湖南省华容县2025届中考考前冲刺必刷卷（二）物理试题含解析

湖南省华容县2025届中考考前冲刺必刷卷（二）物理试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单选题（本大题共10小题，共30分）1．关于惯性、运动和力，下列说法中正确的是A．有力作用在物体上，物体才运动B．汽车刹车时，人由于受到惯性，会向前倾C．物体不受外力时，一定处于静止D．要使小车拐弯，必须对小车施加力的作用2．对下列体育运动中的现象分析正确的是（）A．乒乓球被扣杀飞向对方，是因为受到了惯性的作用B．篮球从空中落下，此过程中它的动能转化为重力势能C．用脚踢足球时，脚有疼痛感，说明力的作用是相互的D．间排球竖直向上抛出，到最高点时速度为零，此时排球处于平衡状态3．如图所示的实例中，为了增大压强的是A．载重汽车安装了很多车轮B．铁轨铺在枕木上C．吸管的一端剪成斜口D．图钉帽的面积做得较大4．如图所示，甲、乙两支完全相同的试管。分别装有等质量的不同液体。甲试管竖直放置，乙试管倾斜放置，两试管液面相平，此时甲、乙试管中的液体对试管底的压强大小关系A．p甲＞p乙 B．p甲＝p乙C．p甲＜p乙 D．条件不足，无法判断5．现代社会倡导文明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观察，画出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你认为可行的是A． B．C． D．6．冬天用手去摸铁棍和木棍。觉得铁棍比木棍凉。这是因为A．铁棍比木棍的温度低 B．铁棍比木棍的热能少C．铁棍比木棍的导热能力强 D．铁棍比木棍比热容大7．2019年3月31日23时51分，我国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙运载火箭”，将“天链二号01星”送入太空，卫星成功进入地球同步轨道．图是点火后火箭加速升空过程中的一个画面．下列说法中正确的是A．火箭升空过程中，动能减小，机械能不变B．火箭升空过程中，动能增大，势能减小C．升空过程中“长征三号乙运载火箭”相对于“天链二号01星”是运动的D．“天链二号01星”进入轨道后，通过电磁波实现与地面的联系8．如图所示，电源电压保持不变，R1＝15Ω，闭合开关S1，断开开关S1，电流表示数为0.1A；同时闭合开关S1、S1，电流表示数为0.5A，此时R1、R1的电功率分别为P1、P1．下列判断正确的是A．P1：P1＝1：3R1：R1＝1：5B．P1：P1＝1：3R1：R1＝3：1C．P1：P1＝3：1R1：R1＝1：5D．P1：P1＝3：1R1：R1＝3：19．甲、乙两个完全相同的杯子盛有不同浓度的盐水，将同一个鸡蛋先后放入其中．当鸡蛋静止时，两个杯子中液面恰好相平，鸡蛋所处的位置如图所示．则A．甲杯底部所受的液体压力较大B．乙杯底部所受的液体压强较大C．鸡蛋在甲杯里排开液体的质量较大D．鸡蛋在乙杯中受到液体的浮力较大10．2018年5月21日，我国“鹊桥”号卫星由长征火箭发射升空，将搭建地月信息联通之桥，下列说法正确的是A．火箭升空时没有惯性B．卫星进入轨道后靠电磁波与地面联系C．火箭加速上升，其动能保持不变D．火箭发动机采用热值小的燃料二、多选题（本大题共3小题，共12分）11．一瓶矿泉水放在冰箱冷冻室里，过一段时间，水全部结成冰，则水结冰后（）A．质量变大 B．质量不变 C．密度变小 D．密度不变12．下列常见的现象中，能量转化的描述正确的是A．弯折铁丝﹣﹣机械能转化为内能B．保温瓶的瓶盖蹦起﹣﹣内能转化为机械能C．燃料燃烧﹣﹣化学能转化为内能D．干电池供电﹣﹣电能转化为化学能13．有一重2N的圆柱形玻璃杯（杯壁厚度不计），底面积为100cm2，装有一定质量的煤油，杯底到油面的高度为20cm，放在水平桌面上（取g=10N/kg，ρ煤油=0.8×103kg/m3），下列说法正确的是A．煤油对杯底的压强是1.6×103PaB．杯底对桌面的压强是1.8×l03PaC．煤油对杯底的压力是16ND．杯子受到桌面的支持力是16N三、填空题（本大题共5小题，共10分）14．如图所示，闭合开关，螺线管的下端是_____极；条形磁铁静止后，将滑动变阻器滑片P从左往右滑动的过程中，弹簧长度将_____（选填“伸长”、“缩短”或“不变”）。15．夏天常用的电热驱蚊器是利用电流的______效应工作的，与电灯、电风扇等其它家用电器是______联在电路里的，其发热元件正常工作时的电阻为8800Ω，接在家庭照明电路中，正常工作100s产生的热量是______J。16．如图，在“探究杠杆平衡条件”的实验中，实验前要调节杠杆在水平位罝平衡的目的是____。17．由图乙、图丙可以看出浮力的大小与_____有关；由图中数据还可计算出物体的密度为_____kg/m1，盐水的密度为_____kg/m1．（取g＝10N/kg）18．当用镊子夹取物体时，镊子就相当于（选填“杠杆”、“滑轮”或“斜面”），它是一个（选填“省力”或“费力”）的机械．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19．将一底面积为0.01m2的长方体木块用细线栓在空容器的底部，然后向容器中缓慢加水直到木块上表面与液面相平，如图甲所示，在此整个过程中，木块底部受到水的压强随容器中水的深度的发化如图乙所示，则木块所受到的最大浮力为？细线对木块的最大拉力为？（设水的密度为ρ＝1.0×103kg/m3）20．电热加湿器靠电流的热效应工作。某种家用电热加湿器相关参数、外形、电路简化图如图所示。电热器的电热丝浸没在加热仓的水中产生热量，使加热仓中的水沸腾变成水蒸气喷出，增加环境湿度。当加热仓中的水减少到一定程度时，自动阀门智能打开，水由储水箱进入到加热仓中。工作电压220V工作频率50Hz最大运行功率40W储水箱容量尺寸高315mm，底部直径168mm满水工作时间高气雾量10h，低气雾量24h当气雾调节器R2的滑片移到最左边时，加湿器以最大运行功率工作，求电热丝R1的电阻值。如果加热仓内冷水的温度为20℃，用最大运行功率工作，经过5min36s，水沸腾产生蒸气，求加热仓中水的体积。[c水=4.2×103J/(kg•℃)，ρ水=1.0×103kg/m3，电热丝R1产生的热量全部被水吸收，环境为标准大气压当滑片移到最右端时，气雾调节器R2的阻值为990Ω，加湿器以最低气雾量工作，求此时电热丝R1的电功率是多少瓦？21．如图甲所示，电源电压可调，灯泡L规格为“9V，4.5W”且灯丝电阻不随温度变化，电流表量程为“0—0.6A”和“0—3A”，滑动变阻器的规格分别为“”和“”。（1）将电源电压调到12V，闭合开关，移动滑片P，使灯泡正常发光，求灯泡的电阻和变阻器连入电路的电阻。（2）调节电源电压，用的定值电阻替换灯泡，闭合开关，滑片P从最右端B点移到某处的A点，两表示数的U-I关系如图乙所示，滑片P在A点时，电压表示数为2V，电流表指针指到满偏刻度的五分之二，通过计算判断所用变阻器的规格及电源电压。五、作图题（本大题共2小题，共4分）22．在图中，画出沿光滑斜面上向上运动的物体A的重力示意图。（________）23．如图所示家庭电路，吊灯L1和L2由开关S控制，墙上有一个固定的三孔插座.请把电路连接完整.六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24．在长约1m、横截面积为S、重力为G、一端封闭的玻璃管里灌满密度为ρ0的水银，用手指将管口堵住，然后倒插在水银槽中．放开手指，管内水银面下降到一定高度时就不再下降，这时管内外水银面高度差为h．（1）最早用这一实验测量大气压强的科学家是______，以下操作会影响测量值的是____．A．玻璃管粗些B．将玻璃管倾斜C．把玻璃管稍向上提一些，但不离开液面D．外界大气压发生变化（2）用手竖直匀速向上提起玻璃管（管口未漏出水银面），不计管壁与水银之间的摩擦，手竖直提起玻璃管的力的大小等于_____（用题中字母表示）．25．某班同学做“测量小灯泡电功率”的实验．被测小灯泡的额定电压为3.8V,电阻约为10,实验室有如下器材：电源（电压为6V）、电流表（0~0.6A，0-3A）、电压表（0~3V，0~15V）、开关各一个导线若干，滑动变阻器．某同学设计的电路如图1所示：（1）请用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整，要求：当滑动变阻器的渭片向右移动时，灯泡变亮．（_____）（2）正确连接好电路，开关闭合后，小亮发现电流表的指针偏转情况如图2所示，其原因是_______（选填“A”或“Ｂ”）A．电流表没调零B．电流表正负接线柱接反了（3）如表为同字们在实验中记录的数据，则小灯泡的额定功率是_____W实验序号电压表示数/V电流表示数/A13.00.3623.80.4034.00.42（4）分析表中的数据发现灯丝的电阻是变化的，这说明______________________________．26．小伟要探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”，他猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有：①接触面所受的压力大小；②接触面的粗糙程度；③接触面积的大小．接下来小伟通过如图所示的实验操作来验证他的猜想：（1）本实验用到了物理学中最常用的探究方法，即______________．（2）实验中小伟应该用弹簧测力计水平拉动木块在长木板上_________滑动，这样做是根据二力平衡的知识得出拉力_________（选填“大于”、“等于”或“小于”）摩擦力，从而间接测出木块所受的摩擦力的大小．（3）如果小伟要探究猜想②，他应该选择_____两幅图所示的实验步骤来操作，根据图中弹簧测力计的示数可得出结论：在压力相同的情况下，_________，滑动摩擦力越大．（4）小伟要探究猜想③，他将木块切去一半，重复甲的操作过程，如图丁所示．他比较甲和丁的实验结果，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关．你认为他的结论可靠吗？答：_______．小伟在实验中存在的问题是_______．

参考答案一、单选题（本大题共10小题，共30分）1、D【解析】

A、力可以改变物体的运动状态，与物体是否运动无关，由牛顿第一定律知道，没有力作用在物体上，物体也能做匀速直线运动，故A错误；

B、汽车刹车时，人由于惯性，会向前倾倒，但是不能说受到惯性作用，因为惯性不是力．故B错误；

C、由牛顿第一定律知道：物体在不受外力作用时保持原状，动者恒动，静者恒静．故C错误；

D、力能改变物体的运动状态，故使小车拐弯，必须对小车施加力的作用，故D正确．2、C【解析】

A．乒乓球被扣杀后飞向对方，说明力可以改变物体的运动状态，故A错误；B．物体的重力势能由物体的质量与高度决定，物体的动能由物体的质量与速度决定；蓝球从高处落下的过程中，高度下降，速度增加，是重力势能转化为动能；故B错误；C．用脚踢足球时，脚有疼痛感，说明球对脚也施加了力，这个现象表明：物体间力的作用是相互的，故C正确；D．平衡状态指的是合力为零的状态，小球在整个的过程中始终受到重力的作用，合力不为零，不是平衡状态，故D错误．故选C．3、C【解析】载重汽车安装许多车轮是通过增大受力面积的方法来减小压强的，故A错；铁轨铺在枕木上是通过增大受力面积的方法来减小压强的，故B错；吸管的一端剪成斜口是通过减小受力面积的方法来增大压强的，故C正确；图钉帽的面积做得较大是通过增大受力面积的方法来减小压强的，故D错；应选C．4、A【解析】

由图可知，甲容器中的液体体积要比乙容器小，因液体质量相同，所以根据ρ＝可知，甲液体的密度比乙液体密度大，即ρ甲＞ρ乙；又因为两试管中液面等高，所以由液体压强公式p＝ρgh可知，p甲＞p乙。5、B【解析】

两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光，故A错误；只闭合开关S1时绿灯亮，只闭合开关S2时红灯亮，两灯独立工作，互不影响，故B正确；两开关都闭合时会造成电源短路且两灯泡不发光，任何一个开关断开时红绿交通信号灯同时发光，故C错误；当只闭合开关S2时，两灯泡都发光，只闭合S1时绿灯亮，故D错误，故选B。6、C【解析】

寒冷冬天的夜晚，气温很低，铁棍和木棍的温度是一样的，但觉得铁棍比木棍凉，是因为铁棍的导热性比木棍好，把手上的热量迅速导走了，就觉得铁棍凉了，故C正确。7、D【解析】

A．B．在火箭加速上升时，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大；火箭上升时没有发生弹性形变，不考虑弹性势能的变化，动能增大，重力势能增大，机械能增大．故AB错误；C．升空过程中“长征三号乙运载火箭”相对于“天链二号01星”的位置没有发生变化，所以升空过程中“长征三号乙运载火箭”相对于“天链二号01星”是静止的，故C错误；D．由于真空不能传声，而电磁波能传递信息且能在真空中传播，所以“天链二号01星”进入轨道后，通过电磁波实现与地面的联系．故D正确．8、B【解析】

由电路图可知，闭合开关S1，断开开关S1，电路为R1的简单电路，电流表测R1的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；同时闭合开关S1、S1，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流，根据欧姆定律求出R1，进而求两电阻之比；利用并联电路的电压特点和P＝UI求出R1和R1的电功率之比．【详解】由电路图可知,闭合开关S1，断开开关S1，电路为R1的简单电路,电流表测通过R1的电流，由I＝可得，电源的电压：U＝I1R1＝0.1A×15Ω＝3V；同时闭合开关S1、S1，两电阻并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以,通过R1的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以,通过R1的电流：I1＝I−I1＝0.5A−0.1A＝0.3A，由I＝得R1＝＝10Ω,则因并联电路中各支路两端的电压相等，所以,由P＝UI可得,R1、R1的电功率之比：.故选B.9、B【解析】

A．由于两杯完全相同，所以F甲小于F乙，A错误；B．甲杯中的V排大，所以ρ液小，根据p=ρ液gh，深度相同，甲液体的密度小于乙液体的密度，所以p甲小于p乙．B正确；C．根据浮力的公式F浮=ρ液gV排，在浮力相同时，排开液体的质量也相同，C错误；D．因为鸡蛋在甲、乙两杯中处于悬浮和漂浮状态，所以，浮力都等于自身的重力，是相等的，D错误．10、B【解析】

惯性是物质的一种属性，所有的物体都有惯性，故A错误；卫星是通过接收与发射电磁波与地面互相传递信息的，故B正确；动能大小的影响因素是：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；火箭加速上升，质量不变，速度增大，所以动能增大，故C错误；热值是燃料的一种特性，单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值，；火箭发动机的质量尽量要小，所以应采用热值大的燃料，故D错误，故选B。本题考查的是与火箭升空有关的物理知识，以及电磁波的传播，体现了物理和生活、生产的联系。二、多选题（本大题共3小题，共12分）11、BC【解析】

质量是物体的一种属性，由物体所含物质的多少决定，不随物体的位置、状态、形状的变化而变化，所以水结冰后质量不变；根据密度的计算公式ρ＝mV得，V＝mρ即可知，质量一定时，冰与水相比体积变大，则冰的密度变小。故AD不符合题意；故12、ABC【解析】

A、弯折铁丝是通过做功的方式将机械能转化为内能，故A正确；B、保温瓶的瓶盖蹦起，是气体对外做功，将内能转化为机械能，故B正确；C、燃料燃烧的过程是化学能转化为内能的过程，故C正确；D、干电池供电的过程，是将化学能转化为电能的过程，故D错误。13、ABC【解析】（1）煤油对杯底的压强：p＝ρgh＝0.8×103kg/m3×10N/kg×20×10-2m＝1.6×103Pa，故A正确；由p＝可得，煤油对杯底的压力：F＝pS＝1.6×103Pa×100×10-4m2＝16N，故C正确；（2）煤油体积：V＝Sh＝100cm2×20cm＝2000cm3＝0.002m3，由ρ＝可得，煤油质量：m油＝ρV＝0.8×103kg/m3×0.002m3＝1.6kg，煤油重力：G油＝m油g＝1.6kg×10N/kg＝16N，因杯子处于静止状态，所以，杯子受到桌面的支持力：F支持＝G杯+G油＝2N+16N＝18N，故D不正确；因杯子对桌面的压力和受到的支持力是一道相互作用力，所以，桌面受到的压力：F压＝F支持＝18N，杯底对桌面的压强：p′＝＝1.8×103Pa，故B正确．故选ABC．点睛：（1）知道圆柱形玻璃杯内煤油的深度，根据p＝ρgh求出煤油对杯底的压强，再根据p＝求出煤油对杯底的压力；（2）先求出煤油的体积，再根据密度公式求出煤油的质量，根据G＝mg求出煤油的重力；杯子处于静止状态，受到桌面的支持力等于煤油和杯子的重力之和，杯子对桌面的压力和受到的支持力是一对相互作用力，二力大小相等，根据p＝求出杯底对桌面的压强．三、填空题（本大题共5小题，共10分）14、S伸长【解析】

由图可知，电源右端是正极，左端是负极，开关闭合，根据安培定则判断通电螺线管的上端为N极，下端为S极；滑动变阻器滑片从左往右滑动的过程中，电阻减小，电路中的电流变大，电磁铁磁性增强，条形磁铁的吸引力增大，所以弹簧长度会增大。15、热并550【解析】

[1]电热驱蚊器是利用电流的热效应工作的，电流产生的热让蚊香片熔化产生驱蚊的气味。[2]家用电器在家庭电路中都是并联的，互不影响都能独立工作。[3]产生的热量是16、便于测量力臂和减小杠杆自身的重力对实验结果的影响【解析】

如图，在“探究杠杆平衡条件”的实验中，为尽量减小杠杆自身的重力对实验结果的影响，应使杠杆在水平位置平衡，同时由于力的方向与杠杆垂直，便于直接测量力臂。17、液体密度2.5×1011.15×101【解析】由图乙、图丙可以看出，物体浸没在两种密度不同的液体中，所以排开液体的体积相等，测力计的示数不高，浮力不同，说明浮力的大小与液体密度有关；物体在水的浮力为：根据得，物体的体积即排开水的体积为：物体的质量为：物体密度为：物体在盐水中的浮力为：根据得，盐水的密度为：点睛：重点是阿基米德原理的应用，根据稳重法求出水中的浮力后，根据可求出物体体积的大小，重转换为质量，可求物体密度．18、杠杆费力【解析】试题分析：动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆是等臂杠杆；在使用镊子时，A点是支点，AB的长度为动力臂，AC的长度为阻力臂，动力臂小于阻力臂，所以镊子是一个费力杠杆．考点：杠杆的分类四、计算题（本大题共3小题，共29分）19、15N；6N【解析】

根据图象可知，木块刚刚漂浮时，木块浸入水中的深度为L1＝9cm；由于从9cm到16cm，木块一直处于漂浮，浸入水中的深度不变；当水面的高度为16cm时细线刚好张紧，线的拉力为零；直到木块上表面与液面相平，此时水面的高度为22cm；所以木块的高度：L＝9cm+（22cm﹣16cm）＝15cm＝0.15m；则木块的体积：V木＝S木L＝0.01m2×0.15m＝1.5×10﹣3m3，木块全部淹没时受到的浮力最大为：F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV木＝1×103kg/m3×10N/kg×1.5×10﹣3m3＝15N．由图象可知，木块刚刚漂浮时木块底部受到水的压强为900Pa，则木块的重力与水向上的压力（浮力）平衡，所以，木块重力：G＝F向上＝p向上S＝900Pa×0.01m2＝9N；直到木块上表面与液面相平时，木块受到的浮力最大，由力的平衡条件可得，细线对木块的最大拉力为：F拉＝F浮﹣G＝15N﹣9N＝6N．20、（1）1210Ω；（2）40cm3；（3）12.1W【解析】

（1）当气雾调节器R2的滑片移到最左边时，气雾调节器被短路，只有电热丝工作，由P=得：电热丝R1的电阻值：R1===1210Ω；（2）电热丝产生的热量：Q放=W=Pt=40W×336s=13440J，由题意得Q吸=Q放=13440J，由Q吸=cm(t-t0)得：水的质量m===0.04kg，由ρ=得：水的体积：V===4×10-5m3=40cm3；（3）当滑片移到最右端时，气雾调节器和电热丝串联，电路中的电流：I===0.1A，电热丝R1的电功率：P1=I2R1=(0.1A)2×1210Ω=12.1W。21、（1）18Ω，；（2）“”，14V【解析】

（1）灯泡的电阻：；此时灯泡正常发光，灯泡两端的电压等于其额定电压，串联电路中的电流等于其额定电流，即；变阻器连入电路的电阻：；（2）由图乙可知，;根据串联电路的电压特点得，在电源电压一定时，定值电阻R0两端电压的变化量等于电压表示数的变化量。即;根据欧姆定律得，电路中电流的变化量为：，故电流表选用的量程是0~3A；电流表指针指到满偏刻度的，则，所以,则所用变阻器的最大阻值为：,故所用变阻器的规格为“25Ω3A”;所用电源电压为：。五、作图题（本大题共2小题，共4分）22、【解析】

重力的方向是竖直向下的，过物体A的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：23、【解析】

家庭电路中的各个用电器是并联连接的，所以，此电路中的两盏吊灯L1和L2并联，开关则应接在干路上同时控制两盏灯泡，且开关应先接在火线上；安装三孔插座时，应上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，故电路如图：六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24、托里拆利DG+ρ0ghS【解析】

（1）托里拆利是最早用这一实验测量大气压强的科学家；A、使用的玻璃管粗些，只是进入玻璃管中的水银的体积多了，玻璃管粗，大气压的值一定时，玻璃管中的水银的高度不会受到影响，所以不会影响测量值的，故A不符合题意；B、测量时玻璃管稍倾斜，只会增加玻璃管中水银的长度，但是水银的高度不会改变，所以不会影响测量值的，故B不符合题意；C、上提玻璃管，只要管口不离开水银面，水银柱的高度不会受影响，所以不会影响测量值的，故C不符合题意；D、外界大气压发生变化时，对测量结果会有影响，故D符合题意．（2）玻璃管竖直插在水银槽中，管中水银柱上