高考生物一轮复习构想第二单元遗传的分子基础课时跟踪检测十八基因自由组合定律题型归类例析新人教版必修2

一岗双责落实还不到位。受事务性工作影响，对分管单位一岗双责常常落实在安排部署上、口头要求上，实际督导、检查的少，指导、推进、检查还不到位。课时跟踪检测(十八)基因自由组合定律题型归类例析提能强化练考点强化重能力1小麦的粒色受两对同源染色体上的两对基因R1和r1、R2和r2控制。R1和R2决定红色，r1和r2决定白色，R对r为不完全显性，并有累加效应，也就是说，麦粒的颜色随R的增加而逐渐加深。将红粒(R1R1R2R2)与白粒(r1r1r2r2)杂交得F1，F1自交得F2，则F2的基因型种类数和不同表现型比例为()A3种、31B3种、121C9种、9331 D9种、14641解析：将红粒(R1R1R2R2)与白粒(r1r1r2r2)杂交得F1，F1的基因型为R1r1R2r2，所以F1自交后代F2的基因型有9种；后代中r1r1r2r2占1/16，R1r1r2r2和r1r1R2r2共占4/16，R1R1r2r2、r1r1R2R2和R1r1R2r2共占6/16，R1R1R2r2和R1r1R2R2共占4/16，R1R1R2R2占1/16，所以不同表现型的比例为14641。答案：D2用两个圆形南瓜做杂交实验，子一代均为扁盘状南瓜。子一代自交，子二代出现扁盘状、圆形和长形三种南瓜，三者的比例为961，现用一扁盘状南瓜做测交实验，则其子代中扁盘状、圆形和长形三种南瓜的比例不可能为()A100 B110C101 D121解析：根据题意可知，南瓜形状受两对等位基因(假设等位基因为A和a、B和b)控制，其遗传符合基因的自由组合定律，则扁盘状、圆形和长形的基因型分别为A_B_、(A_bb和aaB_)、aabb。扁盘状南瓜的基因型有四种可能：AABB、AABb、AaBB、AaBb，故其测交后代中扁盘状、圆形和长形三种南瓜的比例可能为100、110、121。 答案：C3在小鼠的一个自然种群中，体色有黄色(Y)和灰色(y)，尾巴有短尾(D)和长尾(d)，两对相对性状的遗传符合基因的自由组合定律。任取一对黄色短尾个体经多次交配，F1的表现型为：黄色短尾黄色长尾灰色短尾灰色长尾4221。实验中发现有些基因型有致死现象(胚胎致死)。以下说法错误的是()A黄色短尾个体的基因型为YyDdB灰色短尾个体的基因型为yyDdCF1中致死个体的基因型共有4种D两对基因中，显性纯合均能致死解析：据题意分析，一对黄色短尾个体基因型均为YyDd，交配才能出现灰色长尾(yydd)，故A正确。按照基因自由组合定律，F1的表现型应该为：黄色短尾黄色长尾灰色短尾灰色长尾9331，而实际是4221，说明有些基因型有致死现象，灰色短尾个体的基因型为2yyDd1yyDD(致死)，故B正确。黄色短尾基因型为YYDD(1/16)、YyDD(2/16)、YyDd(4/16)、YYDd(2/16)，说明YYDD(1/16)、YyDD(2/16)、YYDd(2/16)这3种均致死，黄色长尾为2Yydd1YYdd(致死)，加上1yyDD(致死)，故F1中致死个体的基因型共有5种，故C错，D正确。答案：C4(2017黑龙江模拟)雄蜂是单倍体，现有一雄蜂和一雌蜂交配产生的Fl中，雄蜂的基因型有AB、Ab、aB和ab四种，雌蜂的基因型有：AaBb、Aabb、aaBb和aabb四种，则亲本的基因型是()AaaBbAb BAaBbabCAaBbAb DAAbbaB解析：雄蜂是由卵细胞发育成的，基因型有AB、Ab、aB、ab四种，可以推断出雌蜂为AaBb，又由于后代中雌蜂有AaBb、 Aabb、aaBb、aabb四种，说明雄蜂应为ab。答案：B5(2017贵州遵义高三模拟卷)二倍体结球甘蓝的叶色由独立遗传的两对等位基因(B、b和D、d)控制，下表是纯合甘蓝杂交实验的统计数据：亲本组合F1株数F2株数绿色叶紫色叶绿色叶紫色叶紫色叶绿色叶121041530紫色叶绿色叶89024281据表判断，下列叙述错误的是()A组合的亲本中，紫色叶植株的基因型是BBdd(或bbDD)B组合的F2植株中，紫色叶基因型有4种C组合的F2紫色叶植株中，纯合子所占的比例为1/5D组合的F1与绿色叶甘蓝杂交后代的表现型有2种解析：亲本组合中，F1植株自交产生的F2植株中紫色叶绿色叶(bbdd)2428131，则F1植株为bbDd或Bbdd，而绿色叶的基因型为bbdd，所以亲本组合中的紫色叶基因为bbDD或BBdd，A正确；根据亲本组合中，F1植株自交产生的F2植株中紫色叶绿色叶45130151，说明只有bbdd是绿色，所以紫色的基因型有3318种，B错误；组合中的F1紫色叶植株为BbDd，自交产生的F1为紫色叶(9B_D_、3bbD_、3B_dd)绿色叶(1bbdd)151，紫色叶植株中纯合子为BBDD、bbDD、BBdd，所占的比例为3/151/5，C正确；若组合的F1与绿色叶甘蓝杂交，即bbDd或Bbdd与bbdd杂交，后代有两种表现型，D正确。答案：B6玉米是雌雄同株的植物，顶生的垂花是雄花序，侧生的穗是雌花序。已知玉米中有两对独立遗传的基因(T对t，B对b)可以改变玉米的性别，即把雌雄同株转变为雌株或雄株。当基因b纯合且t不纯合时，使植株没有雌花序成为雄株；当基因t纯合时，使垂花成为雌花序，不产生花粉。现将基因型为BBTt植株与bbtt植株相间种植，子代基因型不可能为()ABBTT BBbTtCBBtt Dbbtt解析：BBTt是雌雄同株，可以自交，bbtt是雌性，可以接受BBTt花粉，所以子代的基因型为BBTT、BBTt、BBtt、BbTt、Bbtt，一定没有bbtt，所以A、B、C选项正确。答案：D7(2017潍坊期末)鸡的雄羽与母羽是一对相对性状，受常染色体上的一对等位基因控制。母鸡只能表现为母羽，公鸡既可以是雄羽也可以是母羽。现用两只母羽鸡杂交，F1代公鸡中母羽雄羽31。让F1代母羽鸡随机交配，后代出现雄羽鸡的比例为()A1/8 B1/12C1/16 D1/24解析：用两只母羽鸡杂交，F1代公鸡中母羽雄羽31，表明雄羽的基因型为bb，两只母羽鸡的基因型为Bb，F1代母羽鸡基因型及其比例为BBBbbb121，BBBb12。故雌配子b的频率为，雄配子b的频率为，由配子法可得随机交配后bb为。因母鸡只表现母羽，故雄羽鸡比例为。答案：B8某种二倍体动物的体色有黑色、白色两种，由三对独立遗传的基因控制。如图表示该动物体色形成的机理，体内未形成黑色素的均表现为白色。下列说法中不正确的是()A基因型为AABbCC的个体应该不是黑色个体B基因型为AaBbCc与aabbcc的个体杂交，后代中出现黑色个体的概率是1/8C图中显示基因通过控制酶的合成进而控制生物的性状D白色个体的基因型有多种类型，如aaBbCC、AabbCc解析：由图可知，黑色素形成需要酶1、酶2、酶3同时存在，故黑色个体基因型为A_bbC_，A正确；基因型为AaBbCc与aabbcc的个体杂交，后代中出现黑色个体(A_bbC_)的概率是1/21/21/21/8，B正确；图中显示基因通过控制酶的合成进而控制生物的性状，C正确；AabbCc为黑色个体，故D错误。答案：D9(2017江西南昌模拟)为提高小麦的抗旱性，有人将大麦的抗旱基因(HVA)导入小麦细胞，筛选出HVA基因成功整合到染色体上的小麦细胞，并用植物组织培养的方法培育成高抗旱性T0植株(假定HVA基因都能正常表达)。某些T0植株体细胞含两个HVA基因，这两个基因在染色体上的整合情况有如图所示的三种类型(黑点表示HVA基因的整合位点，不考虑交叉互换)。将T0植株与非转基因小麦杂交，相关叙述不正确的是()A该育种过程依据的生物学原理是基因重组，能定向改变生物的遗传性状B若两个HVA基因的整合位点属于图乙类型，则子代中含HVA基因的个体所占比例为50%C若两个HVA基因的整合位点属于图丙类型，则子代中含HVA基因的个体所占的比例为75%D若两个HVA基因的整合位点如图甲，该T0植株自交后代中含HVA基因的个体占50%解析：该抗旱植株通过转基因技术获得，其依据的原理是基因重组，基因工程育种最大的优点是能定向改变生物的遗传性状，A正确；分析题干信息和图中信息，用D来表示HVA基因，用O来表示染色体上没有HVA基因的情况，则图甲所示细胞的基因型为DD，图乙所示细胞的基因型为DO，图丙所示细胞的基因型为DODO。则HVA基因整合位点如图乙的植株与非转基因小麦杂交后代中含HVA基因的个体所占比例为50%；HVA基因整合位点如图丙所示植株与非转基因小麦杂交后代中含HVA基因的个体所占的比例是75%，B正确，C正确；HVA基因整合位点如图甲所示植株自交后代中含HVA基因的个体占100%，D错误。答案：D10(2017江西南昌高三联考卷)某能进行自花传粉和异花传粉的植物的花色由3对独立遗传的基因(A和a、B和b、C和c)共同决定，花中相关色素的合成途径如图所示，理论上纯合的紫花植株的基因型有()A3种 B5种C10种 D20种解析：基因a能控制酶1的合成，酶1能催化白色前体物转变为红色素；基因B能控制酶2合成，酶2能催化红色素转变成紫色素；基因C能控制酶3的合成，酶3能催化白色前体物转变为紫色素。因此理论上纯合的紫花植株的基因型有5种：aaBBcc、aabbCC、aaBBCC、AAbbCC、AABBCC，B项正确，A、C、D三项均错误。答案：B大题冲关练综合创新求突破11(2017宁夏银川唐徕回民中学高三模拟)有三个通过不同途径得到的纯种白花矮牵牛花品系，将它们相互杂交，得到如下结果。请回答(不考虑突变和交叉互换现象)：杂交实验亲本后代表现型1品系1品系2全部白花2品系1品系3全部红花3品系2品系3全部白花4F1红花品系1红花：白花为1：35F1红花品系2红花：白花为1：76F1红花品系3红花：白花为1：1(1)结合杂交实验1、2、3，这种矮牵牛花的花色性状不可能由一对等位基因控制，理由是_。(2)由上述实验结果可推知，该牵牛花的花色性状的遗传遵循_， 且至少由_对等位基因控制，则F1红花的基因型为_。(答题时请依次使用基因A，a，B，b，C，C等)(3)根据以上分析，结合杂交实验的结果，可推知杂交实验3的亲本基因型的组合类型可能是_。解析：(1)依题意可知：三个白花品系均为纯合子，若为一对等位基因控制，则它们的基因型均相同，则杂交实验1、2、3的后代不会出现红花，所以，这种矮牵牛花的花色性状不可能由一对等位基因控制。(2)再结合杂交实验4、5、6的后代表现型及其比例可推知，该牵牛花的花色性状的遗传遵循基因的自由组合定律。若由两对基因控制，则品系1和品系3的子代红花基因型应为双杂合子(如AaBb)，品系1和品系3应为单显性纯合子(如AAbb、aaBB)。若假设成立，杂交4、6的子代的分离比应该相同，与事实不符，说明该牵牛花的花色至少由3对基因控制，进而推知F1红花的基因型为AaBbCc。(3)综合分析表中信息可知：只有显性基因A、B、C同时存在时才表现为红花，其余情况均为白花。结合对(2)的分析可知：F1红花的基因型为AaBbCc。F1红花与品系2杂交，其后代红花白花为17，据此推知品系2的基因型为aabbcc；F1红花与品系3杂交，其后代红花白花为11，说明品系3的基因型中有两对基因显性纯合，可能为AABBcc或AAbbCC或aaBBCC；所以杂交实验3的亲本基因型的组合类型可能为：aabbccAABBcc或aabbccAAbbCC或aabbccaaBBCC。答案：(1)三个白花品系均为纯合子，若为一对等位基因控制，则它们的基因型均相同，则杂交后代不会出现红花(或若为一对等位基因控制，与杂交实验的结果不符。其它答案合理可酌情给分)(2)基因的自由组合定律3AaBbCc(3)aabbccAABBcc 或aabbccAAbbCC 或aabbccaaBBCC12(2017湖北沙市模拟联考卷)蓝铃花(2n72)是一种观赏植物，进行自花传粉，其花色(紫色、蓝色、白色)由三对等位基因(A、a，B、b，E、e)控制，下图为基因控制物质合成的途径。请分析回答下列问题：(1)研究已知，基因A的表达产物对基因B的表达具有抑制作用，所以有A基因存在时，花色为_。(2)现让一株纯合的白花与纯合的蓝花植株进行杂交，F1全为紫花，F2中蓝花、白花、紫花植株的比例为349。可知图中有色物质呈_色，亲本的基因型分别是_。(3)现有一基因型为AaBbee的植株(如图甲)，进行自交，理论上其后代的表现型及其比例为_，但实际情况与理论值差异较大。经显微观察发现植株发生了变异，由图甲变成了图乙或图丙，这种变异属于染色体结构变异中的_。让这株变异植株与基因型为aabbee的白花植株进行测交，若后代的表现型及其比例为_，则这株植株的基因组成应为图乙；若后代的表现型及其比例为_，则这株植株的基因组成应为图丙。(注：均不考虑交叉互换，各种配子和个体均能成活)解析：(1)根据图示分析已知B控制有色物质，E控制有色物质，A基因对基因B的表达有抑制作用，当A基因存在时，则不能合成有色物质，花色为白色。(2)选取纯合的白色与紫花植株进行杂交，F1全为紫花，F2中蓝花、白花、紫花植株的比例为349，说明F1紫花为双杂合子aaBbEe，则有色物质是蓝花，有色物质是紫花，同时也说明