人教版｜中考物理一轮复习：八年级上、下册第1-12章共12套试题汇编（含答案解析）

第第页参考答案：1．A【详解】A．筷子的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故符合题意；B．瓶盖起子的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故不符合题意；C．撬棒的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故不符合题意；D．核桃夹的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故不符合题意．2．B【分析】【详解】A．镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A不符合题意；B．羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B符合题意；C．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C不符合题意；D．食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C不符合题意。故选B。3．B【详解】据杠杆的平衡条件，利用动力×动力臂=阻力×阻力臂的原理得，夹住两条毛巾的夹子离挂钩较近，而夹住一条毛巾的夹子离挂钩应较远，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。4．A【详解】由杠杆平衡条件F1×L1=F2×L2知道，当弹簧测力计从位置A逆时针转到位置B，且使杠杆仍在水平位置平衡时，阻力和阻力臂不变，动力臂变小了，所以动力变大．5．C【详解】对于杠杆ABC，B点是支点，动力作用在A点，阻力作用在C点；脚踩下踏板时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；对于杠杆A'B'C'，支点是A'，动力作用在B'点，阻力作用在C'点；在打开盖子的过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。故选C。6．C【分析】【详解】用始终与OA垂直的力F抬起杠杆的过程中，动力臂的始终为OA，保持不变，阻力为物体的重，也保持不变，而由图示位置至水平位置时，阻力臂增大；在水平位置时，动力臂为阻力臂的2倍，则此时的动力F为；由水平位置再往上抬起的过程，阻力臂减小，据杠杆平衡条件知，动力应先增大后减小。故ABD错误，C正确。故选C。7．C【分析】【详解】重力是由于地球吸引使物受到的力，杠杆的转动对其重力不产生影响，故转动过程中重力不变；力臂是从支点到力的作用线的垂直距离。由于G不变，在棒与竖直方向的夹角由θ增大到θ′的过程中，G的力臂L2变大，F的力臂L1变小；根据杠杆平衡条件由FL1=GL2可得，F一定变大，故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。8．C【详解】设杠杆每一格长度是L，B处施加的竖直向下的拉力，由杠杆平衡条件知道，FAlA=FBlB，即：12N×2L=FB×4L，解得：FA=6N，故C符合题意。9．A【分析】（1）斜面倾斜角度越大，越费力，斜面AC的倾斜角度小于斜面BC，所以斜面AC更省力，（2）不考虑摩擦的情况下，斜面光滑，使用光滑的斜面没有额外功；根据功率的计算公式，结合做功的多少和所用时间的多少分析所做的功的功率大小．【详解】由于斜面AC倾斜角度小于BC，所以物体沿AC运动时拉力较小，即F1＜F2；拉力在两斜面上做的有用功相同，即都等于克服物体重力所做的功，又因为不计摩擦，使用光滑的斜面没有额外功，所以，拉力做功相同，即W1=W2，所用时间相同，由P=W/t知道，拉力做功的功率相同，即P1=P2，故选A．【点睛】本题考查斜面的省力情况，物体做功的大小以及做功功率的大小，关键是知道接触面光滑，摩擦力为0，使用任何机械都不省功．10．C【详解】A．图中是定滑轮，不省力；不符合题意；B．图中是动滑轮，省力但不能改变力的方向；不符合题意；C．图中是一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，因拉力方向向下，达到既省力又改变力的方向；符合题意；D．图中是一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，因拉力方向向上，达到最省力，但没有改变力的方向；不符合题意。故选C。11．D【详解】A．由图知，吊着动滑轮的绳子段数为3，物体A对动滑轮的拉力为故A错误；B．物体A受到的拉力与物体A对动滑轮的拉力是一对相互作用力，大小相等，故物体A受到的拉力也为36N，故B错误；C．物体A受到的摩擦力与物体A受到的拉力是一对平衡力，大小相等，所以，物体A受到的摩擦力为36N，故C错误；D．如图，定滑轮左侧由两段绳子吊着，而同一根绳子上的拉力处处相等，根据力的平衡可知，竖直墙对定滑轮的拉力为竖直墙受到的拉力与竖直墙对定滑轮的拉力是一对相互作用力，大小相等，所以，竖直墙受到的拉力为24N，故D正确。故选D。12．A【分析】【详解】A．A图中，动力臂是阻力臂的3倍，所以动力；B．B图是定滑轮，由定滑轮及其工作特点可知，不省力，即F=G；C．C图是动滑轮，由动滑轮及其工作特点可知，省一半的力，即；D．D图是滑轮组，绕在动滑轮上的绳子由2股，则；由以上可知：忽略杠杆和滑轮的自重及它们与轴之间的摩擦，当提起相同重物时，最省力的是A。故选A。13．C【详解】在以上四种情况中，BCD都将物体与地面之间的滑动摩擦变为滚动摩擦，减小了物体受到的摩擦力，而A没有，所以首先可以排除A。在B中使用的是定滑轮，只能改变力的方向，不能省力，其所用拉力的大小与D是一样的，都等于物体受到的滚动摩擦力。在C中使用的是动滑轮，动滑轮能够省一半的力，所以此时的拉力等于物体受到滚动摩擦力的一半，所以此时所用的力最小，即最省力。故选C。14．B【详解】建成一所医院所做的有用功是相同的，为了减小做功的时间（缩短工期），根据P=可知，需要增大挖掘机的功率，所以，上百台挖掘机同时工作，其目的是增大所有挖掘机总的功率，故B正确，ACD错误。故选B。15．A【详解】A．额外功不变，如果增加木箱重力，有用功会增大，有用功在总功中所占的比例将增大，机械效率会增大，故A符合题意；BC．动滑轮机械效率的高低与木箱上升的高度和上升的速度无关，故BC不符合题意；D．换用质量更大的动滑轮，额外功增加，有用功在总功中所占的比例将减小，机械效率降低，故D不符合题意。故选A。16．A【详解】A．用F1的力将物体B匀速提升0.5m做的功为有用功，则W有＝3J；借助滑轮组把物体B匀速提升相同高度，F2做的功是总功，即W总＝5J，所以滑轮组的机械效率η＝×100%＝60%故A正确；B．由题知，F2做功多，但不知两个过程所用时间的关系，根据P＝可知无法确定两个力做功的功率大小，故B错误；C．由W总＝W有+W额可知，使用滑轮组所做的额外功为W额＝W总﹣W有＝5J﹣3J＝2J如果忽略绳重和摩擦，根据W额＝G动h可知，动滑轮的重力为G动＝＝4N因滑轮组在实际使用过程中存在绳重和摩擦，所以动滑轮重要小于4N，故C错误；D．两个过程物体B均匀速运动，质量不变，速度不变，则动能不变，同时高度增加，则重力势能增加，其机械能增加，故D错误。故选A。17．C【详解】A．两人通过的路程相同，小明所用时间较短，所以小明速度较大，故A不符合题意；B．两人体重相同，登楼的高度也相同，根据W=Gh可知，两人人做功一样多，故B不符合题意；C．两人做功一样多，小明用时较短，根据可知，小明的功率较大，故C符合题意；D．两人将自己提升到三楼所做的功都是有用功，没有额外功，效率都是100%，故D不符合题意。故选C。18．BD【分析】【详解】A．物体B在绳的水平拉力作用下向右做匀速直线运动，因物体A受到竖直向上绳子的拉力和自身的重力是一对平衡力，所以，滑轮组绳子的拉力由图可知，滑轮组承担物重绳子的有效股数n=3，不计绳及滑轮的摩擦，绳、滑轮与弹簧测力计的重力不计，因物体B受到滑轮组向右的拉力和向左的摩擦力是一对平衡力，所以，由可得，物体B所受滑动摩擦力故A错误；B．用水平向左的力F拉动物体B可使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，此时物体A的重力不变，滑轮组绳子的拉力不变，物体B受到滑轮组的拉力不变，物体B对桌面的压力和接触面的粗糙不变，受到的摩擦力不变，因物体B受到向右的拉力和向右滑轮组绳子的拉力、摩擦力的作用下处于平衡状态，所以，水平向左的力故B正确；C．由v绳=nv物可得，物体B运动的速度F做功的功率故C错误；D．物体B匀速运动时，滑轮组绳子的拉力为F拉=50N，由图可知，弹簧测力计的拉力等于两股绳子的拉力，则弹簧测力计的示数故D正确。故选BD。19．BD【分析】【详解】A．由图乙可知经过80s物体A才露出水面，则A的上表面距水面的高度为h=vt=0.1m/s×80s=8m则长方体A在江底时上表面受到水的压强为p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×8m=8×104Pa故A错误；B．由F浮=ρ水gV排可知V排==因为A浸没在水中，所以A的体积VA=V排=1m3A的质量故A的密度故B正确；C．根据图乙可知，A未露出水面所受的拉力F1=1×104N；故A未露出水面时受到的浮力F浮=G-F1=2×104N-1×104N=1×104N故C错误；D．长方体A完全离开水面后，不计钢缆绳与滑轮间的摩擦及绳重，电动机对绳的拉力F大小为6.25×103N，则滑轮组的机械效率解得：G动=5×103N，不计钢缆绳与滑轮间的摩擦及绳重，不考虑风浪、水流等因素的影响，长方体A未露出水面时，滑轮组的机械效率故D正确。故选BD。20．BC(1)根据动力臂和阻力臂的关系判断是什么类型的杠杆；(2)已知重物对地面的压强和接触面积，根据求出重物对水平地面的压力；(3)已知重物对地面的压力和重物的重力，可求出绳子对重物的拉力，即可知重物对绳子的拉力，再根据杠杆平衡条件可求出OB的长度；(4)将F向右转过一个角度时，其力臂变小，根据杠杆平衡条件可得出F的变化情况。【详解】A．由于大于，则此杠杆是一个费力杠杆，故A错误；B．重物对水平地面的压力故B正确；C．重物对地面的压力为30N，重物的重力为40N，则绳子对重物的拉力为10N，由相互作用力可知，重物对绳子的拉力FA=10N，由杠杆平衡条件可得，OB的长度故C正确；D．将力F向右转过一个角度，力臂变小，要使重物对地面的压强不变，即阻力和阻力臂均不变，由杠杆平衡条件可得，F要变大，故D错误。故选BC。21．BC【分析】【详解】A．不计弹簧测力计、滑轮和绳子的自重及滑轮和绳子之间的摩擦，由力的平衡条件可得，弹黉测力计的示数为F=3F2=3×3N=9N故A错误；B．由图可知，水平使用滑轮组，n=2，绳子自由端移动的速度为v=2v物=2×0.1m/s=0.2m/s则拉力F2做功的功率为P=F2v=3N×0.2m/s=0.6W故B正确；C．由题意可知，物体A静止，受力平衡；由于摩擦力大小只与压力大小和接触面的粗糙程度有关，如果增大F2，物体A受到物体B对它的摩擦力大小不变，物体A受到的地面的摩擦力也大小不变，可知此时物体A仍然处于静止状态，不会向左运动，故C正确；D．由图知，水平使用滑轮组，n=2，则物体B受到物体A的摩擦力fB=2F2=2×3N=6N根据力作用的相互性可知，物体B对物体A的摩擦力向左，大小为6N；对A受力分析，A处于静止状态，水平方向上受到水平向右的拉力F1、水平向左的B对A的摩擦力f、地面对A水平向右的摩擦力f′，则物体A和地面之间摩擦力为f"=f-F1=6N-4N=2N故D错误。故选BC。22．AC【分析】【详解】A．由图可知，n=3，不计绳重和摩擦，动滑轮的重力G动=3F-G=3×250N-600N=150N故A正确；B．拉力端移动距离s=3h=3×2m=6m拉力做的功（总功）W总=Fs=250N×6m=1500J故B错误；C．拉力做功功率故C正确；D．拉力做的有用功W有用=Gh=600N×2m=1200J滑轮组的机械效率故D错误。故选AC。23．

省力

减小【详解】[1]由图知道，垃圾桶在拖动时，轮的轴相当于支点，阻力（即垃圾桶的总重力）是桶的重心，动力作用在垃圾桶的右侧，即动力臂大于阻力臂，所以，是一个省力杠杆；[2]垃圾桶底部安装小轮子，是用滚动代替滑动来减小摩擦力的。24．

40

费力【分析】【详解】[1][2]根据杠杆的平衡条件可知，当杠杆在水平位置平衡时，在A点施加竖直向上的力时，此时动力最小为由于动力臂小于阻力臂，所以此杠杆为费力杠杆。25．

费力

惯性【分析】【详解】[1]船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，可以节省距离。[2]龙舟刚刚划过终点线时，由于龙舟具有惯性，还能保持原有的运动状态，会继续向前运动一段距离。26．

是

1【分析】【详解】[1]杠杆平衡状态指的是：杠杆处于静止或匀速转动时所处的状态；如图甲所示，杠杆处于平衡状态。[2]由杠杆平衡条件FA×AO=FB×BO可得27．

200

600【分析】【详解】[1]物体对水平地面的压力为100N，根据力的相互作用知道，水平地面对物体的支持力为100N。物体受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力、竖直向上的细线的拉力，物体处于静止状态，则细线对物体的拉力为F'＝G﹣F支＝300N﹣100N＝200N[2]由于物体间力的作用是相互的，所以细线对杠杆的拉力为F'＝200N；根据杠杆平衡的条件知道F'×OA＝F×OB由于OA：OB＝3：1，所以28．

11

9

小于【分析】【详解】[1]首先对物体B分析，受到重力和绳子拉力，因为B处于静止状态，因此绳子拉力等于B的重力，即然后再对滑轮分析，向下受到滑轮自身重力和两股绳子的拉力，向上受到弹簧测力计的拉力，因为滑轮也处于静止状态，因此带入数据解得[2]对A分析，向上受到地面的支持力和绳子拉力，向下受到自身重力，所以带入数据解得根据相互作用力原理，A对地面的压力也等于9N。[3]因为A在地面上，默认重力势能为0，而B比A高，因此A的重力势能比B小。29．

12

15【分析】【详解】[1]图中滑轮是动滑轮，在滑轮重、绳重和绳与滑轮摩擦不计的情况下，动滑轮轴上的拉力F拉=2f=2×4N=8N由力的作用相互性可知，物体A受到绳子的拉力F′拉=F拉=8N物块A做匀速直线运动，水平方向上受到拉力F、绳的拉力和地面的摩擦力是平衡力，A受到的摩擦力大小fA=F-F′拉=20N-8N=12N[2]B物体移动的速度A的速度=0.75m/s拉力F的功率=FvA=20N×0.75m/s=15W30．

30

4【分析】【详解】[1]物体A在水平面上匀速前进，则fA+FAC=F绳对A的拉力FAC=F-fA=100N-40N=60NB做匀速直线运动，与地面的摩擦力[2]由图知道，滑轮为动滑轮，n=2，所以B运动的速度vB=2vA=2×2m/s=4m/s31．

定

0.3【分析】【详解】[1][2]由图可知，B的位置不动是定滑轮，只能改变力的方向；滑轮组中n=2，物体向左做匀速直线运动时所受摩擦力为0.6N，说明动滑轮右端受到大小相同的拉力作用，则绳端拉力大小为32．

150

60%

0【分析】【详解】[1]由图示知，W与s成正比，由图乙知，当功为400J时，运动的距离为4m，据W=Fs知，拉力[2]整个过程所做的有用功W有=W-W额=600J-240J=360J则机械效率[3]这个过程中，斜面对木箱的支持力垂直于斜面向上，而木箱移动的距离是沿斜面向上的，那么力的方向与移动的距离垂直，则此力所做的功为0。33．

100

80%【分析】【详解】[1]由图乙知，当提升货物重为100N时，滑轮组的机械效率为50%，图甲中滑轮组承重绳子为2根，在不计绳重及摩擦时，有所以动滑轮的重G动=100N[2]当运送的货物为400N时，滑轮组的机械效率34．

200

75【分析】【详解】[1][2]如图拉物体的力由三段绳子承担，水平拉力F=f=×600N=200N物体在水平面移动的距离为s=vt=0.1m/s×20s=2m克服摩擦做的有用功为W有=fs=600N×2m=1200J拉力做的总功为拉力做功的功率35．

大于

62.5%【分析】【详解】[1]所做有用功为W有＝Gh＝250N×2m＝500J总功为W总＝Fs＝200N×4m＝800J额外功为W额＝W总﹣W有＝800J﹣500J＝300J由W额＝fs得，摩擦力为所以拉力F大于摩擦力f。[2]机械效率为36．【详解】阻力和阻力臂不变，动力臂越长，动力越长，由图可知，力F1作用在B点时，力臂OB最大，此时力F1最小，过支点作力F2作用线的垂线段，即可做出力臂l2，如图所示；37．如图所示【详解】过A点作竖直向下的力，即阻力F2；过支点O作垂直于动力作用线的垂线段，即动力臂L1．如图所示38．【详解】画力臂的基本步骤：“一定点，二画线，三作垂线段”；A点没有动，所以确定A为支点，然后沿力F的方向画力的作用线，用虚线；从A点向力的作用线作垂线段，用实线，并标出双箭头及垂直符号，最后将力臂L标出，如下图：39．【详解】力臂是支点到力的作用线的距离。故从支点O分别作F1、F2作用线的垂线段，垂线段就是两个力的力臂L1、L2。如图：40．【分析】【详解】（1）物体A所受重力的大小为150N，此时杠杆所受阻力F2=GA=150N（2）先将F1反向延长，再从O点向F1的作用线做垂线，垂线段的长就是该力的力臂l1，如图所示：41．【分析】【详解】定滑轮的支点在其转轴上，动力为绳子的拉力，方向竖直向下，阻力为物体A对绳子竖直向下的拉力大小等于物重G，过支点分别向两个力的作用线画垂线，就得到动力臂和阻力臂，如下图42．【详解】图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则由3段绳子承担物重，是最省力的绕绳方法；绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示：43．【详解】对由一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组，可绕线方法有两股和三股两种，两种方法都达到了省力的目的，绳子股数越多越省力，根据题意滑轮组最省力的绕法是绳子股数最多，即三股绕线的方法。具体图形如下：44．（1）绕线正确1分，标记拉力F方向1分。（2）2个力正确1分，全部正确2分。【分析】【详解】（1）物体重50N，绳子能够承受的最大拉力为20N，则需要动滑轮上有3股绳，绳子的起点在动滑轮上，作图如下（2）物体B竖直方向受到一个重力和一个支持力，属于一对平衡力；当小车A与正前方的墙碰撞时，物体B由于惯性继续向右运动，此时物体B相对于小车A向右运动，故受到一个向左的摩擦力，作图如下45．

平衡

右

力臂大小

6

左

一次试验获得的数据有偶然性，不能反映普遍规律【分析】【详解】（1）[1]如图甲所示，杠杆此时处于静止状态，所以此时杠杆处于平衡状态。[2]如图甲所示，杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端调节。[3]杠杆在水平位置平衡时，力臂在杠杆上，便于利用杠杆上的标尺刻度直接读出力臂的大小。（2）[4]设杠杆每个格的长度为l，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FAlA=FBlB，即4G×3l=FB×2l解得FB=6G，需挂6个钩码。[5]根据杠杆的平衡条件：FAlA=FBlB，若A、B两点的钩码同时向支点的方向移动一个格，则左侧为4G×2l=8Gl右侧为6G×1l=6Gl因为8Gl＞6Gl，所以杠杆左端会下沉。（3）[6]小科只根据测量的一组实验数据就得出探究结论具有偶然性，故不能得出实验结论，应该改变力和力臂的大小，进行多次测量，得到普遍性的规律，使实验结果更具有代表性。46．

右

将两侧的钩码分别向内（或者向外）移动相同格数，观察杠杆是否平衡

杠杆自身重力【分析】【详解】（1）[1]由图甲可知，杠杆右端较高，应将右端的平衡螺母向移动，使杠杆在水平位置平衡。（2）[2]要验证杠杆平衡的条件是否是“动力+动力臂=阻力+阻力臂”，可使两侧的钩码分别向内（或者向外）移动一格，观察杠杆是否平衡。（3）[3]用如图丙所示装置进行探究，支点不在杠杆的中点时，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响。47．

杠杆自重

测量力臂

动力×动力臂=阻力×阻力臂

1

大于

省力【分析】【详解】（1）[1][2]把质量分布均匀的杠杆中点置于支架上，杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；实验前先调节杠杆在水平位置平衡，是为了方便直接测出力臂。（2）[3]由实验数据可知，杠杆的平衡条件为动力×动力臂=阻力×阻力臂。（3）[4]设一个钩码重为G，一格的长度为L；根据杠杆的平衡条件可得4G×2L=2G×nL解得n=4，故应该将B处所挂钩码须向右移动4-3=1格（4）[5]如图丙，小明取下B处钩码，改用弹簧测力计钩在C处，若弹簧测力计竖直向上拉，根据杠杆的平衡条件，弹簧测力计的示数由于斜拉，弹簧测力计拉力F的力臂小于4L，故F大于1N。[6]如果竖直向上拉动弹簧测力计，弹簧测力计力的力臂大于钩码的力臂，故它是省力杠杆。48．

甲

83％

越低

提升物体越重【详解】(1)[1]根据可知，第一次实验中，，因此实验1时用甲图做的实验；[2]第3次实验机械效率为：(2)[3]由表中第1次实验和第2次实验的数据可知，使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多（动滑轮的质量越大），滑轮组的机械效率越低．[4]由表数据可知，第3次实验的机械效率高于第1次实验的机械效率，其中实验变量为物体重量，所以同一滑轮组提升物体越重，可提高滑轮组的机械效率．49．

75%

3、4

越高

省力【分析】【详解】（1）[1]由表中数据，机械效率η===75%（2）[2]要验证斜面的机械效率可能与斜面的粗糙程度有关，要控制斜面倾斜程度相同，只改变斜面的粗糙程度，故由表中3、4两次实验数据可知，在斜面粗糙程度不同而斜面的倾斜程度相同时，斜面的效率不同，由此可知，斜面的机械效率与斜面的粗糙程度有关，故猜想A正确。（3）[3]由表中第1、2、3此实验数据可知，当斜面粗糙程度相同时，斜面越陡，机械效率越高。（4）[4]分析表中数据可知，斜面的长度相同，都是0.5m，高度越高，拉力F越大，即：斜面倾斜程度越大越费力，斜面倾斜程度越小越省力。由此可推知，当斜面的高度相同时，斜面越长，则倾斜程度越缓，此时会越省力。50．

匀速

乙

越低

83.3%

越高【分析】【详解】（1）[1]实验过程中要在拉动弹簧测力计时，为了准确测出拉力的大小，要使钩码匀速上升。（2）[2]由表中实验数据可知，第2次实验绳端移动的距离是钩码上升高度的5倍，由图示滑轮组可知，实验使用的是乙图所示装置做的实验。（3）[3]由（2）可知第2次实验是用图乙所示装置完成的。第1次实验绳端移动的距离是钩码上升高度的3倍，所以第1次实验使用的是甲图所示装置完成的。由表可知，第2次实验的动滑轮个数更多，但它的机械效率比第1次实验的机械效率更低，所以，在使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多(动滑轮的质量越大)，滑轮组的机械效率越低。（4）[4]由表中第1次和第3次实验数据可知，绳端移动的距离是钩码上升高度的3倍，承担动滑轮重的绳子股数n=3，则第3次实验绳端移动的距离第3次实验的机械效率（5）[5]由（4）可知，第1次和第3次实验装置都是图甲，根据表格数据可知，第3次实验的钩码更重，它的机械效率比第1次实验的机械效率更高，所以，在使用同一滑轮组，提升的重物越重，滑轮组的机械效率越高。51．

丙

丁

二

1.4

71.4%

丙

滑轮和物重相同时，滑轮组的机械效率与绕线方法无关【分析】【详解】（1）[1][2][3]由表格中两组数据可知，绳端移动距离s=0.3m，钩码被提升的高度h=0.1m，则与动滑轮连接的绳子股数结合图该组同学是利用图丙和图丁进行实验，两组数据中钩码所受的重力不相等，则该组同学是为了探究滑轮组的机械效率车与滑轮组提升的物重有关，从而验证猜想二。（2）[4][5]由图戊，拉力为1.4N；则实验二中机械效率（3）[6][7]要验证滑轮组的机城效率与滑轮组绕线的方法有关，则钩码所受重力应该相等，改变滑轮组绕线的方式，则需要图甲和图丙两个滑轮组进行对照实验。若实验测得两滑轮组的机械效率大小相等，则可得出结论：滑轮和物重相同时，滑轮组的机械效率与绕线方法无关。52．（1）1.25N；（2）80%；（3）0.65W【详解】(1)动滑轮与重物在细绳的拉力作用下做匀速直线运动，将动滑轮和物体看做整体，整体处于平衡状态，受平衡力，根据平衡力条件，可得则(2)滑轮组的机械效率(3)由题意可知，小车也做匀速直线运动，则小车的牵引力则牵引力的功率答：(1)细绳的拉力是1.25N；(2)滑轮组的机械效率是80%；(3)玩具电动小车牵引力的功率0.65W。53．(1)1m3；(2)8×103N【分析】【详解】解：(1)根据图乙可知，A露出水面时所受的拉力F1＝1.4×104N，物体A的重力G＝F2＝2.4×104N则A未露出水面时受到的浮力F浮＝G﹣F1＝2.4×104N﹣1.4×104N＝1×104N由F浮＝ρ水gV排可得A排开水的体积V排＝＝1m3因为A浸没在水中，所以A的体积V＝V排＝1m3(2)A完全离开水面后，滑轮组的机械效率为75%，此时电动机对绳的拉力F为8×103N，由公式η＝得，动滑轮上绳子的股数n＝＝4不计钢缆绳重、钢缆绳与滑轮间的摩擦，动滑轮的重力G动＝4F﹣G＝4×8×103N﹣2.4×104N＝8×103N答：(1)长方体A的体积为1m3；(2)动滑轮的重力为8×103N。54．(1)；(2)；(3)750N；(4)1687.5N【详解】(1)有用功为克服物体的重力做的功(2)拉力做的总功(3)滑轮组所做的额外功不计绳重以及滑轮与轴之间的摩擦，则克服动滑轮重力做的功为额外功，滑轮组中动滑轮的总重(4)由滑轮组的结构可知，一共有4股绳提升物体和动滑轮，若匀速提升6000N的重物，则实际拉力为答：(1)滑轮组的有用功为；(2)拉力做的总功为；(3)该滑轮组中动滑轮的总重为；(4)若匀速提升6000N的重物，则实际拉力F为。55．（1）2.5×104Pa；（2）2500N；（3）625W；（4）83.3%【分析】【详解】解：（1）由乙图可知，河水深度h=vt1=0.1m/s×25s=2.5m河床受到压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×2.5m=2.5×104Pa（2）工件露出水面后η=90%不计滑轮摩擦时有所以，动滑轮的重力（3）由图甲知，滑轮组承重绳子的根数为4根，工件出水后，绳子自由端的拉力拉力功率P=Fv=6250N×0.1m/s=625W（4）第15s时，工件只有下部正方体处于水中，由乙图可知，下部正方体边长L=vt2=0.1m/s×(25s-15s)=1m下部正方体浸没在水中时，排开水的体积V排=V=L3=(1m)3=1m3此时所受的浮力F浮=ρgV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1m3=104N所以，此时的机械效率答：（1）河床受到水的压强为2.5×104Pa；（2）滑轮的重力为2500N；（3）工件完全露出水面后，拉力做功的功率为625W；（4）第15s时的机械效率为83.3%。56．（1）60kg；（2）40N；（3）3.75×103Pa【分析】【详解】解：（1）小明对地面的压力小明站立在水平面上，小明对地面的压力等于重力的大小，即G人=F人=600N则小明的质量为m人===60kg（2）通过该装置提起重为480N的重物并保持杠杆水平静止时，根据杠杆平衡原理得杠杆B点受到的力为人对绳子的拉力与人对地面减小的压力相等，即动滑轮上有三段绳子，即n=3，则滑轮组有则动滑轮的重力（3）将如图乙的底面积为的柱形容器移动到重物正下方并让重物完全浸没在容器的液体中（液体未溢出）时，人对地面的压力的减少量为此时人对绳子拉力减少量B点拉力的减少量A点拉力的减少量A点拉力的减少是由于物体受到浮力引起的，由于容器是柱形容器，物体受到的浮力大小与液体对容器底压力的增加量相等，即则容器中液体对杯底的压强的增加量答：（1）小明的质量为60kg；（2）动滑轮的重力为40N；（3）容器中液体对杯底的压强变化量为3.75×103Pa。57．（1）24120kg；（2）32160W；（3）0.46m3【分析】【详解】解：（1）由杠杆平衡条件可得m配重g×OB=(G物+m动g)×OA代入数值得m配重×10N/kg×4m=(8×104N+40kg×10N/kg)×12m解得配重物P的质量为m配重=24120kg（2）由图可知滑轮组绳子有3股，拉力拉力F的功率是P=F×3v物=26800N×3×0.4m/s=32160W（3）绳子刚好被拉断时，由解得又由F浮=ρ液V排g得因此物体D露出体积为V露=V-V排=1m3-0.54m3=0.46m3答：（1）塔吊左边的配重物P的质量为24120kg；（2）拉力F的功率是32160W；（3）物体D露出体积为0.46m3时，绳子刚好被拉断。58．（1）1.8×103N；（2）3000W；（3）60%【分析】【详解】解：（1）石材的重力石材受到的阻力（2）从图甲可知从图乙可知石材的速度则绳子自由端的速度根据可知工人做功的功率（3）设石材移动的距离为物，则绳子自由端移动的距离为滑轮组的机械效率答：（1）石材受到的阻力为1.8×103N；（2）工人做功的功率为3000W；（3）滑轮组的机械效率为60%。59．10N～90N【分析】【详解】解：以台面右边缘为支点，左边力臂最大，右端的力最大，此时左右两侧的力臂L左=1.2m﹣0.3m=0.9mL右=0.3m根据杠杆的平衡条件GAL左=GBL右得，B端挂的物体的最大重力G最大90N若以台面左边缘为支点，右边力臂最大，力最小，此时左右两侧的力臂L左′=0.3mL右′=1.2m﹣0.3m=0.9mB端挂的物体的最小重力G最小10N答：G的取值范围为10N～90N。60．（1）0.5N；（2）8N；（3）1×103Pa~2.5×103Pa【分析】【详解】解：（1）注水中，水慢慢浸没浮盖，浮盖所受浮力慢慢变大，直到等于浮盖重力时，止水塞开始被抬起，此时F浮=G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N（2）浮盖一半浸入水中，浮力为F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1×103kg/m3×10N/kg××300×10-6m3=1.5NA