2025届高一物理第二学期期末模拟试卷及答案（共五套）

…………○…………内…………○…………装…………○……○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○……○…………内…………○…………装…………○……○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………2025年高一物理第二学期期末模拟试卷及答案（共五套）2025年高一物理第二学期期末模拟试卷及答案（一）一.选择题（本题共12小题，每题5分，共60分．其中1-9为单选，10-12为多选，全对得5分，不全得3分，选错不得分）1．物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列表述正确的是（）A．开普勒发现了万有引力定律B．牛顿通过实验测出了万有引力常量C．相对论的创立表明经典力学已不再适用D．爱因斯坦建立了狭义相对论，把物理学推进到高速领域2．关于质点的曲线运动，下列说法中不正确的是（）A．曲线运动肯定是一种变速运动B．变速运动不一定是曲线运动C．曲线运动可以是速度不变的运动D．曲线运动可以是加速度不变的运动3．一小球从某高处以初速度为v0被水平抛出，落地时与水平地面夹角为60°，抛出点距地面的高度为（）A． B．C． D．条件不足无法确定4．如图所示，小物体A与水平圆盘保持相对静止，跟着圆盘一起做匀速圆周运动，则A的受力情况是（）A．受重力、支持力B．受重力、支持力和指向圆心的摩擦力C．重力、支持力、向心力、摩擦力D．以上均不正确5．如图所示，质量为m的小球固定在杆的一端，在竖直面内绕杆的另一端做圆周运动，当小球运动到最高点时，瞬时速度v=，R是球心到O点的距离，则当球运动到最低点时对杆的作用力是（）A．6mg的拉力 B．6mg的压力 C．7mg的拉力 D．7mg的压力6．如图所示，桌面高为h，质量为m的小球从离桌面高H处自由落下，不计空气阻力，以地面为参考平面，则小球落到地面前瞬间的机械能为（）A．0 B．mgh C．mgH D．mg（H+h）7．如所示，a是地球赤道上的一点，某时刻在a的正上方有三颗轨道位于赤道平面的卫星b、c、d，各卫星的运行方向均与地球自转方向相同，图中已标出，其中d是地球同步卫星．从该时刻起，经过一段时间t（已知在t时间内三颗卫星都还没有运行一周），各卫星相对a的位置最接近实际的是图中的（）A． B． C． D．8．假如一做圆周运动的人造卫星的轨道半径r增为原来的2倍，则（）A．据v=rω可知，卫星的线速度将变为原来的2倍B．据F=可知，卫星所受的向心力减为原来的C．据F=可知，地球提供的向心力减为原来的D．由=mω2r可知，卫星的角速度将变为原来的倍9．在水平面上一轻质弹簧竖直放置，在它正上方一物体自由落下，如图所示，在物体压缩弹簧速度减为零的过程中（）A．物体的动能不断减小B．物体所受的合力减小为零C．弹簧的弹性势能减小D．物体和弹簧组成的系统机械能守恒10．轻质弹簧吊着小球静止在如图所示的A位置，现用水平外力F将小球缓慢拉到B位置，此时弹簧与竖直方向的夹角为θ在这一过程中，对于小球和弹簧组成的系统，下列说法正确的是（）A．系统的弹性势能增加 B．系统的弹性势能变小C．系统的机械能不变 D．系统的机械能增加11．为了验证平抛运动的小球在竖直方向上做自由落体运动，用如图所示的装置进行试验，小锤打击弹性金属片，A球水平抛出，同时B球被松开，自由下落，关于该实验，下列说法中正确的是（）A．两球的质量应相等B．两球应同时落地C．应改变装置的高度，多次实验D．实验也能说明A球在水平方向上做匀速直线运动12．在水平粗糙的地面上使一物体由静止开始作匀加速运动，如图示，第一次是拉力，第二次是推力，两种情况下力的作用线与水平方向夹角、力的大小、位移的大小均相同，那么比较两种情况，则下列说法不正确的是（）A．力F对物体所做的功相等 B．摩擦力对物体所做的功相等C．物体的动能变化量相等 D．力F做功的平均功率相等二.实验题13．（10分）（1）“在验证机械能守恒定律”时，如果以为纵轴，以h为横轴，根据实验数据绘出﹣h图线的斜率等于的数值．（2）在“验证机械能守恒定律”的实验中，有如下器材：A．打点计时器；B．低压交流电源（附导线）；C．天平（附砝码）；D．铁架台（附夹子）；E．重锤（附夹子）；F．纸带；G．秒表，H复写纸．其中不必要的有；还缺少的是．（3）在实验中，打点计时器所用电源频率为50Hz，当地重力加速度的值为9.80m/s2，实验要求打点计时器在打第一个点时释放纸带．甲、乙、丙三个学生分别用同一装置各打出一条纸带，量出各纸带上第1、2两点间的距离分别为0.38cm，0.19cm和0.18cm，可见其中肯定有一个学生在操作上有错误，错误操作的同学是．其错误的操作可能是．三、计算题14．（10分）汽车发动机的额定功率为40kW，质量为2000kg，当汽车在水平路面上行驶时受到阻力为车重的0.1倍，（g=10m/s2）①汽车在路面上能达到的最大速度？②若以恒定功率启动，当汽车速度为10m/s时的加速度是多少？15．（10分）将质量m=3kg的一块石头从离地面H=2m高处由静止开始释放，落入泥潭并陷入泥中h=10cm深处，不计空气阻力，求：（1）石头下落过程中能够达到的最大速度．（2）泥对石头的平均阻力．（g取10m/s2）16．（10分）如图所示，光滑的倾斜轨道与半径为R的圆形轨道相连接，质量为m的小球在倾斜轨道上由静止释放，要使小球恰能通过圆形轨道的最高点，求：（1）通过轨道点最低点时球对轨道压力多大？（2）小球释放点离圆形轨道最低点多高？

参考答案与试题解析一.选择题（本题共12小题，每题5分，共60分．其中1-9为单选，10-12为多选，全对得5分，不全得3分，选错不得分）1．物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列表述正确的是（）A．开普勒发现了万有引力定律B．牛顿通过实验测出了万有引力常量C．相对论的创立表明经典力学已不再适用D．爱因斯坦建立了狭义相对论，把物理学推进到高速领域【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、牛顿发现了万有引力定律，故A错误；B、卡文迪许通过实验测出了万有引力常量，故B错误；C、相对论的创立并不表明经典力学已不再适用，实际上在宏观、低速的情况下经典力学仍能适用．故C错误．D、爱因斯坦建立了狭义相对论，把物理学推进到高速领域，故D正确；故选：D．【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．关于质点的曲线运动，下列说法中不正确的是（）A．曲线运动肯定是一种变速运动B．变速运动不一定是曲线运动C．曲线运动可以是速度不变的运动D．曲线运动可以是加速度不变的运动【考点】曲线运动．【分析】对于曲线的理解要把握其运动特点：合外力和速度方向不同线，物体速度时刻变化，为变速运动．中学学习的典型的曲线运动有平抛运动、圆周运动等．【解答】解：A、曲线运动轨迹为曲线，因此无论速度大小是否变化运动方向一定改变，一定是变速运动，故A正确；B、变速运动轨迹不一定是曲线，可能只是速度大小发生变化，如匀变速直线运动，故B正确；C、曲线运动的速度方向时刻改变，曲线运动一定是速度变化的运动，故C错误；D、做曲线运动的条件为初速度与合外力不共线，若物体所受合外力恒定，其加速度就可不变，如平抛运动就是加速度不变的曲线运动，故D正确．本题选错误的，故选：C．【点评】对于一些比较抽象的概念要不断的通过一些实例或者特例来加深理解．3．一小球从某高处以初速度为v0被水平抛出，落地时与水平地面夹角为60°，抛出点距地面的高度为（）A． B．C． D．条件不足无法确定【考点】平抛运动．【分析】根据落地时的速度，结合平行四边形定则求出竖直方向上的分速度，通过速度位移公式求出抛出点距离地面的高度．【解答】解：小球做平抛运动，据题意有：tan60°=得：vy=v0根据速度位移公式得，抛出点距地面的高度为：h==故选：A【点评】解决本题的关键要掌握平抛运动的研究方法：运动的分解法，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行解答．4．如图所示，小物体A与水平圆盘保持相对静止，跟着圆盘一起做匀速圆周运动，则A的受力情况是（）A．受重力、支持力B．受重力、支持力和指向圆心的摩擦力C．重力、支持力、向心力、摩擦力D．以上均不正确【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】向心力是根据效果命名的力，只能由其它力的合力或者分力来充当，不是真实存在的力，不能说物体受到向心力．【解答】解：物体在水平面上，一定受到重力和支持力作用，物体在转动过程中，有背离圆心的运动趋势，因此受到指向圆心的静摩擦力，且静摩擦力提供向心力，故ACD错误，B正确．故选：B．【点评】本题学生很容易错误的认为物体受到向心力作用，要明确向心力的特点，同时受力分析时注意分析力先后顺序，即受力分析步骤．5．如图所示，质量为m的小球固定在杆的一端，在竖直面内绕杆的另一端做圆周运动，当小球运动到最高点时，瞬时速度v=，R是球心到O点的距离，则当球运动到最低点时对杆的作用力是（）A．6mg的拉力 B．6mg的压力 C．7mg的拉力 D．7mg的压力【考点】向心力．【分析】根据动能定理求出小球运动到最低点的速度，结合牛顿第二定律求出在最低点杆子对小球的作用力，从而得出球对杆的作用力大小．【解答】解：根据动能定理得，，解得最低点速度，根据牛顿第二定律得，F﹣mg=m，解得F=6mg，表现为拉力，故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道小球做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解，难度不大．6．如图所示，桌面高为h，质量为m的小球从离桌面高H处自由落下，不计空气阻力，以地面为参考平面，则小球落到地面前瞬间的机械能为（）A．0 B．mgh C．mgH D．mg（H+h）【考点】机械能守恒定律．【分析】小球落到地面瞬间重力势能为0，但动能不知道，机械能不好直接确定．但最高点时速度为零，动能为零，机械能很快求出，根据小球下落过程中机械能守恒，落地时与刚下落时机械能相等，就能求出小球落到地面前的瞬间的机械能．【解答】解：以地面为参考平面，小球在最高点时机械能为：E=mg（H+h）小球下落过程中机械能守恒，则小球落到地面前瞬间的机械能等于它在最高点时的机械能，即E′=E=mg（H+h）．故ABC错误，D正确．故选：D．【点评】本题如根据机械能的定义，不好直接求落地时小球的机械能．技巧在于选择研究最高点，此处动能为零，重力势能为mgH，机械能为mgH，运用机械能守恒，从而定出落地时的机械能，方法简单方便．7．如所示，a是地球赤道上的一点，某时刻在a的正上方有三颗轨道位于赤道平面的卫星b、c、d，各卫星的运行方向均与地球自转方向相同，图中已标出，其中d是地球同步卫星．从该时刻起，经过一段时间t（已知在t时间内三颗卫星都还没有运行一周），各卫星相对a的位置最接近实际的是图中的（）A． B． C． D．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据万有引力等于向心力：G=mr知，轨道半径越大，周期越大，则角速度越小，所以经过相同的时间，可以比较出三卫星转过的角度，而同步卫星又与地球保持相对静止．【解答】解：根据知，轨道半径越大，周期越大，则角速度越小，所以经过相同的时间，三个卫星中，b转过的角度最大，c次之，d最小，d为同步卫星，与赤道上的a保持相对静止．故A、B、C错误，D正确．故选：D．【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，知道周期与轨道半径的关系以及知道同步卫星的特点．8．假如一做圆周运动的人造卫星的轨道半径r增为原来的2倍，则（）A．据v=rω可知，卫星的线速度将变为原来的2倍B．据F=可知，卫星所受的向心力减为原来的C．据F=可知，地球提供的向心力减为原来的D．由=mω2r可知，卫星的角速度将变为原来的倍【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】人造地球卫星的轨道半径增大到原来2倍时，角速度减小，线速度减小，由数学知识分析线速度和向心力的变化．根据公式F=可分析向心力的变化．【解答】解：AD、卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，则G=mω2r，解得，卫星的角速度ω=，则知当人造卫星的轨道半径r增为原来的2倍时，其角速度减小，变为原来的倍，根据v=rω可知，卫星的线速度将变为原来的倍，故AD错误．B、由G=m，解得，卫星的线速度v=，则知线速度变为原来倍．据F=可知，卫星所受的向心力减为原来的倍，故B错误．C、据F=可知，卫星的轨道半径r增为原来的2倍时，其他量不变，则地球提供的向心力减为原来的，故C正确．故选：C【点评】本题要应用控制变量法来理解物理量之间的关系，要注意卫星的线速度、角速度等描述运动的物理量都会随半径的变化而变化．9．在水平面上一轻质弹簧竖直放置，在它正上方一物体自由落下，如图所示，在物体压缩弹簧速度减为零的过程中（）A．物体的动能不断减小B．物体所受的合力减小为零C．弹簧的弹性势能减小D．物体和弹簧组成的系统机械能守恒【考点】功能关系．【分析】以小球为研究对象，分析其受力情况，判断其运动情况，分析时抓住弹簧的弹力随压缩量的增加而增大．根据压缩量的变化，判断弹簧弹性势能的变化．物体和弹簧组成的系统只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒．【解答】解：A、在物体压缩弹簧速度减为零的过程中，物体受到向上的弹力和向下的重力，弹力不断增大，弹力先小于重力，后大于重力，所以物体的速度先增大后减小，因此动能先增大后减小，故A错误；B、当弹力小于重力时，弹力增大时，合力减小，当重力等于弹力时，合力为零，当弹力大于重力时，合力增大．所以合先减小后增大，故B错误；C、在物体压缩弹簧速度减为零的过程中，弹簧的压缩量不断增大，因此弹性势能不断增加，故C错误；D、对于物体和弹簧组成的系统，只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒．故D正确．故选：D【点评】解决本题的关键就是物体的运动过程的分析，分析清楚物体在每个过程的运动情况即可解决问题．不能简单地认为物体一碰弹簧就立即减速．10．轻质弹簧吊着小球静止在如图所示的A位置，现用水平外力F将小球缓慢拉到B位置，此时弹簧与竖直方向的夹角为θ在这一过程中，对于小球和弹簧组成的系统，下列说法正确的是（）A．系统的弹性势能增加 B．系统的弹性势能变小C．系统的机械能不变 D．系统的机械能增加【考点】功能关系；机械能守恒定律．【分析】系统的弹性势能取决于弹簧的形变量的大小，弹性势能的增减可通过弹力做功的正负判断，由于有外力F参与做功，系统机械能不守恒，总量要增加．【解答】解：A、初始状态，弹簧的弹力F弹=mg，后来F弹cosθ=mg，故弹力会增加，弹簧伸长量增加，系统弹性势能变大，故A正确，B错误；C、作用过程中，外力F做正功，系统机械能不守恒，机械能总量要增加，故C错误，D正确；故选：AD．【点评】系统的弹性势能取决于弹簧的形变量的大小，形变量大，则弹性势能大，与弹簧伸长还是压缩无关，此外，要真正理解机械能守恒的条件．11．为了验证平抛运动的小球在竖直方向上做自由落体运动，用如图所示的装置进行试验，小锤打击弹性金属片，A球水平抛出，同时B球被松开，自由下落，关于该实验，下列说法中正确的是（）A．两球的质量应相等B．两球应同时落地C．应改变装置的高度，多次实验D．实验也能说明A球在水平方向上做匀速直线运动【考点】研究平抛物体的运动．【分析】本题图源自课本中的演示实验，通过该装置可以判断两球同时落地，可以验证做平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动；【解答】解：根据装置图可知，两球由相同高度同时运动，A做平抛运动，B做自由落体运动，因此将同时落地，由于两球同时落地，因此说明A、B在竖直方向运动规律是相同的，故根据实验结果可知，平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动，不需要两球质量相等，要多次实验，观察现象，则应改变装置的高度，多次实验，故BC正确．故选：BC．【点评】本题比较简单，重点考察了平抛运动特点，平抛是高中所学的一种重要运动形式，要重点加强．12．在水平粗糙的地面上使一物体由静止开始作匀加速运动，如图示，第一次是拉力，第二次是推力，两种情况下力的作用线与水平方向夹角、力的大小、位移的大小均相同，那么比较两种情况，则下列说法不正确的是（）A．力F对物体所做的功相等 B．摩擦力对物体所做的功相等C．物体的动能变化量相等 D．力F做功的平均功率相等【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【分析】对物体进行受力分析，求出两次运动的加速度的关系，再根据功的公式及功率公式即可求解．【解答】解：A、由W=Fscosα知，由于两种情况下力的大小和位移大小相同，故力F两种情况下对物体做功一样多，故A正确；B、物体在粗糙水平面上运动时会受到阻力的作用，两种情况下物体对地面的压力不同，所以滑动摩擦力的大小也不同，但位移相等，所以摩擦力做的功不等，故B错误；C、根据动能定理，动能增加量等于总功，由于拉力F做功相同，摩擦力做功不同，故总功不同，动能增加量也就不同，故C错误；D、由牛顿第二定律可以知道：当斜向上拉时，合力F1=Fcosα﹣μ（mg﹣Fsinα）；当斜下推时，合力F2=Fcosα﹣μ（mg+Fsinα），比较可得合力F1＞F2，所以加速度a1＞a2，由于水平方向的位移相同，故第一次用的时间小于第二次用的时间，所以力F的平均功率不相同，故D错误．本题选不正确的，故选：BCD．【点评】本题考查功和功率的计算公式，要注意两次运动的时间不等，知道合力做功等于动能的变化量．难度适中．二.实验题13．（10分）（2016春•武威校级期末）（1）“在验证机械能守恒定律”时，如果以为纵轴，以h为横轴，根据实验数据绘出﹣h图线的斜率等于g的数值．（2）在“验证机械能守恒定律”的实验中，有如下器材：A．打点计时器；B．低压交流电源（附导线）；C．天平（附砝码）；D．铁架台（附夹子）；E．重锤（附夹子）；F．纸带；G．秒表，H复写纸．其中不必要的有CG；还缺少的是刻度尺．（3）在实验中，打点计时器所用电源频率为50Hz，当地重力加速度的值为9.80m/s2，实验要求打点计时器在打第一个点时释放纸带．甲、乙、丙三个学生分别用同一装置各打出一条纸带，量出各纸带上第1、2两点间的距离分别为0.38cm，0.19cm和0.18cm，可见其中肯定有一个学生在操作上有错误，错误操作的同学是甲．其错误的操作可能是先释放重物，后接通电源．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1）根据机械能守恒得出﹣h的关系式，从而得出图线斜率的含义．（2）根据实验的原理确定所需测量的物理量，从而确定所需的器材和不必要的器材．（3）当重物做自由落体运动，根据位移时间公式得出第一、二点的距离，从而分析判断．【解答】解：（1）根据机械能守恒有：，则，可知图线的斜率等于g的数值．（2）实验中验证机械能守恒，即验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，两端都有质量，可以约去，所以不需要天平；由于打点计时器可以记录时间，所以不需要秒表；在实验中，需要用刻度尺测量点迹间的距离，所以需要刻度尺．其中不必要的有：CG，缺少的是刻度尺．（3）若重物做自由落体运动，则第一二两点间的距离x=，错误操作的同学是甲，错误的操作可能是先释放重物，后接通电源．故答案为：（1）g，（2）CG，刻度尺，（3）甲，先释放重物，后接通电源．【点评】解决本题的关键知道实验的原理，以及知道实验中的注意事项，根据表达式分析图线斜率的含义，难度不大．三、计算题14．（10分）（2016春•武威校级期末）汽车发动机的额定功率为40kW，质量为2000kg，当汽车在水平路面上行驶时受到阻力为车重的0.1倍，（g=10m/s2）①汽车在路面上能达到的最大速度？②若以恒定功率启动，当汽车速度为10m/s时的加速度是多少？【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】（1）当汽车达到最大速度时，处于受力平衡状态，汽车的牵引力和阻力大小相等，由P=Fv=fvm可以求得最大速度；（2）首先要求出速度为10m/s时汽车的牵引力的大小，再由牛顿第二定律可以求得此时加速度的大小．【解答】解：①汽车有最大速度时，此时牵引力与阻力相等，有：P=Fv=fvm可得汽车最大速度为：vm===10m/s②当速度v=10m/s时，牵引力为：F牵==N=4000N，故此时加速度为：a==m/s2=1m/s2答：①汽车在路面上能达到的最大速度为10m/s；②若以恒定功率启动，当汽车速度为10m/s时的加速度是1m/s2．【点评】本题考查的是机车启动的两种方式，即恒定加速度启动和恒定功率启动．要求同学们能对两种启动方式进行动态分析，能画出动态过程的方框图，公式p=Fv，p指实际功率，F表示牵引力，v表示瞬时速度．当牵引力等于阻力时，机车达到最大速度．15．（10分）（2016春•武威校级期末）将质量m=3kg的一块石头从离地面H=2m高处由静止开始释放，落入泥潭并陷入泥中h=10cm深处，不计空气阻力，求：（1）石头下落过程中能够达到的最大速度．（2）泥对石头的平均阻力．（g取10m/s2）【考点】动能定理的应用．【分析】（1）石头先做自由落体运动，然后做减速运动，石头刚与地面接触时速度最大，应用匀变速直线运动的速度位移公式可以求出最大速度．（2）对石头的整个运动过程应用动能定理可以求出泥土对石头的平均阻力．【解答】解：（1）由匀变速直线运动的速度位移公式可知，最大速度为：v===2m/s；（2）对石块整个运动过程，由动能定理得：mg（H+h）﹣fh=0﹣0，解得：f===630N；答：（1）石头下落过程中能够达到的最大速度是2m/s．（2）泥对石头的平均阻力为630N．【点评】本题考查了求石头的最大速度、求阻力问题，分析清楚石头的运动过程是解题的关键，应用匀变速直线运动的速度位移公式与动能定理可以解题．16．（10分）（2016春•武威校级期末）如图所示，光滑的倾斜轨道与半径为R的圆形轨道相连接，质量为m的小球在倾斜轨道上由静止释放，要使小球恰能通过圆形轨道的最高点，求：（1）通过轨道点最低点时球对轨道压力多大？（2）小球释放点离圆形轨道最低点多高？【考点】动能定理的应用；向心力．【分析】（1）要使小球恰能通过圆轨道的最高点，那么小球在最高点时，应该恰好由物体的重力作为向心力，由向心力的公式可以求得小球通过最高点的速度，由机械能守恒求出小球通过轨道最低点时的速度．在最低点，由合力提供向心力，由牛顿第二定律求出轨道对小球的支持力，从而得到小球对轨道的压力．（2）由机械能守恒可以求得释放点离地面的高度．【解答】解：（1）小球恰能通过圆形轨道的最高点时，有mg=m，得vC=令小球通过最低点的速度为vB，从B到C的过程，由机械能守恒定律得：mvB2=mg•2R+在最低点，由牛顿第二定律得：F﹣mg=m由以上三式妥得：F=6mg．由牛顿第三定律得小球对轨道的压力为：F′=F=6mg，方向竖直向下．（2）从A到C的过程，由机械能守恒定律得：mg（H﹣2R）=mvC2又vC=联立解得H=2.5R答：（1）通过轨道点最低点时球对轨道的压力是6mg，方向竖直向下．（2）小球释放点离圆形轨道最低点为2.5R．【点评】本题是圆周运动中轻绳的模型，关键应明确小球通过圆轨道的最高点的临界条件是：重力等于向心力，在最低点由合力充当向心力．2025年高一物理第二学期期末模拟试卷及答案（二）考试时间：100分钟学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）1．某人沿着半径为R的水平圆周跑道跑了1．75圈时，他的A.路程和位移的大小均为3．5πRB.路程和位移的大小均为C.路程为3．5πR、位移的大小为D.路程为1．75πR、位移的大小为2．如图所示，用一根长杆和两个定滑轮的组合装置来拉动放置在光滑斜面上的重物，长杆的一端放在地面上通过铰链连结形成转轴，其端点恰好处于左侧滑轮正下方O点处，杆长为L，O点到左侧定滑轮的竖直距离为L，不计滑轮的大小，在杆的另一端拴一细绳，通过两个滑轮后拴在斜面上的重物上，连接重物的绳与斜面平行，现在杆的另一端用力，使其逆时针匀速转动，由竖直位置以角速度ω转至水不（转过了90°角）.斜面的倾角为30°，斜面足够长，在杆转过900的过程中，下列说法中正确的是A.重物M先做加速运动后做减速运动B.B.重物M的最大速度是C.斜面体对地面的压力先增大后减小D.地面对斜面体的摩擦力先向左后向右3．竖直上抛物体受到的空气阻力Ff大小恒定，物体上升到最高点时间为t1，从最高点再落回抛出点所需时间为t2，上升时加速度大小为a1，下降时加速度大小为a2，则()A.a1＞a2，t1＜t2B.a1＞a2，t1＞t2C.a1＜a2，t1＜t2D.a1＜a2，t1＞t24．如图所示为一质点从t＝0时刻开始，做初速度为零的匀加速直线运动的位移—时间图象，图中斜虚线为t＝4s时对应图象中的点的切线，交时间轴于t＝2s处，由此可知该质点做匀加速运动的加速度为()A.2m/s2B.m/s2C.m/s2D.m/s25．在光滑水平面上，a、b两球沿水平面相向运动。当两球间距小于或等于L时，受到大小相等、相互排斥的水平恒力作用；当两球间距大于L时，则相互作用力为零。两球在相互作用区间运动时始终未接触，两球运动的v-t图象如图所示，则A.a球质量小于b球质量B.t1时刻两球间距最小C.0-t2时间内，两球间距逐渐减小D.0-t3时间内，b球所受排斥力方向始终与运动方向相反6．边长为L的正方形线圈A，通有逆时针方向的恒定电流I，用两根轻质绝缘细线静止地悬挂在水平长直导线MN的正下方h处，如图所示。当导线MN中无电流时，两细绳中张力均为T；当通过MN的电流为I1时，两细绳中张力均减为aT（0<a<1）；而当通过MN的电流为I2时，细绳中张力恰好为零。已知长直通电导线周围磁场的磁感应强度B与到导线的距离r成反比（即，k为常数）。由此可知，MN中的电流方向和电流大小之比I1:I2分别为()A.向左，1+aB.向右，1+aC.向左，1-aD.向右，1-a7．如图所示，固定的竖直光滑U型金属导轨，间距为L，上端接有阻值为R的电阻，处在方向水平且垂直于导轨平面、磁感应强度为B的匀强磁场中，质量为m、电阻为r的导体棒与劲度系数为k的固定轻弹簧相连放在导轨上，导轨的电阻忽略不计。初始时刻，弹簧处于伸长状态，其伸长量为，此时导体棒具有竖直向上的初速度v0。在沿导轨往复运动的过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触。则下列说法正确的是()A.初始时刻导体棒受到的安培力大小B.初始时刻导体棒加速度的大小C.导体棒往复运动，最终静止时弹簧处于压缩状态D.导体棒开始运动直到最终静止的过程中，电阻R上产生的焦耳热8．下列所示图象，描述物体做匀速直线运动的是()A.B.C.D.9．如图所示，质量分别为MA、MB的两小球A、B，且MA>MB，A、B穿过一绕过一定滑轮的轻绳，绳子末端与地面的距离相同，两小球在同一高度。小球A、B与轻绳的滑动摩擦力都为重力的K倍（0<K<1），设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现由静止同时释放A、B两个小球，不计定滑轮的质量，忽略绳子与定滑轮之间的摩擦力，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A.A对绳的作用力与B对绳的作用力的大小相同B.A、B、绳、滑轮组成的系统机械能守恒C.刚释放时D.刚释放时10．如图所示质量相同的三个小球A、B、C悬挂于天花板上，处于静止状态，弹簧轻质，轻质细绳不可伸缩，剪断A、B间细绳的瞬间，A、B、C三者的加速度分别为a1、a2、a3，则（）A.a1=2g，方向竖直向上B.a2=2g，方向竖直向下C.a3=g，方向竖直向下D.B、C间绳的拉力剪断前后不变11．如图，两光滑斜面在B处链接，小球由A处静止释放，经过B、C两点时速度大小分别为3m/s和4m/s，AB=BC。设球经过B点前后的速度大小不变，则A.球在AB、BC段的运动时间之比为7:4B.球在AB、BC段的加速度大小之比为9:7C.球在AB、BC段的重力做功之比为9:16D.球由A运动到C的过程中平均速率为2.1m/s12．如图所示，质量为M的斜劈放置在水平地面上，细线绕过滑轮连接物体，连接细线与斜劈平行，滑轮由细线固定在竖直墙O处，滑轮用轻质杆固定在天花板上，动滑轮跨在细线上，其下端悬挂质量为的物体，初始整个装置静止，不计细线与滑轮间摩擦，下列说法正确的是A.若增大质量，、M仍静止，待系统稳定后，细线张力大小不变B.若增大质量，、M仍静止，待系统稳定后，地面对M摩擦力变大C.若将悬点O上移，、M仍静止，待系统稳定后，细线与竖直墙夹角变大D.若将悬点O上移，、M仍静止，待系统稳定后，地面对M摩擦力不变13．已知一足够长的传送带与水平面的倾角为θ，以一定的速度匀速运动。某时刻在传送带适当的位置放上具有一定初速度的物块（如图a所示），以此时为t＝0时刻记录了小物块之后在传送带上运动速度随时间的变化关系，如图b所示（图中取沿斜面向上的运动方向为正方向，其中两坐标大小v1＞v2）。已知传送带的速度保持不变。（g取10m/s2）则A.0～t1内，物块对传送带做负功B.物块与传送带间的动摩擦因数为μ，μ>tanθC.0～t2内，传送带对物块做功为D.系统产生的热量大小一定大于物块动能的变化量大小第II卷（非选择题）14．质量为1kg的物体自足够高处自由落下（不计空气阻力），g取10m/s2，在下落3s的时间内重力对物体所做的功WG=________J。15．如图1所示，巴铁（又称“陆地空客”）是一种能有效缓解城市拥堵的未来交通工具，某实验室为了研究其运行时的动力学特性，制造了一辆质量为200kg的模型车，该模型车在运行时所受阻力为车重的0.08倍，某次试验中该车在25s内运动的v-t图像如图2所示，则模型巴铁10s末牵引力做功为____J；20s末牵引力功率____W。16．为了测量小滑块与水平桌面间的动摩擦因数，某小组设计了如图甲所示的实验装置，其中挡板可固定在桌面上，轻弹簧左端与挡板相连，图中桌面高为h，O1、O2、A、B、C点在同一水平直线上。已知重力加速度为g，空气阻力可忽略不计。实验过程一：如图甲所示，挡板固定在O1点，推动滑块压缩弹簧，滑块移到A处，测量O1A的距离。滑块由静止释放，落在水平面上的P点，测出P点到桌面右端的水平距离为x1。实验过程二：如图乙所示，将挡板的固定点移到距O1点距离为d的O2点，推动滑块压缩弹簧，滑块移到C处，使O2C的距离与O1A的距离相等。滑块由静止释放，落在水平面上的Q点，测出Q点到桌面右端的水平距离为x2。（1）为完成本实验，下列说法中正确的是________。A．必须测出小滑块的质量B．必须测出弹簧的劲度系数C．弹簧的压缩量不能太小D．必须测出弹簧的原长（2）写出动摩擦因数的表达式μ＝____________。（用题中所给物理量的符号表示）（3）在进行实验过程二时，发现滑块未能滑出桌面。为了仍能测量小滑块与水平桌面间的动摩擦因数，实验小组测量出滑块停止滑动的位置到B点的距离l。写出动摩擦因数的表达式μ＝____________。（用题中所给物理量的符号表示）（4）某同学认为，不测量桌面高度，改用秒表测出小滑块从飞离桌面到落地的时间，也可测出小滑块与水平桌面间的动摩擦因数。此实验方案________。（选填“可行”或“不可行”）17．某实验小组利用如图所示的装置探究弹簧的弹力与弹簧伸长量的关系．在实验过程中，弹簧的形变始终在弹性限度内，弹簧自身质量可忽略不计．根据实验数据，他做出了F-x图象，如图所示，据此可知：在弹性限度内，弹簧的弹力F跟弹簧伸长量x成_______（选填“正比”或“反比”）；弹簧的劲度系数k=______N/m．18．如图所示，两根倾斜直金属导轨MN、PQ平行放置，它们所构成的轨道平面与水平面之间的夹角θ=37º，两轨道之间的距离L=0．50m。一根质量m=0．20kg的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直，且接触良好，整套装置处于与ab棒垂直的匀强磁场中。在导轨的上端接有电动势E=36V、内阻r=1．6Ω的直流电源和电阻箱R。已知导轨与金属杆的电阻均可忽略不计，sin37º=0．60，cos37º=0．80，重力加速度g=10m/s2。（1）若金属杆ab和导轨之间的摩擦可忽略不计，当电阻箱接入电路中的电阻R1=2．0Ω时，金属杆ab静止在轨道上。①如果磁场方向竖直向下，求满足条件的磁感应强度的大小；②如果磁场的方向可以随意调整，求满足条件的磁感应强度的最小值及方向；（2）如果金属杆ab和导轨之间的摩擦不可忽略，整套装置处于垂直于轨道平面斜向下、磁感应强度大小B=0．40T的匀强磁场中，当电阻箱接入电路中的电阻值R2=3．4Ω时，金属杆ab仍保持静止，求此时金属杆ab受到的摩擦力f大小及方向。参考答案1．C2．A3．A4．B5．C6．C7．BC8．BC9．AC10．AC11．BD12．AD13．ABD14．45015．16000016．C不可行17．正比10018．（1）①0．30T；②0．24T；垂直于轨道平面斜向下；（2）0．24N；沿轨道平面向下。2025年高一物理第二学期期末模拟试卷及答案（三）一．单项选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，选错或不答的得0分．1．汽车在平直的公路上向东冒雨行驶，下列说法中正确的是（）A．选择汽车为参考系，雨滴是静止的B．选择地面为参考系，坐在汽车里的乘客是静止的C．选择汽车为参考系，路旁的树木在向西运动D．选择乘客为参考系，刮雨器一定是静止的2．一个物体在三个共点力的作用下做匀速直线运动，则这个三个力的大小可能是（）A．3N5N9N B．5N10N10NC．3N5N1N D．20N7N10N3．物体A的加速度为3m/s2，物体B的加速度为﹣5m/s2，下列说法中，正确的是（）A．物体A的加速度比物体B的加速度大B．物体B的速度变化比物体A的速度变化快C．物体A的速度一定在增加D．物体B的速度一定在减小4．在匀速前进的小车上放一个竖直的木块，突然发现木块向左倾倒，如图所示，这是因为小车（）A．向右加速 B．向右减速C．向左加速 D．以上分析都不正确5．质点做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，下列说法错误的是（）A．在第1秒末速度方向发生了改变B．在第1秒末加速度方向发生了改变C．物体做匀变速直线运动D．第2秒末的位置与质点运动的初始位置相同6．在升降机内，一人站在磅秤上，发现磅秤的示数比自己的实际体重减轻了20%，则下列判断正确的是（g取10m/s2）（）A．升降机以8m/s2的加速度加速上升B．升降机以8m/s2的加速度减速上升C．升降机以2m/s2的加速度加速上升D．升降机以2m/s2的加速度加速下降7．一根轻质弹簧竖直悬挂一小球，小球和弹簧的受力如图所示，下列说法正确的是（）A．F1的施力者是弹簧 B．F2的反作用力是F3C．F3的施力者是地球 D．F4的反作用力是F18．质量为m的木块放在光滑水平面上，在水平力恒F的作用下从静止开始运动，关于t时刻F的功率，下列说法正确的是（）A．功率是 B．功率是C．功率是 D．功率是9．乘客站在扶梯上不动，随自动扶梯匀加速斜向上运动，如图，下列说法正确的是（）A．乘客不受摩擦力的作用B．乘客受到水平向左的摩擦力作用C．乘客受到水平向右的摩擦力作用D．乘客所受合力竖直向上10．如图，跳水运动员最后踏板的过程可以简化为下述模型：运动员从高处落到处于自然状态的跳板（A位置）上，随跳板一同向下运动到最低点（B位置）．对于运动员从开始与跳板接触到运动至最低点的过程中，下列说法正确的是（）A．运动员到达最低点时，其所受外力的合力为零B．在这个过程中，运动员的动能一直在减小C．在这个过程中，跳板的弹性势能一直在增加D．在这个过程中，运动员所受重力对她做的功大于跳板的作用力对她做的功二．多项选择题：本大题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错或不答得0分．11．如图，消防车匀速向前行驶的同时，消防员沿梯子向上做匀减速直线运动，在地面上看，下列说法中正确的是（）A．消防队员做直线运动B．消防队员做曲线运动C．消防队员的速度方向保持不变D．消防队员的加速度方向保持不变12．如图所示是一种叫“飞椅”的游乐项目，长为L的钢绳一端系着座椅，另一端固定在水平转盘边缘，盘可绕穿过其中心的竖直轴转动．当转盘匀速转动时，钢绳与竖直方向的夹角为θ．关于座椅下列说法正确的是（）A．座椅做匀速圆周运动的半径为LsinθB．钢绳的拉力与重力的合力提供向心力C．座椅所受合力保持不变D．钢绳的拉力大于座椅重力13．将一石子从高处斜向上抛出，空气阻力不计，则影响石子落地速度大小的因数有（）A．初速度的大小 B．初速度的方向 C．石子的质量 D．抛出时的高度14．2013年4月将出现“火星合日”的天象“火星合日”是指火星、太阳、地球三者之间形成一条直线时，从地球的方位观察，火星位于太阳的正后方，火星被太阳完全遮蔽的现象，如图所示已知地球、火星绕太阳运行的方向相同，若把火星和地球绕太阳运行的轨道视为圆，火星绕太阳公转周期约等于地球公转周期的2倍，由此可知（）A．“火星合日”约每1年出现一次B．“火星合日”约每2年出现一次C．火星的公转半径约为地球公转半径的倍D．火星的公转半径约为地球公转半径的8倍15．如图所示，半球形壳竖直固定放置在水平面上，半径为R．质量为m的物块，沿壳内壁滑下，滑到最低点时速度大小为v，若物体与球壳内壁之间的动摩擦因数为μ．当物体在最低点时，下列说法正确的是（）A．物块受到的支持力为mg+mB．物块受到的摩擦力为μmC．物块受到的摩擦力为μ（mg+m）D．物块受到的合力方向斜向左上方三．实验题：（本大题12分）16．①在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验中，以下说法正确的是A．弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C．用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D．用不同种类的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，可得出拉力与伸长量之比相等②一同学在探究弹力和弹簧伸长量的关系时，将不同的钩码分别挂在竖直悬挂弹簧的下端，钩码重量与相应的弹簧总长度数据如下表所示．请在坐标纸上作出弹簧所受弹力F与弹簧总长L之间的关系图线；钩码重量F/N036912弹簧总长L/cm5.06.27.48.69.8③由实验图线可得到弹簧的劲度系数为N/m．17．某实验小组利用拉力传感器、光电门等器材探究滑块“动能定理”的实验，实验装置如图所示，在滑块上安装一遮光条与拉力传感器，把滑块放在水平气垫导轨上并静止在A处，并通过定滑轮的细绳与钩码相连，光电门安装在B处．测得滑块（含遮光板和拉力传感器）质量为M、钩码总质量为m、AB之间的距离为L，当地的重力加速度为g．将滑块在如图A位置由静止释放后，拉力传感器记录下滑块在运动过程的拉力为F，光电计时器记录下遮光条通过光电门的时间分别为△t．①实验中是否要求钩码总质量m远小于滑块质量M（填：是、否）②实验中还需要测量的物理量是（用文字及相应的符号表示）．③则本实验中探究滑块动能定理的表达式为（用以上对应物理量的符号表示）．四．计算题：本大题共4小题，共38分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．18．如图所示，水平台面AB距地面的高度h=0.80m．有一滑块从A点以v0=6.0m/s的初速度在台面上做匀变速直线运动，滑块与平台间的动摩擦因数μ=0.25．滑块运动到平台边缘的B点后水平飞出．已知AB=2.2m．不计空气阻力，g取10m/s2，求：（1）滑块从B点飞出时的速度大小（2）滑块落地点到平台边缘的水平距离．19．如图，质量m=2kg的物体静止于水平地面的A处，A、B间距L=20m．用大小为30N，沿水平方向的外力拉此物体，经t0=2s拉至B处．（1）求物体与地面间的动摩擦因数μ；（2）用大小为30N，与水平方向成37°的力斜向上拉此物体，求物体的加速度．20．“荡秋千”是很多小朋友喜欢玩的游乐项目，质量为m=20kg的小孩坐在秋千板上，小孩重心离系绳子的横梁的距离为L=2.5m．让小孩从摆绳与竖直方向成60°处自由释放，不计一切阻力，g取10m/s2，求：（1）秋千板摆到最低点时，小孩运动速度的大小；（2）摆到最低点时，放开双手，则小孩对秋千板的压力是多大？21．如图，ABC为固定在竖直平面内的轨道，AB为光滑的四分之一圆弧，与粗糙水平面BC相切．将质量m=0.5kg的滑块从A点静止释放，滑块与水平面间的动摩擦因数μ1=0.1，滑块从B点滑行L=18m后到达C点时速度v1=8m/s．现将BC间的一段MN用铁刷划擦，使该段的动摩擦因数变为μ2=0.5，再使滑块从A点静止释放，到达C点的速度为v2=4m/s，g取10m/s2．（1）求圆弧的半径R；（2）求MN段的长度x；（3）若BC间用铁刷划擦的MN段的长度不变，铁刷划擦的MN段的位置可设定，求滑块从B运动到C的最短时间是多少．

参考答案与试题解析一．单项选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，选错或不答的得0分．1．汽车在平直的公路上向东冒雨行驶，下列说法中正确的是（）A．选择汽车为参考系，雨滴是静止的B．选择地面为参考系，坐在汽车里的乘客是静止的C．选择汽车为参考系，路旁的树木在向西运动D．选择乘客为参考系，刮雨器一定是静止的【考点】参考系和坐标系．【分析】运动和静止是相对的，判断一个物体的运动状态，首先要看选择谁做参考系，其次看这个物体相对于参考系的位置是否发生了改变．【解答】解：A、选择汽车为参考系雨滴下降的同时还要向西运动，故A错误；B、选择地面为参考系，坐在汽车里的乘客与汽车一起向东运动，故B错误；C、汽车相对路旁的树木向东运动，故选择汽车为参考系，路旁的树木向西运动，故C正确；D、选择乘客为参考系，工作的刮雨器是转动的，故D错误；故选：C．【点评】判断物体之间的相对运动状态，除了选好参照物以外，还要比较它们的相对速度和相对方向发生了怎样的变化．2．一个物体在三个共点力的作用下做匀速直线运动，则这个三个力的大小可能是（）A．3N5N9N B．5N10N10NC．3N5N1N D．20N7N10N【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【分析】当这三个共点力的方向都相同的时候，合力最大，当其中任何两个力的合力与第三个力大小相等方向相反的时候，合力为零．【解答】解：A、3N和5N的合力的范围是2N≤F≤8N，9N不在这个范围内，合力不可能为零，所以A错误；B、5N和10N的合力的范围是5N≤F≤15N，10N在这个范围内，合力可以为零，所以B正确；C、3N和5N的合力的范围是2N≤F≤8N，1N不在这个范围内，合力不可能为零，所以C错误；D、7N和20N的合力的范围是13N≤F≤27N，10N在这个范围内，合力不可能为零，所以D错误；故选：B【点评】求三个力的合力的时候，一定能要注意三个力的合力有可能为零的情况．3．物体A的加速度为3m/s2，物体B的加速度为﹣5m/s2，下列说法中，正确的是（）A．物体A的加速度比物体B的加速度大B．物体B的速度变化比物体A的速度变化快C．物体A的速度一定在增加D．物体B的速度一定在减小【考点】加速度．【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．【解答】解：A、物体B的加速度大于物体A的加速度，可知物体B的速度变化比较快．故A错误，B正确．C、由于物体A、B的加速度方向与速度方向的关系未知，则无法判断物体A、B的速度是增加还是减小．故C、D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．4．在匀速前进的小车上放一个竖直的木块，突然发现木块向左倾倒，如图所示，这是因为小车（）A．向右加速 B．向右减速C．向左加速 D．以上分析都不正确【考点】惯性．【分析】先分析木块和小车原来的运动状态，再分析当小车运动状态改变时的情况，根据一切物体都有保持原来运动状态的性质来分析小车的运动状态．【解答】解：木块和小车原来一起作匀速直线运动，并且木块和小车具有共同的速度，发现木块向左倒，说明小车可能向右做加速运动或向左做减速运动，木块由于惯性，保持原来的运动状态向前运动而产生的，故A正确，BCD错误．故选：A【点评】一切物体都有保持静止状态或匀速直线运动状态的性质，我们把物体保持运动状态不变的性质叫做惯性，此题主要考查学生对惯性的理解和应用，会用惯性知识分析物体的运动状态．5．质点做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，下列说法错误的是（）A．在第1秒末速度方向发生了改变B．在第1秒末加速度方向发生了改变C．物体做匀变速直线运动D．第2秒末的位置与质点运动的初始位置相同【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】速度图象为的坐标的正负表示质点运动的方向；根据图象的斜率可分析加速度是否发生变化，同时明确图象所表示的运动性质；再根据图象与时间轴围成的面积来分析物体位移的变化．【解答】解：A、第1s末时物体的速度由正方向变成了反方向，故方向发生了变化；故A正确；B、由于图象的斜率一直没有变化，故物体的加速度没有变化；故B错误；C、物体加速度一直不变，故物体做匀变速直线运动；故C正确；D、图象与时间轴围成的面积表示位移，则由图可知，第2秒末的位置与质点运动的初始位置相同；故D正确；本题选错误的；故选：B．【点评】本题的解题关键是根据速度的正负表示质点的运动方向，v﹣t图象为倾斜的直线表示匀变速直线运动，同时注意图象与时间轴围成的面积表示位移．要注意理解和应用．6．在升降机内，一人站在磅秤上，发现磅秤的示数比自己的实际体重减轻了20%，则下列判断正确的是（g取10m/s2）（）A．升降机以8m/s2的加速度加速上升B．升降机以8m/s2的加速度减速上升C．升降机以2m/s2的加速度加速上升D．升降机以2m/s2的加速度加速下降【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度．根据牛顿第二定律求出升降机的加速度．【解答】解：人站在磅秤上受重力和支持力，发现了自已的体重减少了20%，处于失重状态，具有向下的加速度，根据牛顿第二定律得：a===0.2g=2m/s2，方向向下，升降机向上做匀减速直线运动或向下做匀加速直线运动，故ABC错误，D正确；故选：D．【点评】本题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，对人进行受力分析求出人的加速度，本题就可以解决了．7．一根轻质弹簧竖直悬挂一小球，小球和弹簧的受力如图所示，下列说法正确的是（）A．F1的施力者是弹簧 B．F2的反作用力是F3C．F3的施力者是地球 D．F4的反作用力是F1【考点】作用力和反作用力．【分析】小球受到重力和弹簧的拉力．弹簧对小球的拉力与小球对弹簧的拉力是一对作用力与反作用力．【解答】解：A、F1是小球的重力，其施力物体是地球．故A错误．B、F2弹簧对小球的拉力，F3小球对弹簧的拉力，两力是一对作用力与反作用力．故B正确．C、F3是小球对弹簧的拉力，所以F3的施力物体是小球．故C错误．D、F4与F1没有直接关系，不是一对作用力与反作用力．故D错误．故选：B【点评】确定施力物体，关键要明确力是哪个物体对哪个物体的作用．基础题．8．质量为m的木块放在光滑水平面上，在水平力恒F的作用下从静止开始运动，关于t时刻F的功率，下列说法正确的是（）A．功率是 B．功率是C．功率是 D．功率是【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】根据牛顿第二定律求出木块的加速度大小，结合速度时间公式求出t时刻的速度，根据P=Fv求出功率的大小．【解答】解：根据牛顿第二定律得，a=，则t时刻的速度v=at=，F的功率P=Fv=，故D正确，A、B、C错误．故选：D．【点评】解决本题的关键知道平均功率和瞬时功率的区别，掌握这两种功率的求法，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解．9．乘客站在扶梯上不动，随自动扶梯匀加速斜向上运动，如图，下列说法正确的是（）A．乘客不受摩擦力的作用B．乘客受到水平向左的摩擦力作用C．乘客受到水平向右的摩擦力作用D．乘客所受合力竖直向上【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．【分析】自动扶梯上的人随扶梯斜向上做匀加速运动，人的加速度斜向上，将加速度分解到水平和竖直方向，根据牛顿第二定律即可求解．【解答】解：人随扶梯匀加速斜向上运动，人的加速度斜向上，由牛顿第二定律可知，人所受的合力斜向上方，故D错误；设人的加速度大小为a，人的加速度斜向上，将加速度分解到水平和竖直方向得：ax=acosθ，方向水平向左；ay=asinθ，方向竖直向上，水平方向受静摩擦力作用，f=ma=macosθ，方向水平向右，故AB错误，C正确；故选：C．【点评】本题考查了受力分析，考查了牛顿第二定律的应用，解决本题时可以把加速度进行分解，结合牛顿第二定律求解．也可以定性分析．10．如图，跳水运动员最后踏板的过程可以简化为下述模型：运动员从高处落到处于自然状态的跳板（A位置）上，随跳板一同向下运动到最低点（B位置）．对于运动员从开始与跳板接触到运动至最低点的过程中，下列说法正确的是（）A．运动员到达最低点时，其所受外力的合力为零B．在这个过程中，运动员的动能一直在减小C．在这个过程中，跳板的弹性势能一直在增加D．在这个过程中，运动员所受重力对她做的功大于跳板的作用力对她做的功【考点】机械能守恒定律．【分析】运动员从接触跳板开始，受到弹力和重力两个力，在整个过程中，弹力从0增加到最大，合力先减小后增大，速度先增大后减小．【解答】解：A、从接触跳板到最低点，弹力一直增大，合力先减小后增大．故A错误．B、加速度的方向先向下后向上，速度先和加速度同向再和加速度反向，可知速度先增大后减小，动能先增大后减小．故B错误．C、形变量一直在增大，弹性势能一直在增加．故C正确．D、根据动能定理，重力做正功，弹力做负功，动能在减小，所以运动员所受重力对他做的功小于跳板的作用力对他做的功．故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键掌握力与运动的关系，当加速度与速度同向，速度增加，当加速度与速度反向，速度减小．二．多项选择题：本大题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错或不答得0分．11．如图，消防车匀速向前行驶的同时，消防员沿梯子向上做匀减速直线运动，在地面上看，下列说法中正确的是（）A．消防队员做直线运动B．消防队员做曲线运动C．消防队员的速度方向保持不变D．消防队员的加速度方向保持不变【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】消防员参与了沿梯子方向的匀减速直线运动和水平方向上的匀速直线运动，通过合速度与合加速度是否在同一条直线上判断消防员做直线运动还是曲线运动．【解答】解：A、消防车匀速前进时，消防员沿梯子向上做匀减速直线运动，消防队员所受合外力沿梯子向下，加速度方向沿梯子向下，消防队员的速度方向斜向左上方，加速度方向与速度方向不在同一直线上，消防队员做曲线运动，故A错误，B正确；C、消防队员做曲线运动，速度方向不断发生变化，故C错误；D、消防队员做匀变速运动，加速度保持不变，加速度方向保持不变，故D正确；故选：BD．【点评】解决本题的关键掌握运动的合成与分解，知道通过分解为水平方向和竖直方向来判断消防队员在水平方向的速度变化．12．如图所示是一种叫“飞椅”的游乐项目，长为L的钢绳一端系着座椅，另一端固定在水平转盘边缘，盘可绕穿过其中心的竖直轴转动．当转盘匀速转动时，钢绳与竖直方向的夹角为θ．关于座椅下列说法正确的是（）A．座椅做匀速圆周运动的半径为LsinθB．钢绳的拉力与重力的合力提供向心力C．座椅所受合力保持不变D．钢绳的拉力大于座椅重力【考点】向心力．【分析】根据几何关系求出座椅做圆周运动的半径，座椅靠重力和拉力的合力提供向心力，合力的方向始终指向圆心．【解答】解：A、设转盘的半径为R，根据几何关系知，座椅做匀速圆周运动的半径r=Lsinθ+R，故A错误．B、座椅做匀速圆周运动，靠拉力和重力的合力提供向心力，故B正确．C、合力提供向心力，方向始终指向圆心，则合力的方向始终在改变，故C错误．D、根据平行四边形定则知，钢绳的拉力F=，可知拉力大于座椅的重力，故D正确．故选：BD．【点评】解决本题的关键知道座椅做圆周运动向心力的来源，注意物理量的矢量性，以及知道座椅在竖直方向上的合力为零．13．将一石子从高处斜向上抛出，空气阻力不计，则影响石子落地速度大小的因数有（）A．初速度的大小 B．初速度的方向 C．石子的质量 D．抛出时的高度【考点】机械能守恒定律．【分析】题中不计空气阻力，只有重力做功，小球的机械能守恒，可以根据机械能守恒定律列式，判断出速度与哪些量有关．【解答】解：在整个过程中，只有重力做功，小球的机械能守恒，则得：mgh=解得：v=所以v只与h和v0有关，与其它量无关．所以选项AD正确，BC错误．故选：AD【点评】本题要能判断出小球的机械能守恒，通过列式分析，采用定量法判断．14．2013年4月将出现“火星合日”的天象“火星合日”是指火星、太阳、地球三者之间形成一条直线时，从地球的方位观察，火星位于太阳的正后方，火星被太阳完全遮蔽的现象，如图所示已知地球、火星绕太阳运行的方向相同，若把火星和地球绕太阳运行的轨道视为圆，火星绕太阳公转周期约等于地球公转周期的2倍，由此可知（）A．“火星合日”约每1年出现一次B．“火星合日”约每2年出现一次C．火星的公转半径约为地球公转半径的倍D．火星的公转半径约为地球公转半径的8倍【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【分析】由圆周运动的规律可得出多长时间火星、地球及月球处在同一直线上；由万有引力充当向心力可知火星半径与地球半径的大小关系．【解答】解：A、因火星的周期为地球周期的2倍，故地球转一周时，火星转动了半圈，故一年内不会出现“火星合日”现象；只有等火星转动一圈时才会同时出现在同一直线上，故约2年出现一次，故A错误，B正确；C、由G=m可知，R=，故半径R与成比，故火星的公转半径约为地球公转半径的倍；故C正确，D错误；故选：BC．【点评】行星绕太阳运动与卫星绕地球运动的模型相似：旋转天体绕中心天体做匀速圆周运动，中心天体对旋转天体的万有引力提供旋转天体的向心力．本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论．15．如图所示，半球形壳竖直固定放置在水平面上，半径为R．质量为m的物块，沿壳内壁滑下，滑到最低点时速度大小为v，若物体与球壳内壁之间的动摩擦因数为μ．当物体在最低点时，下列说法正确的是（）A．物块受到的支持力为mg+mB．物块受到的摩擦力为μmC．物块受到的摩擦力为μ（mg+m）D．物块受到的合力方向斜向左上方【考点】向心力；摩擦力的判断与计算．【分析】根据牛顿第二定律求出小球所受的支持力，根据滑动摩擦力公式求出摩擦力的大小，从而确定合力的大致方向．【解答】解：A、在最低点，根据牛顿第二定律得，N﹣mg=，解得支持力N=，故A正确．B、物块受到的摩擦力f=，故B错误，C正确．D、由于重力支持力的合力方向竖直向上，滑动摩擦力方向水平向左，则物体合力的方向斜向左上方．故D正确．故选：ACD．【点评】解决本题的关键确定物体做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．三．实验题：（本大题12分）16．①在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验中，以下说法正确的是ABA．弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C．用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D．用不同种类的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，可得出拉力与伸长量之比相等②一同学在探究弹力和弹簧伸长量的关系时，将不同的钩码分别挂在竖直悬挂弹簧的下端，钩码重量与相应的弹簧总长度数据如下表所示．请在坐标纸上作出弹簧所受弹力F与弹簧总长L之间的关系图线；钩码重量F/N036912弹簧总长L/cm5.06.27.48.69.8③由实验图线可得到弹簧的劲度系数为250N/m．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】①在《探索弹力和弹簧伸长的关系》实验中，弹簧的弹力与行变量的关系满足F=kx，其中k由弹簧本身决定；利用实验操作过程的注意事项分析即可；②③根据实验数据在坐标纸上描出的点，基本上在同一条直线上．可以判定F和L间是一次函数关系．画一条直线，使尽可能多的点落在这条直线上，不在直线上的点均匀地分布在直线两侧．根据图象结合数学知识可得出弹簧弹力与弹簧长度之间的关系式【解答】解：（1）A、弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，否则弹簧会损坏，故A正确．B、用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读读数．故B正确．C、弹簧的长度不等于弹簧的伸长量，伸长量等于弹簧的长度减去原长，故C错误．D、弹力与形变量成正比；故D错误．（2）根据表中数据，利用描点法得出图象如下所示：由F﹣L图象和胡克定律结合分析知，图象的斜率为弹簧的劲度系数，当F=0时，即横坐标的截距为弹簧的原长，所以据图所知，横截距为5cm，即弹簧的原长为5cm；图象的斜率为：K=故答案为：①AB；②如图所示；③250【点评】本题关键明确实验原理，能够根据胡克定律列式求解；会描点作图，掌握作图的方法．能利用F﹣L图象分析求解是关键，注意横坐标的截距为弹簧的原长，斜率表示弹簧的劲度系数，17．某实验小组利用拉力传感器、光电门等器材探究滑块“动能定理”的实验，实验装置如图所示，在滑块上安装一遮光条与拉力传感器，把滑块放在水平气垫导轨上并静止在A处，并通过定滑轮的细绳与钩码相连，光电门安装在B处．测得滑块（含遮光板和拉力传感器）质量为M、钩码总质量为m、AB之间的距离为L，当地的重力加速度为g．将滑块在如图A位置由静止释放后，拉力传感器记录下滑块在运动过程的拉力为F，光电计时器记录下遮光条通过光电门的时间分别为△t．①实验中是否要求钩码总质量m远小于滑块质量M否（填：是、否）②实验中还需要测量的物理量是遮光片的宽度d（用文字及相应的符号表示）．③则本实验中探究滑块动能定理的表达式为FL=M（）2（用以上对应物理量的符号表示）．【考点】探究功与速度变化的关系．【分析】本实验要测量拉力做的功，故要用刻度尺测量光电门A至光电门B中心之间的距离L．滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度．根据动能定理列方程．本实验用了气垫导轨，摩擦力几乎没有，不需要平衡摩擦力．【解答】解：①拉力是直接通过传感器测量的，故与小车质量和钩码质量大小关系无关；故不需要钩码总质量m远小于滑块质量M；②为了测量拉力的功，需要知道速度的大小，故要测量遮光片的宽度d．③由于遮光条的宽度很小，通过光电门的时间也很短，故遮光条通过光电门的平均速度可以表示瞬时速度，则通，B点的速度v=，拉力做功W=FL动能的增加量为为：△Ek==M（）2﹣0故本实验中探究动能定理的表达式为：FL=M（）2．故答案为：①否；②遮光片的宽度d；③FL=M（）2．【点评】本题考查验证动能定理的实验，在处理实验时一定要找出实验原理，根据实验原理我们可以寻找需要测量的物理量和需要注意的事项．四．计算题：本大题共4小题，共38分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．18．如图所示，水平台面AB距地面的高度h=0.80m．有一滑块从A点以v0=6.0m/s的初速度在台面上做匀变速直线运动，滑块与平台间的动摩擦因数μ=0.25．滑块运动到平台边缘的B点后水平飞出．已知AB=2.2m．不计空气阻力，g取10m/s2，求：（1）滑块从B点飞出时的速度大小（2）滑块落地点到平台边缘的水平距离．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；平抛运动．【分析】了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题．选取合适的研究过程，运用动能定理解题．清楚物体水平飞出做平抛运动，根据平抛运动规律解题．【解答】解：（1）由牛顿第二定律有：μmg=ma运动学公式有：vt2﹣v02=﹣2ax解得滑块从B点飞出时的速度大小为：vt=5.0m/s（2）由平抛运动公式有：x=vtt解得滑块落地点到平台边缘的水平距离为：x=2.0m答：（1）滑块从B点飞出时的速度大小5.0m/s（2）滑块落地点到平台边缘的水平距离2.0m．【点评】动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量，特别是可以去求变力功．对于一个量的求解可能有多种途径，我们要选择适合条件的并且简便的．19．如图，质量m=2kg的物体静止于水平地面的A处，A、B间距L=20m．用大小为30N，沿水平方向的外力拉此物体，经t0=2s拉至B处．（1）求物体与地面间的动摩擦因数μ；（2）用大小为30N，与水平方向成37°的力斜向上拉此物体，求物体的加速度．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）物体做初速度为零的匀加速直线运动，应用匀变速直线运动的位移公式可以求出加速度，然后由牛顿第二定律求出动摩擦因数．（2）根据物体的受力情况应用牛顿第二定律可以求出加速度．【解答】解：（1）物体做匀加速运动，由位移公式得：L=at02，由牛顿第二定律得：F﹣f=ma，摩擦力：f=μmg，解得：μ=0.5；（2）水平方向，由牛顿第二定律得：Fcos37°﹣f′=ma′，在竖直方向，由平衡条件得：Fsin37°+N=mg，摩擦力：f′=μN，解得：a′=11.5m/s2；答：（1）物体与地面间的动摩擦因数μ为0.5；（2）物体的加速度为：11.5m/s2．【点评】本题考查了求动摩擦因数、物体的加速度，分析清楚物体的运动过程与受力情况是解题的关键，应用牛顿第二定律与运动学公式可以解题．20．“荡秋千”是很多小朋友喜欢玩的游乐项目，质量为m=20kg的小孩坐在秋千板上，小孩重心离系绳子的横梁的距离为L=2.5m．让小孩从摆绳与竖直方向成60°处自由释放，不计一切阻力，g取10m/s2，求：（1）秋千板摆到最低点时，小孩运动速度的大小；（2）摆到最低点时，放开双手，则小孩对秋千板的压力是多大？【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律．【分析】（1）小孩和秋千向下摆动的过程中，受到重力和拉力