2025年广西崇左市宁明县中考物理模拟练习卷（一）（卷尾带答案）

2025年广西崇左市宁明县中考物理模拟练习（一）一、单项选择题（本大题共10小题。第小题3分。共30分。在给出的四个备选项中。只有一个选项符合题目要求。）1．（3分）下列有关磁现象说法正确的是（）A．地磁南极在地理北极附近 B．铁、铝、铜块都可以经过磁化获得磁性 C．磁场和磁感线都是客观存在的特殊物质 D．磁体外部的磁感线都是由磁体的S极出发回到N极2．（3分）下列对信息、能源的分析中，不正确的是（）A．煤、石油、天然气这些属于不可再生能源 B．现在遍布全球的通讯技术所依赖的主要媒介是电磁波 C．目前核电站是利用核聚变释放的核能来发电的 D．太阳能电池板可以将太阳能转化为电能3．（3分）关于如图所示的四个情景。下列说法正确的是（）A．甲图注射器中的水很难被压缩，说明分子间存在引力 B．乙图中骤暖花香，引来长喙天蛾——温度越高，分子运动越剧烈 C．丙图双手互搓取暖，是通过热传递方式改变手的内能 D．丁图中活塞向下运动，机械能转化为内能4．（3分）用毛皮摩擦橡胶棒使其带电，再用橡胶棒接触不带电的验电器，下列分析正确的是（）A． B． C． D．5．（3分）关于现代通信，下列说法正确的是（）A．电磁波可以在真空中传播，传播速度约为340m/s B．移动电话是靠电磁波传递信息的 C．光纤通信传输的信息量很大，主要用于无线电广播 D．我国“北斗”卫星导航系统是利用超声波进行定位的6．（3分）如图所示为“探究电阻大小与哪些因素有关”的实验电路图，电阻丝的长度、材料、板截面积情况如图所示（Sa＝Sb＝Sc＜Sd），则下列说法正确的是（）A．研究电阻与材料的关系可以选a和b B．研究电阻与长度的关系可以选a和e C．研究电阻与横截面积的关系可以选c和d D．实验中为了电路安全最好在电路中再串联一个电压表7．（3分）如图所示，工人用A、B两个相同的滑轮组成的滑轮组提升重540N的物体，所用的拉力F为200N，物体以0.2m/s的速度匀速上升了10s。不计绳重及摩擦，则下列说法正确的是（）A．拉力F所做功的功率为1200W B．C处天花板受到的拉力为660N C．若匀速提升重240N的物体，滑轮组机械效率为80% D．动滑轮重为120N8．（3分）如图所示是小明模拟设计的电梯超重报警电路示意图。图中压敏电阻R1的阻值随压力的增大而减小；当其受到压力高于某一设定值时，电铃发声报警。下列说法正确的是（）A．电铃应接在A和C之间 B．闭合开关，电磁铁内部存在无数条磁感线 C．减少电磁铁的线圈匝数，可以提高报警器的灵敏度 D．为使该报警电路在压力更小时报警，可将滑动变阻器R2的滑片向上移9．（3分）如图，电源电压保持不变。开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由中点向右滑动的过程中（）A．电压表V的示数不变，灯泡的亮度不变 B．电流表A1的示数不变，电流表A2的示数变小 C．电流表A2的示数变小，灯泡的亮度变暗 D．电压表V的示数变大，电流表A1的示数变小10．（3分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关时，电流表A有示数。一段时间后电流表A的示数变大，则以下情况可能的是（）A．可能是R1发生了断路 B．可能是滑片P向左移 C．可能R2的Pc部分发生了短路 D．可能是bd间发生了断路二、多项选择题（本大题共2小题。第小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全得2分。有选错得0分。）（多选）11．（4分）如图所示，下列有关安全用电的知识，说法正确的是（）A．漏电保护器可以对人身触电、导线漏电、插座接错线、用电器短路等故障起保护作用 B．人站在大地上，一只手触摸到了火线，也会触电。当有人触电时应先用手直接拉开触电者，避免触电时间过长危及生命 C．人站在绝缘的物体上，双手同时触摸火线和零线，人会触电 D．三脚插头的三个脚中接地线的脚比其它两个脚要长一些，其目的是插插头时使家用电器的金属外壳先接地线，拔插头时能使金属外壳后离开地线，避免触电（多选）12．（4分）如图中是与电磁现象有关的4个实验，下列说法正确的是（）A．甲实验可以演示磁极间存在相互作用，同名磁极间相互作用规律为相互排斥 B．乙实验可以演示电流周围存在磁场，电流产生的磁场的方向与电流方向无关 C．丙实验研究的是通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的 D．丁实验研究的是电磁感应现象，线圈切割磁感线的过程中电能转化为机械能三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。）13．（2分）如图为电动机和发电机模型，其中图（填“甲”或“乙”）为电动机模型，其工作原理是：通电导体在磁场中受的作用。14．（2分）小明想要探究“电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”，他设计的实验电路图如图所示。连接如图所示电路，提供足够数量的大头针，通过比较吸引大头针的数量可以探对电磁铁磁场强弱的影响；通过可以探究电流大小对电磁铁磁场强弱的影响。15．（2分）小明爸爸去4S店保养车。师傅告诉小明爸爸：“该换火花塞了。”通过此对话你可以判断他家的车用的发动机是内燃机中的（选填“汽油机”或“柴油机”）。如图所示的发动机工作原理图，这是四冲程内燃机工作循环中的冲程。16．（2分）如图所示是无人机用绳子吊起物体匀速上升时的情景，此时绳子对物体的拉力（选填“＞”、“＜”或“＝”）物体的重力。某次无人机将重为200N的物体从水平地面匀速提升至30m高的楼顶，此过程中无人机对物体做功J。17．（2分）如图所示是探究“电流产生的热量跟哪些因素有关”的实验。实验中是通过来比较导体产生热量的多少；相同时间内，电流通过R1产生的热量与通过R2产生的热量之比为。18．（2分）如图所示的电路中，若闭合开关S1和S3，断开S2，则小灯泡L1、L2的连接方式为；若开关S1、S2、S3均闭合，则电路为此时电源将会烧毁。四、作图题（本大题共3小题，共6分。）19．（2分）请根据如图所示的实物图，在虚线框内画出对应的电路图。20．（2分）如图所示，根据电流方向，请在虚线框内标出通电螺线管和小磁针静止时的磁极。21．（2分）请按照安全用电原则将如图所示的三孔插座和带开关的节能灯正确连入电路。五、实验探究题（本大题共4小题，共25分。）22．（5分）如图所示是探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验示意图。（1）实验时让不同质量的小球从同一高度由静止释放，目的是为了探究动能的大小与的关系；钢球到达水平面时会具有相同的（选填“速度”或“动能”）；（2）小球滚下斜面的过程中，它的能转化为动能，其动能大小是通过木块移动的距离来反映的；如果木块的重为1N，被移动了0.2m，则这个过程中，重力所做的功为J；（3）若要探究动能与速度的关系，则需将相同质量的小球从斜面的（选填相同或不同）高度由静止滚下。23．（6分）如图甲所示为“测量小灯泡电阻”的实验装置，已知小灯泡标有2.5V字样。（1）按甲图连接的电路，开关闭合前，需要将滑片移动到（选填“C”或“D”）端；（2）在检查电路无误后进行实验，当移动滑片时电压表的示数如图乙时，为了测量小灯泡在2.5V电压下的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向（选填“A”或“B”）端移动，直至电压表的示数为2.5V；（3）通过移动滑动变阻器的滑片P，进行多次测量记录数据，并绘制U﹣I图像如图丙所示，由此可得小灯泡在电压为2.5V时的电阻是Ω；（4）根据图丙可知小灯泡的电阻是（选填“变化”或“不变”），你认为原因是；（5）通过本实验可知，不能通过求灯泡的平均值来作为灯泡的电阻值，其原因是：。24．（7分）（1）读出如图测量工具的示数：电压表的示数是；电流表的示数是；电能表的示数是；（2）如图，在探究“产生感应电流的条件”实验中：①实验中观察来判断电路中是否有感应电流；②闭合开关，若导体AB不动，左右移动磁体，电路中（选填“有”或“无”）感应电流；③该实验的结论是：闭合回路的一部分导体，在磁场中做运动时，导体中就会产生感应电流；④如果将小量程电流表换成，可以探究磁场对通电导体的作用。25．（7分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡额定电压为2.5V（电阻约为10Ω），电源电压由三节新干电池串联组成。（1）本实验的原理是，连接电路时开关应处于状态；（2）请你用笔画线代替导线将图甲中电路连接完整（要求：连线不得交叉）；（3）若有规格分别为A：“5Ω1A”、B：“50Ω0.2A”、C：“20Ω0.5A”的三个滑动变阻器供选择，为了使实验能顺利进行，他应选（选填A、B、C序号）滑动变阻器连入电路；（4）连接好电路后，闭合开关，移动滑片P到某一位置，电压表的示数是1.8V，若要测量小灯泡的额定功率，应将实物电路中滑动变阻器滑片P向（选填“A”或“B”）端移动，才能使电压表的示数为2.5V；（5）当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示为A，则小灯泡的额定功率是W。六、综合应用题（本大题共2小题，共19分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。）26．（9分）如图所示，小明的新家使用即热式天然气热水器供家里洗刷用水，他想估测家中热水器的加热效率。打开热水器，用温度计测得热水器进水管的水温为16℃，出水管的水温为56℃，放出50kg的热水后，从燃气表中看到天然气表示数由2380.19m3变为2380.69m3。[q天然气＝4.2×107J/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]（1）0.5m3的天然气完全燃烧放出的热量；（2）50kg的水吸收的热量；（3）热水器的加热效率。27．（10分）如图所示，电源电压恒为18V，电压表量程为0∼15V，电流表量程为0∼0.6A，定值电阻R0的阻值为20Ω，滑动变阻器R的规格为“50Ω1A”。闭合开关S，电压表的示数为10V。（1）求此时通过R0的电流；（2）求此时R消耗的电功率；（3）在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数的最小值和最大值之比为1：2，且有一个电表的指针可以达到满偏，求R接入电路的阻值范围。

2025年广西崇左市宁明县中考物理模拟试卷（一）参考答案与试题解析一．选择题（共10小题）题号12345678910答案ACBABACDAC二．多选题（共2小题）题号1112答案CDAC一、单项选择题（本大题共10小题。第小题3分。共30分。在给出的四个备选项中。只有一个选项符合题目要求。）1．（3分）下列有关磁现象说法正确的是（）A．地磁南极在地理北极附近 B．铁、铝、铜块都可以经过磁化获得磁性 C．磁场和磁感线都是客观存在的特殊物质 D．磁体外部的磁感线都是由磁体的S极出发回到N极【分析】磁场的N极在地理的南极附近，磁场的S极在地理的北极附近。一些物质在磁体或电流的作用下获得磁性，叫做磁化。磁感线是不存在的，是为了研究方便假象的一些有方向的曲线。在磁体外部，磁感线从N极出发，回到S极。【解答】解：A.地磁南极在地理北极附近，故A正确；B.铁块可以经过磁化获得磁性，而铝、铜不能，故B错误；C.磁场是客观存在的特殊物质，磁感线不是客观存在的特殊物质，故C错误；D.磁体外部的磁感线都是由磁体的N极出发回到S极，故D错误；故选：A。【点评】本题考查了地磁场、磁化、磁感线、以及磁体外部磁感线的分布，属于基础性题目。2．（3分）下列对信息、能源的分析中，不正确的是（）A．煤、石油、天然气这些属于不可再生能源 B．现在遍布全球的通讯技术所依赖的主要媒介是电磁波 C．目前核电站是利用核聚变释放的核能来发电的 D．太阳能电池板可以将太阳能转化为电能【分析】煤、石油、天然气的形成过程极为漫长，属于不可再生能源。电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。核电站是利用可控的核裂变释放的能量发电，不是核聚变。太阳能电池板工作时，将太阳能转化为电能。【解答】解：A．煤、石油、天然气属于不可再生能源，故A正确，不符合题意；B．现在遍布全球的通讯技术所依赖的媒介是电磁波，故B正确，不符合题意；C．核电站是利用可控的核裂变释放的能量发电，不是核聚变，故C错误，符合题意；D．太阳能电池板工作时，因此可以将太阳能转化为电能，故D正确，不符合题意。故选：C。【点评】本题考查不可再生能源与电磁波的传播，太阳能电池板工作时能量转化，核电站，属于基础题。3．（3分）关于如图所示的四个情景。下列说法正确的是（）A．甲图注射器中的水很难被压缩，说明分子间存在引力 B．乙图中骤暖花香，引来长喙天蛾——温度越高，分子运动越剧烈 C．丙图双手互搓取暖，是通过热传递方式改变手的内能 D．丁图中活塞向下运动，机械能转化为内能【分析】（1）分子间存在相互作用的引力和斥力；（2）分子不停地做无规则运动，温度越高，运动越剧烈；（3）改变内能的方式包括做功和热传递；（4）内燃机的做功冲程将机械能转化为内能。【解答】解：A、注射器中的水很难被压缩，说明液体分子之间存在着斥力，故A错误；B、乙图中骤暖花香，引来长喙天蛾，分子不停地做无规则运动，温度越高，运动越激烈，故B正确；C、丙图双手互搓取暖，克服摩擦做功，机械能转化为内能，是通过做功的方式改变手的内能，故C错误；D、丁图中两气门关闭，活塞向下运动时，是内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能，故D错误。故选：B。【点评】本题考查分子间作用力、内能的改变、内燃机的冲程和分子热运动，属于基础题。4．（3分）用毛皮摩擦橡胶棒使其带电，再用橡胶棒接触不带电的验电器，下列分析正确的是（）A． B． C． D．【分析】正电荷：丝绸与玻璃棒摩擦时玻璃棒所带的电荷规定为正电荷；负电荷：毛皮与橡胶棒摩擦时橡胶棒所带的电荷规定为负电荷；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。【解答】解：用毛皮摩擦橡胶棒使其带负电，再用橡胶棒接触不带电的验电器，根据验电器的工作原理可知，验电器两金属片带负电并张开，故A符合题意，BCD不符合题意。故选：A。【点评】本题考查摩擦起电、电荷间的相互作用，是一道基础题。5．（3分）关于现代通信，下列说法正确的是（）A．电磁波可以在真空中传播，传播速度约为340m/s B．移动电话是靠电磁波传递信息的 C．光纤通信传输的信息量很大，主要用于无线电广播 D．我国“北斗”卫星导航系统是利用超声波进行定位的【分析】电磁波的波长、波速和频率的关系：波速＝波长×频率。广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。光纤通信抗干扰能力强，信号衰减小，传递的信息量大，保密性好，通信质量高。【解答】解：A.电磁波可以在真空中传播，传播速度约为3×108m/s，故A错误；B.移动电话是靠电磁波传递信息的，故B正确；C.光纤通信传输的信息量很大，主要用于有线通信，故C错误；D.我国“北斗”卫星导航系统是利用电磁波进行定位的，故D错误；故选：B。【点评】本题考查了光纤通信和电磁波的运用，属于基础题。6．（3分）如图所示为“探究电阻大小与哪些因素有关”的实验电路图，电阻丝的长度、材料、板截面积情况如图所示（Sa＝Sb＝Sc＜Sd），则下列说法正确的是（）A．研究电阻与材料的关系可以选a和b B．研究电阻与长度的关系可以选a和e C．研究电阻与横截面积的关系可以选c和d D．实验中为了电路安全最好在电路中再串联一个电压表【分析】（1）电阻大小可能与导体的材料、长度和横截面积有关，研究电阻大小与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变；（2）电阻表示导体对电流的阻碍作用，实验中，电流表示数越大说明电阻越小。【解答】解：A、电阻大小可能与导体的材料、长度和横截面积有关，研究电阻与材料的关系要控制长度和横截面积相同，故可以选a和b，故A正确；B、研究电阻与长度的关系，要控制导体的材料和横截面积不变，而a和c材料不同，故B错误；C、研究电阻与横截面积的关系，要控制导体的材料、长度相同，而c和d长度不同，故C错误；D、实验中为了电路安全最好在电路中再串联一个灯泡，灯泡能分担一定的电压，可以保护电路，串联电压表，电压表相当于断路，电流表几乎无示数，故D错误。故选：A。【点评】本题探究电阻大小与哪些因素有关，主要考查控制变量法的运用。7．（3分）如图所示，工人用A、B两个相同的滑轮组成的滑轮组提升重540N的物体，所用的拉力F为200N，物体以0.2m/s的速度匀速上升了10s。不计绳重及摩擦，则下列说法正确的是（）A．拉力F所做功的功率为1200W B．C处天花板受到的拉力为660N C．若匀速提升重240N的物体，滑轮组机械效率为80% D．动滑轮重为120N【分析】（1）由图可知，动滑轮上的绳子段数，根据v＝nv物可得拉力端绳子的速度，根据P=W（2）不计绳重及摩擦，根据F=1n（G+G（3）不计绳重和摩擦，根据η=W【解答】解：A、由图可知，动滑轮上的绳子段数n＝3，拉力端绳子的速度：v＝nv物＝3×0.2m/s＝0.6m/s，拉力F做功的功率：P=WBD、不计绳重及摩擦，根据F=1n（G+G动）可得动滑轮的重：G定滑轮的重等于动滑轮的重，则C处天花板所受的拉力等于装置的总重与绳端的拉力之差，即：FC＝G总﹣F＝540N+60N+60N﹣200N＝460N，故BD错误；C、不计绳重和摩擦，匀速提升重240N的物体时滑轮组的机械效率：η=W故选：C。【点评】本题主要考查功率、机械效率和有关滑轮组的力的计算，知道n的大小是关键之一。8．（3分）如图所示是小明模拟设计的电梯超重报警电路示意图。图中压敏电阻R1的阻值随压力的增大而减小；当其受到压力高于某一设定值时，电铃发声报警。下列说法正确的是（）A．电铃应接在A和C之间 B．闭合开关，电磁铁内部存在无数条磁感线 C．减少电磁铁的线圈匝数，可以提高报警器的灵敏度 D．为使该报警电路在压力更小时报警，可将滑动变阻器R2的滑片向上移【分析】A．根据欧姆定律可知，控制电路的电流增大，电磁铁的磁性增强，衔铁带动动触点向下运动，据此分析；B．磁感线是假想的线，实际上不存在；C．减少电磁铁的线圈匝数，降低了报警器的灵敏度；D．根据欧姆定律可知，为了确保启动电流不变，压敏电阻的增大，通过减小滑动变阻器的阻值，使该报警电路在压力更小时报警。【解答】解：A．当压力过大时，压敏电阻的阻值减小，控制电路的电流增大，电磁铁的磁性增强，衔铁带动动触点向下运动，电铃响报警，所以电铃应该接在B、D之间，故A错误；B．磁感线是假想的线，故电磁铁内部不存在磁感线，故B错误；C．减少电磁铁的线圈匝数，电磁铁的吸合电流一定，所以衔铁被吸下时电路中的电流变大，电路的总电阻变小，根据串联电路的电阻关系可知，压敏电阻的阻值变小，压力变大，降低了报警器的灵敏度，故C错误；D．根据欧姆定律可知，电路中的电流为I=UR1故选：D。【点评】本题考查电磁继电器在生活中的应用，难度适中。9．（3分）如图，电源电压保持不变。开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由中点向右滑动的过程中（）A．电压表V的示数不变，灯泡的亮度不变 B．电流表A1的示数不变，电流表A2的示数变小 C．电流表A2的示数变小，灯泡的亮度变暗 D．电压表V的示数变大，电流表A1的示数变小【分析】由电路图可知，滑动变阻器和灯泡并联，电压表测量并联电路两端的电压（电源电压），电流表A1测干路的电流，电流表A2测通过滑动变阻器支路的电流；根据电源电压可知电压表示数的变化；根据并联电路特点分析灯泡亮度的变化；滑动变阻器的滑片从中点向右滑动过程中，根据欧姆定律可知电流表A2示数变化，从而判断干路电流变化。【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器和灯泡并联，电压表测量并联电路两端的电压（电源电压），电流表A1测干路的电流，电流表A2测通过滑动变阻器支路的电流；AD、由于电源电压不变，所以滑片移动时电压表V的示数不变；因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过灯泡的电流不变，灯泡亮度不变，故A正确，D错误；BC、当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过变阻器支路的电流变小，电流表A2的示数变小；根据并联电路的电流特点可知，干路电流变小，即电流表A1示数变小，故BC错误。故选：A。【点评】本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键。10．（3分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关时，电流表A有示数。一段时间后电流表A的示数变大，则以下情况可能的是（）A．可能是R1发生了断路 B．可能是滑片P向左移 C．可能R2的Pc部分发生了短路 D．可能是bd间发生了断路【分析】故障分析：（1）在串联电路中：当电路断路时：电压表测断路处的电压等于电源电压；测没断路的用电器的电压为零；电流表在任何位置都是零．当电路短路时：电压表测短路处的电压等于零；测没短路的用电器的电压比原来增大；电流表示数变大．（2）在并联电路中：某支路断路时：电压表测断路两端电压、没断路的支路两端电压都等于电源电压；电流表测断路所在支路示数为零；测没断路的支路仍为原来的示数。【解答】解：如图所示的电路中，两电阻并联，电流表串联干中上，测干路电流，电压表测滑动变阻器右部分电阻两端的电压，当电源电压保持不变，闭合开关时，电流表A有示数，说明电路正常。一段时间后电流表A的示数变大，则以下情况可能的是：R2的Pc部分发生了短路，导致支路电流变大进而干路电流变大；如果是R1发生了断路，电流变示数变小；如果是滑片P向左移不影响支路电流的大小；如果是bd间发生了断路，电流表示数变小。故C符合题意，ABD不符合题意。故选：C。【点评】此题是一道故障分析题，解答时让学生根据实验现象来分析出故障的原因，从中培养了学生分析问题和解决问题的能力。二、多项选择题（本大题共2小题。第小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全得2分。有选错得0分。）（多选）11．（4分）如图所示，下列有关安全用电的知识，说法正确的是（）A．漏电保护器可以对人身触电、导线漏电、插座接错线、用电器短路等故障起保护作用 B．人站在大地上，一只手触摸到了火线，也会触电。当有人触电时应先用手直接拉开触电者，避免触电时间过长危及生命 C．人站在绝缘的物体上，双手同时触摸火线和零线，人会触电 D．三脚插头的三个脚中接地线的脚比其它两个脚要长一些，其目的是插插头时使家用电器的金属外壳先接地线，拔插头时能使金属外壳后离开地线，避免触电【分析】（1）根据漏电保护器的工作原理分析；（2）（3）根据电流形成原理即可明确是否会发生触电；（4）三脚插头与三孔插座相连接时，把有金属外壳的用电器的外壳与地线相接；因用电器漏电时，会使外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，以防止触电事故的发生；插头制作的长一些是为了插头入插座时先让金属外壳与大地相连，若漏电则先跳闸而防止触电。【解答】解：A．由漏电保护器在火线与零线电流不等时跳闸，漏电保护器可以对人身触电、导线漏电等故障起保护作用，对插座接错线、用电器短路等故障不起保护作用，故A错误；B．人站在大地上，一只手触摸到了火线，电流从火线流向大地，经过人体，故会触电；当有人触电时若用手直接拉开触电者，施救者也会触电，因此应该先切断电源，再对触电者施救，故B错误；C．人站在绝缘的物体上，双手同时触摸火线和零线，此时人体构成了通路，故会触电，故C正确；D．三脚插头的地线插脚更长是为了保证在插电源插头时最先接触地线，拔插头时最后离开地线，从而更好的起到地线保护作用，故D正确。故选：CD。【点评】本题考查了安全用电的常识，属于基础题。（多选）12．（4分）如图中是与电磁现象有关的4个实验，下列说法正确的是（）A．甲实验可以演示磁极间存在相互作用，同名磁极间相互作用规律为相互排斥 B．乙实验可以演示电流周围存在磁场，电流产生的磁场的方向与电流方向无关 C．丙实验研究的是通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的 D．丁实验研究的是电磁感应现象，线圈切割磁感线的过程中电能转化为机械能【分析】（1）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；（2）据奥斯特实验可知，通电导线周围存在着与电流方向有关的磁场；（3）通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的；（4）电磁感应现象，线圈切割磁感线的过程中机械能转化为电能。【解答】解：A、如图可知同名磁极相互排斥，故此图可以探究磁极间相互作用规律，故A符合题意；B、如图，该实验装置是奥斯特实验装置图，可探究通电导线周围存在着磁场，电流产生的磁场的方向与电流方向有关，故B不符合题意；C、丙实验研究的是通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的，故C符合题意；D、丁实验研究的是电磁感应现象，线圈切割磁感线的过程中机械能转化为电能，故D不符合题意。故选：AC。【点评】该题考查了磁体间的作用规律、电流的磁效应、电动机、发电机原理的理解，是一道综合题。三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。）13．（2分）如图为电动机和发电机模型，其中图甲（填“甲”或“乙”）为电动机模型，其工作原理是：通电导体在磁场中受力的作用。【分析】电动机的原理是通电导体在磁场中受到力的作用。【解答】解：电动机的原理是通电导体在磁场中受到力的作用，装置图中要有电源，故图甲为电动机模型。故答案为：甲；力。【点评】本题考查电动机的原理，属基础题。14．（2分）小明想要探究“电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”，他设计的实验电路图如图所示。连接如图所示电路，提供足够数量的大头针，通过比较吸引大头针的数量可以探究线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响；通过移动滑动变阻器滑片可以探究电流大小对电磁铁磁场强弱的影响。【分析】电磁铁磁性强弱的影响因素：线圈匝数多少、电流大小。当电流大小一定时，电磁铁的线圈匝数越多，磁性越强；当线圈匝数一定时，通过电磁铁的电流越大，磁性越强。【解答】解：连接如图所示电路，提供足够数量的大头针，通过比较吸引大头针的数量可以探究线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响；通过移动滑动变阻器滑片可以探究电流大小对电磁铁磁场强弱的影响。故答案为：究线圈匝数；移动滑动变阻器滑片。【点评】对影响电磁铁磁性强弱的因素，是我们必须熟记的内容。15．（2分）小明爸爸去4S店保养车。师傅告诉小明爸爸：“该换火花塞了。”通过此对话你可以判断他家的车用的发动机是内燃机中的汽油机（选填“汽油机”或“柴油机”）。如图所示的发动机工作原理图，这是四冲程内燃机工作循环中的做功冲程。【分析】汽油机顶部是火花塞，柴油机顶部是喷油嘴，因此他家的车用的发动机是内燃机中的汽油机。进排气门全关，活塞向下运动，顶部火花塞点火，是做功冲程。【解答】解：汽油机顶部是火花塞，柴油机顶部是喷油嘴，因此他家的车用的发动机是内燃机中的汽油机。图中进排气门全关，活塞向下运动，顶部火花塞点火，因此是做功冲程。故答案为：汽油机；做功。【点评】本题考查汽油机与柴油机的异同，四冲程能量的转化，属于基础题。16．（2分）如图所示是无人机用绳子吊起物体匀速上升时的情景，此时绳子对物体的拉力＝（选填“＞”、“＜”或“＝”）物体的重力。某次无人机将重为200N的物体从水平地面匀速提升至30m高的楼顶，此过程中无人机对物体做功6000J。【分析】物体处于平衡状态时，受力平衡；根据W＝Gh计算拉力对物体所做的功。【解答】解：当物体匀速上升时，物体处于平衡状态，在竖直方向上受到绳子的拉力和重力，这两个力是一对平衡力，平衡力大小相等，所以此时绳子对物体的拉力＝物体的重力；已知物体重力G＝200N，提升高度h＝30m，根据功的计算公式W＝Fs＝Gh，则无人机对物体做功为W＝Fs＝Gh＝200N×30m＝6000J。故答案为：＝；6×103。【点评】此题考查了二力平衡、功的计算，常见题目。17．（2分）如图所示是探究“电流产生的热量跟哪些因素有关”的实验。实验中是通过U形管中液面的高度差来比较导体产生热量的多少；相同时间内，电流通过R1产生的热量与通过R2产生的热量之比为4：1。【分析】（1）实验中是通过U形管中液面的高度差来比较导体产生热量的多少；（2）装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等；根据焦耳定律Q＝I2Rt得到相同时间内，电流通过R1产生的热量与通过R2产生的热量之比。【解答】解：（1）实验中是通过U形管中液面的高度差来比较导体产生热量的多少，因为电流产生热量越多，容器内空气受热膨胀越明显，U形管中液面高度差就越大；（2）装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I1＝I总两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点可知I总＝I2+I3，烧瓶内外的电阻值都是5Ω，阻值相等，并联电压相等，则IR1与R2电流之比为2：1。根据焦耳定律Q＝I2Rt得到相同时间内，电流通过R1产生的热量与通过R2产生的热量之比为4：1。故答案为：U形管中液面的高度差；4：1。【点评】本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。18．（2分）如图所示的电路中，若闭合开关S1和S3，断开S2，则小灯泡L1、L2的连接方式为并联；若开关S1、S2、S3均闭合，则电路为短路此时电源将会烧毁。【分析】电流只有一条路径的则是串联电路；有两条或两条以上路径的则是并联电路。短路：不经过用电器而直接跟电源的两极相连的电路。【解答】解：如图所示的电路中，若闭合开关S1和S3，断开S2，则小灯泡L1、L2的连接方式为并联；若开关S1、S2、S3均闭合，则电路为短路，此时电源将会烧毁。故答案为：并联；短路。【点评】本题考查了串、并联电路的辨析，以及电路的三种状态。四、作图题（本大题共3小题，共6分。）19．（2分）请根据如图所示的实物图，在虚线框内画出对应的电路图。【分析】分析实物图，得出两灯的连接方式，以及开关、电流表、滑动变阻器的位置，据此画出对应的电路图。【解答】解：由实物图知，两灯并联，开关S、电流表A在干路上，灯L1、电流表A1在一条支路，灯L2、滑动变阻器在一条支路，电路图如图所示：【点评】本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式是关键。20．（2分）如图所示，根据电流方向，请在虚线框内标出通电螺线管和小磁针静止时的磁极。【分析】由右手螺旋定则可知螺线管的磁极。由磁极间的相互作用可知小磁针的磁极。【解答】解：根据电流从左侧流入，由安培定则知，左侧为N极，右侧为S极，右侧吸引小磁针的N极，故小磁针右侧为N极。如图所示：【点评】右手螺旋定则为物理中的重点及考试中的热点内容，要求能熟练应用。21．（2分）请按照安全用电原则将如图所示的三孔插座和带开关的节能灯正确连入电路。【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：（1）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡，零线直接接入灯泡，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全。（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，如图所示：【点评】本题考查了开关、插座的接法，开关接在火线与电灯之间，可以使开关断开时，电灯灯座上没有电，这样在换灯泡时不会发生触电。五、实验探究题（本大题共4小题，共25分。）22．（5分）如图所示是探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验示意图。（1）实验时让不同质量的小球从同一高度由静止释放，目的是为了探究动能的大小与质量的关系；钢球到达水平面时会具有相同的速度（选填“速度”或“动能”）；（2）小球滚下斜面的过程中，它的重力势能转化为动能，其动能大小是通过木块移动的距离来反映的；如果木块的重为1N，被移动了0.2m，则这个过程中，重力所做的功为0J；（3）若要探究动能与速度的关系，则需将相同质量的小球从斜面的不同（选填相同或不同）高度由静止滚下。【分析】（1）动能的决定因素有两个：质量和速度，将小球从同一位置处释放，是采用控制变量法，控制速度相同；（2）（3）实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一小球，这样可以保证小球的质量相同；当研究动能大小与质量的关系时，要让小球沿斜面的同一高度下落，这样保证小球到水平轨道的速度相同。【解答】解：（1）让不同质量的小球从同一斜面的同一高度静止释放，小球到达斜面底端的速度相同，改变了小球的质量，探究动能的大小与质量的关系；将小球从同一位置处释放，是采用控制变量法，目的是为了控制小球到达水平面的速度相同；（2）小钢球从斜面滚下过程中，质量不变，高度减小，故重力势能减小，同时速度变大，动能增加，所以是将重力势能转化为动能的过程；重力的方向竖直向下，木块在水平方向运动，木块没有在重力的方向上通过一定的距离，重力没有做功，重力做功为零；（3）要探究动能与速度的关系，保持质量不变，改变小球到达水平面的速度，需要将相同质量的小球从斜面的不同高度由静止滚下。故答案为：（1）质量；速度；（2）重力势；0；（3）不同。【点评】明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。23．（6分）如图甲所示为“测量小灯泡电阻”的实验装置，已知小灯泡标有2.5V字样。（1）按甲图连接的电路，开关闭合前，需要将滑片移动到C（选填“C”或“D”）端；（2）在检查电路无误后进行实验，当移动滑片时电压表的示数如图乙时，为了测量小灯泡在2.5V电压下的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向A（选填“A”或“B”）端移动，直至电压表的示数为2.5V；（3）通过移动滑动变阻器的滑片P，进行多次测量记录数据，并绘制U﹣I图像如图丙所示，由此可得小灯泡在电压为2.5V时的电阻是10Ω；（4）根据图丙可知小灯泡的电阻是变化（选填“变化”或“不变”），你认为原因是灯丝电阻受温度的影响；（5）通过本实验可知，不能通过求灯泡的平均值来作为灯泡的电阻值，其原因是：在不同电压下小灯泡的电阻值不同。【分析】（1）为保护电路，开关闭合前，滑动变阻器调节至最大阻值处；（2）要测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压；（3）分析图像数据知灯泡正常发光时的电阻；（4）根据图丙分析结论和原因；（5）小灯泡的电阻受温度的影响，即在不同电压下小灯泡的电阻值不同。【解答】解：（1）为保护电路，开关闭合前，滑动变阻器调节至最大阻值处，即将滑动变阻器的滑片移到A端；（3）电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为1.8V，小于灯泡额定电压2.5V，要测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将图甲中滑动变阻器的滑片向A端移动，直至电压表示数为2.5V；（3）丙图中，当灯泡两端电压为2.5V时，电流为0.25A，则灯泡的电阻为R=U（4）灯丝的电阻与温度有关，随温度的升高而增大，不同温度下灯丝的电阻不同；（5）实验中测出了小灯泡在多次不同电压下的灯丝电阻，目的是为了发现灯丝电阻的变化规律；由于不同电压时，灯丝的温度不同，电阻不同，求电阻的平均值没有意义；故答案为：（1）C；（2）B；（3）10；（4）变化；灯丝电阻受温度的影响；（5）在不同电压下小灯泡的电阻值不同。【点评】本题测量小灯泡电阻的实验，考查了电路连接、注意事项、电路故障、电流表读数以及欧姆定律的运用等内容。24．（7分）（1）读出如图测量工具的示数：电压表的示数是2.8V；电流表的示数是0.28A；电能表的示数是31.6kW•h；（2）如图，在探究“产生感应电流的条件”实验中：①实验中观察电流计指针是否偏转来判断电路中是否有感应电流；②闭合开关，若导体AB不动，左右移动磁体，电路中有（选填“有”或“无”）感应电流；③该实验的结论是：闭合回路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；④如果将小量程电流表换成电源，可以探究磁场对通电导体的作用。【分析】（1）根据电压表的量程是0～3V确定分度值读数。根据电流表的量程是0～0.6A确定分度值读数。电能表计数窗的最后一位为小数位，据此读数。（2）①实验中通过观察电流计的指针是否偏转，来判断电路中是否有感应电流。②③闭合回路中一部分导体做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，据此分析。④探究磁场对通电导体的作用，电路中需要有电源，据此分析。【解答】解：（1）图中电压表的量程是0～3V，分度值是0.1V，读数为2.8V。图中电流表的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，读数为0.28A。电能表计数窗的最后一位为小数位，读数为31.6kW•h。（2）①实验中通过观察电流计的指针是否偏转，来判断电路中是否有感应电流。②导体AB不动，左右移动磁体，根据相对运动的知识可知，此时导体做切割磁感线运动，因此有感应电流产生。③根据实验可知，闭合回路中一部分导体做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流。④探究磁场对通电导体的作用，电路中需要有电源，因此将小量程电流表换成电源。故答案为：（1）2.8V；0.28A；31.6kW•h；（2）①电流计指针是否偏转；②有；③切割磁感线；④电源。【点评】本题考查电能表、电压表和电流表读数方法，同时研究产生感应电流的实验及探究磁场对通电导体的作用实验，难度不大。25．（7分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡额定电压为2.5V（电阻约为10Ω），电源电压由三节新干电池串联组成。（1）本实验的原理是P＝UI，连接电路时开关应处于断开状态；（2）请你用笔画线代替导线将图甲中电路连接完整（要求：连线不得交叉）；（3）若有规格分别为A：“5Ω1A”、B：“50Ω0.2A”、C：“20Ω0.5A”的三个滑动变阻器供选择，为了使实验能顺利进行，他应选C（选填A、B、C序号）滑动变阻器连入电路；（4）连接好电路后，闭合开关，移动滑片P到某一位置，电压表的示数是1.8V，若要测量小灯泡的额定功率，应将实物电路中滑动变阻器滑片P向B（选填“A”或“B”）端移动，才能使电压表的示数为2.5V；（5）当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示为0.24A，则小灯泡的额定功率是0.6W。【分析】（1）由电功率的计算公式确定测量小灯泡额定功率的实验原理；为保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；（2）根据小灯泡额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联；（3）根据小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，由欧姆定律得出灯的额定电流，由串联电路电压的规律得出灯正常发光时变阻器的电压，由欧姆定律得出变阻器连入电路的电阻，结合电流因素，确定选用的滑动变阻器的规格；（4）灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理得出滑片移动的方向；（5）根据电流表选用的量程确定分度值读数，根据P＝UI得出小灯泡的额定功率。【解答】解：（1）测小灯泡额定电功率的实验原理为：P＝UI；为保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；（2）灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下图所示：；（3）小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为：I=UR滑=U滑I=U−考虑到电流因素，只能选用“2