推理的过程，B符合题意；“通过测交试验，孟德尔统计测交子代的两种表现型之比接近11”属于实验验证的内容，C不符合题意；“由F2出现了31推测生物体产生配子时，成对遗传因子彼此分离”属于其假说的内容，D不符合题意。【答案】 B5(2018河北省邯郸市高三上学期摸底考试)下列关于孟德尔豌豆杂交实验的叙述，错误的是()A自花传粉和闭花受粉是豌豆作为实验材料的突出优点B根据减数分裂的特点提出成对的遗传因子彼此分离的假说C雌雄配子随机结合是F2植株出现31性状分离比的前提D通过测交对假说进行演绎，并利用测交实验对假说进行验证【解析】 豌豆是自花传粉和闭花受粉的植物，所以自然状态下永远是纯种，A正确；根据减数分裂的特点提出成对的遗传因子彼此分离，是孟德尔基因的分离定律的现代解释，B错误；雌雄配子随机结合是F2植株出现31性状分离比的前提，C正确；通过测交对假说进行演绎，并利用测交实验对假说进行验证，D正确。【答案】 B6(2018河南省南阳市第一中学高三实验班学验班第一次考试)在一个繁衍多代的某生物群体中，只有Aa和aa两种基因型的个体(Aa和aa之间的比例为21)，假如Aa和aa两种个体健康状况、生殖生存能力相同，连续自交两代后，后代中杂合子所占比例是()A8/27 B1/6 C1/4 D2/9【解析】 群体中，Aa占2/3、aa占1/3，自交后第一代2/3(2/3Aa1/3aa)1/3aa4/9Aa5/9aa；自交后第二代4/9(2/3Aa1/3aa)5/9aa8/27Aa19/27aa。【答案】 A7下列选项中，不能说明基因型与环境条件共同决定表现型的是()A母鸡因创伤或患病而卵巢退化，精巢发育，性反转成公鸡B水毛茛水上叶片为片状，水下叶片为丝状C紫花豌豆的基因型可能为CC，也可能为CcD基因型为AA的藏报春在2025 环境中开红花，在30 环境中开白花【解析】 A项中母鸡的基因型没有发生改变，性反转是由环境变化引起的，说明表现型是基因型与环境共同作用的结果；B项是由于水毛茛不同叶片所处的环境不同所致，因此可以说明表现型是基因型与环境共同作用的结果；C项的个体表现为紫花是由基因型决定的，没有显示环境对花色的影响，因此紫花豌豆的基因型可能为CC，也可能为Cc，不能说明表现型是基因型与环境共同作用的结果；D项说明藏报春花色不仅受基因型控制，还受环境的影响，说明表现型是基因型与环境共同作用的结果。【答案】 C8(2018甘肃省靖远二中高三模拟)用下列哪组方法，可最简捷地依次解决的遗传问题()鉴定一株高茎豌豆是否为纯合体区别女娄菜披针型和狭披针型的显隐性关系不断提高小麦抗病纯合体的比例A自交、杂交、自交 B自交、测交、测交C杂交、测交、自交 D测交、杂交、自交【解析】 鉴定一株高茎豌豆是否为纯合体，可采用测交法或自交法，其中最简捷的方法是自交法；区别植物显隐性关系一般使用杂交的方法；不断提高小麦抗病品种的纯合度，常用自交法。所以选A。【答案】 A9(2018江西省九江第一中学高三模拟)某哺乳动物背部的皮毛颜色由基因A1、A2和A3控制，且A1、A2和A3任何两个基因组合在一起，各基因都能正常表达，如图表示基因对背部皮毛颜色的控制关系。下列说法错误的是() A体现了基因通过控制酶的合成来控制代谢从而控制性状B该动物种群中关于体色共有6种基因型、纯合子有3种C分析图可知，该动物体色为白色的个体一定为纯合子D若一白色雄性个体与多个黑色异性个体交配的后代有三种毛色，则其基因型为A2A3【解析】 该图体现了基因通过控制酶的合成来控制代谢从而控制性状，A正确；该动物种群中关于体色的复等位基因个数为3个，则共有6种基因型、纯合子有3种，B正确；分析图可知，该动物体色为白色的个体不一定为纯合子，C错误；若一白色雄性个体与多个黑色异性个体交配的后代有三种毛色，则其基因型为A2A3，D正确。【答案】 C10阳阳做了性状分离比的模拟实验：在2个小桶内各装入20个等大的方形积木(红色、蓝色各10个，分别代表“配子”D、d)。分别从两桶内随机抓取1个积木并记录，直至抓完桶内积木。结果DDDddd1262，他感到失望。下列给他的建议和理由中不合理的是()A把方形积木改换为质地、大小相同的小球，以便充分混合，避免人为误差B每次抓取后，应将抓取的配子放回原桶，保证每种配子被抓取的概率相等C重复抓50100次，保证实验统计样本数目足够大D将某桶内的2种配子各减少到一半，因为卵细胞的数量比精子少的多【解析】 方形积木不利于充分混合，缓冲质地、大小相同的小球更有利于充分混合，会避免人为误差，故A正确。每次抓取后，应该将抓取的配子放回原桶内，可以保证每种配子被抓取的概率相等，故B正确。重复抓取多次，可以保证实验统计样本数目足够大，故C正确。将某桶内的2种配子各减少到一半，如果多次抓取还是符合的，不是因为卵细胞的数量比精子少的多，故D错误。【答案】 D二、非选择题(共3小题，共30分)11(10分)(2017山西省山西大学附属中学高三5月模块诊断)现有3只毛色性别不同的二倍体豚鼠：乳白色()、银色()、白色( )。已知乳白色、银色、白色分别由Dr、Ds、Db基因控制，有关基因的遗传遵循孟德尔遗传定律，基因间具有相同的显性表现形式。研究者利用这3只豚鼠做了相关的遗传实验，结果如下表：请回答：(1)研究发现乳白色、银色、白色基因均由黑色基因Da突变形成，体现了基因突变具有_特点。 (2)F2中出现白色豚鼠的原因是_。(3)亲代、子一代、子二代的乳白色豚鼠的基因型分别是：_。(4)为了进一步探究乳白色与银色的显性关系，可利用子一代乳白色与银色雌雄豚鼠进行单对杂交(多组)，结果预测：若杂交后代中的表现型及比例为_，银色为显性；若杂交后代中的表现型及比例为_，银色为隐性。【解析】 由表格信息可知，乳白色白色乳白色，说明乳白色对白色是显性，子一代相互交配，子二代在雌雄个体之间的比例都是乳白色白色31，说明基因位于常染色体上，亲本乳白色的基因型是DrDr、白色的基因型是DaDa；银色()白色( )全为银色(、 )，说明银色对白色是显性，子一代交配子二代的表现型及比例是银色白色31，银白亲本基因型是DsDs、白色的基因型是DaDa。(1)基因突变具有不定向性，因此可以产生复等位基因。(2)由分析可知，亲本乳白色的基因型是DrDr、白色亲本基因型是DaDa，因此子一代乳白色的基因型是DrDa，子一代是杂合子，含有白色豚鼠基因，在进行减数分裂形成配子时，等位基因发生分离，产生了含有白色基因的配子，由于雌雄配子随机结合，形成具有两个隐性基因的受精卵，受精卵发育形成白色豚鼠。因此F2中出现白色豚鼠的原因是F1个体产生含Db基因的雌雄配子结合导致两个白色基因纯合。(3)由分析可知，亲本乳白色的基因型是DrDr、白色亲本基因型是DaDa，因此子一代乳白色的基因型是DrDa，子二代的乳白色的基因型是DrDr、DrDa。(4)由于子一代乳白色鼠的基因型是DrDa，银色的基因型是DsDa，二者杂交后代的基因型及比例是DrDsDrDa(乳白色)DsDa(银色)DaDa(白色)1111。如果银色为显性，则DrDs是银色，杂交后代银色乳白色白色211。如果银色为隐性，则DrDs是乳白色，杂交后代银色乳白色白色121。【答案】 (1)不定向性(2)F1个体产生含Db基因的雌雄配子结合导致两个白色基因纯合(3)DrDr、DrDb、DrDr和DrDb(4)银色乳白色白色211银色乳白色白色12112(8分)(2018江西省南昌市高三摸底调研)椎实螺是雌雄同体的生物，单个饲养时，它们进行自体受精。群体饲养时，若只考虑异体受精，两个个体相互交换精子，同时又各自产生卵子。椎实螺的外壳的旋转方向可以是右旋(D基因控制)，也可以是左旋(d基因控制)。研究表明，子一代外壳的旋转方向受母体细胞核基因控制，而不由它自身的基因型决定。现有多个右旋(DD)雌体和左旋(dd)雄性个体。回答下列问题：(1)右旋(DD)雌性个体的母本的表现型为_。多对右旋(DD)雌性个体和左旋(dd)雄性个体杂交，则理论上，子二代个体的表现型为_。(2)将第(1)题中杂交实验所得子二代，单个饲养，子代个体的表现型及其比例为_；群体饲养时，子代个体D基因的频率为_。(3)科学家提取右螺旋壳椎实螺细胞质中的RNA，将它注射到左螺旋壳椎实螺的受精卵中，此后受精卵发育成右螺旋壳的椎实螺。该方法获得的右螺旋壳_(填“可以”或“不可以”)遗传，原因是_。【解析】 (1)由于子一代外壳的旋转方向受母体细胞核基因控制，而不由它自身的基因型决定，所以右旋(DD)雌性个体的母本可能左旋，也可能右旋。右旋(DD)雌性个体和左旋(dd)雄性个体杂交，子一代基因型为Dd，子二代个体表现型受子一代母本细胞核基因控制，即Dd，表现为右旋。(2)子二代基因型为DD、Dd和dd，比例为121，由于子一代外壳的旋转方向受母体细胞核基因控制，所以单个饲养时，子代个体的表现型及其比例为右旋左旋31；子二代基因型为DD、Dd和dd，比例为121，D基因频率为1/2，群体饲养时，椎实螺异体受精，随机受精，子代基因频率不变，则D基因频率为1/2。(3)由于向左螺旋壳椎实螺的受精卵中注入的是RNA不是DNA，只改变性状，未改变遗传物质，所以通过该方向获得的右螺旋壳不可以遗传。【答案】 (1)右旋或左旋右旋(2)右旋左旋311/2(3)不可以注入的是RNA不是DNA，遗传物质未改变，不可以遗传13(12分)某中学生物兴趣小组利用玫瑰花做杂交实验，第二年得到子代，结果如下表所示：父本母本子代甲红玫瑰红玫瑰298红玫瑰101白玫瑰乙白玫瑰白玫瑰红玫瑰、白玫瑰(未统计数量比)丙红玫瑰白玫瑰红玫瑰、白玫瑰(未统计数量比)丁红玫瑰红玫瑰全红玫瑰(1)假设玫瑰色仅受一对等位基因的控制，则依据_组对显隐性的判断可知此假设不成立。(2)以下是对该实验现象提出的另外两种可能的假说：假说一：花色性状由三个复等位基因(N、N、n)控制，其中N决定白色，N、n都决定红色，N相对于N、n是显性，N相对于n是显性。若该假说正确，则甲组两个亲代红玫瑰花的基因型组合方式有_种情况，试写出其中的一种组合方式：_。假说二：花色性状由三个复等位基因(N、n1、n2)控制，只有n1、n2同时存在时，才会表现为白色，其他情况均为红色，N相对于n1、n2为显性。依据假说二_(填“能”或“不能”)对其他各组的杂交实验结果加以解释。根据假说二，试写出乙组两个白玫瑰花亲本的基因型组合：_，及杂交子代中的红玫瑰花与白玫瑰花的分离比：_。【解析】 根据题意和图表分析可知：若玫瑰花色遗传仅受一对等位基因控制，甲组的实验中，父本和母本都是红花，后代出现了白花，说明红花对白花为显性；乙组的实验中，父本和母本都是白花，后代出现了红花，说明白花对红花为显性；两组实验的结论相互矛盾，所以无法判断显隐性关系。(1)若花色遗传仅受一对等位基因控制，由于甲和乙两组实验的后代都