重庆市某中学2024-2025学年高三年级上册适应性月考（三）物理试卷+答案

物理试卷

注意事项：

1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位

号在答题卡上填写清楚。

2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需

改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。

3.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。满分100分，考试用时75分

钟。

一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的

四个选项中，只有一项符合题目要求。

1.如图1,一轻绳跨过光滑定滑轮，绳的一端系物块P,P置于水平桌面上，与桌面间存

在摩擦；绳的另一端悬挂沙袋，沙袋及沙的总质量为〃2。由静止释放物块尸，测量P的加

速度大小。；多次改变机，重复上述操作，最终得到a-机图像。重力加速度大小为g。

在下列a-相图像中，可能正确的是（）

2.某电动小车在平直路面上以恒定功率尸启动，经过时间才达到最大速度V,该过程电动

小车前进的距离为X。若电动小车的质量为加，所受阻力的大小恒为了,下列说法错误的

是（）

A.小车做加速度不变的加速运动

B.小车速度为v时，所受牵引力大小等于阻力大小

1,

C.该过程，电动机对小车所做的功为fx+-mv2

D.该过程，电动机对小车所做的功为P/

3.图2甲为用手机和轻弹簧制作的一个振动装置。手机加速度传感器记录了手机在竖直方

向的振动情况，以向上为正方向，得到手机振动过程中加速度。随时间/变化的曲线为正

弦曲线，如图乙所示。下列说法正确的是（）

'〃〃1〃〃〃，

1

—

s

r

E

甲

乙

图2

A.7=0时，弹簧的弹性势能为0

B./=0.2s时，手机位于平衡位置上方

C.从7=0至/=0.2s,手机的机械能不变

D.。随/变化的关系式为a=4sin（2.5m）m/s2

4.2024年4月25日，神舟十八号飞船与天宫空间站顺利对接，运载火箭先将飞船送入圆

轨道I上，通过变轨进入预定圆轨道。如图3所示，飞船与空间站在对接前在各自预定的

圆轨道I、IH上运动，II为对接转移轨道。不考虑飞船质量的变化，下列说法正确的是

（）

m-

A.飞船从椭圆轨道n进入预定圆轨道ni需要减速

B.飞船在I轨道上的运行速度小于在in轨道上的运行速度

c.飞船在II轨道上的机械能大于在I轨道上的机械能

D.飞船在三个轨道上运行时与地球连线在单位时间内扫过的面积相等

5.如图4所示电路，电源内阻不计，尸点是电容器两极板间的一个定点。C为电容器的

电容，E为电源的电动势。滑动变阻器滑片最初处于。端且电路处于稳定状态，现滑片从

。端缓慢滑到万端，则该过程中（）

A.电容器两极板间的电压先增大后减小

B.c点电势比d点电势略高

C.流过尺3横截面的电荷量等于CE

D.P点的电势升高

6.如图5所示，在竖直y轴上固定两个点电荷，电荷量为+Q的点电荷在2%处、电荷量

为-4。的点电荷在3yo处。将质量为m、电荷量为+q的小球从坐标原点。静止释放，经

过A点后，刚能到达最低点8。以九处为电势能零点、重力势能零点，小球可视为点电

荷。小球在此运动过程中的重力势能Ep］、机械能£°、动能线及电势能与2随V变化的图

像可能正确的是（）

D.%y

7.如图6,真空中的匀强电场平行于纸面，半径为R的圆形区域处于匀强电场中。圆周上

的A点有一粒子源，能向纸面内各个方向陆续发射初动能相等、带电量均为q的同种粒

子，圆周上各处均有粒子到达。不计粒子重力和粒子间的相互作用。AC.是圆的两

条相互垂直的直径。测得粒子到达圆周时的最小动能比初动能小E。，最大动能比初动能大

3E0o则()

图6

A.电场强度的大小为互B.电场强度的大小为也

qRqR

C.电场方向与AC的夹角为45D.电场方向与AC的夹角为30

二、多项选择题：本大题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的

四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3

分，有选错的得0分。

8.如图7所示，两根通电导线P、。沿垂直纸面的方向放置，导线P、。中通有电流

A、12,电流的方向未画出。。点为两导线连线的中点，cP=PO=OQ=Qd,a、b

两点位于PQ连线段的中垂线上并关于。点对称，且已知c点的磁感应强度为零，d点的

磁感应强度方向垂直cd向下。已知直线电流产生的磁场在某点的磁感应强度3的大小与

该点到通电导线的距离成反比，则下列说法正确的是()

lb

I

I

图7

A.尸中的电流方向垂直纸面向外、。中的电流方向垂直纸而向里

B.//-IP

C.。点的磁感应强度方向垂直cd向上

D.若1]=12'方向不变，则。、》两点的磁感应强度相同

9.如图8所示，柔力球以迎、引、抛及弧形接发技术为特征，是一项集健身、表演和竞技

为一体的富有民族特色的体育运动。如图，健身者能控制球拍使球在竖直而内做半径为R

的匀速圆周运动，忽略球运动过程中受到的空气阻力。。为圆周的最高点，c为最低点，

在这两处拍面水平，b,d两点与圆心。等高。己知球的质量为机，重力加速度大小为

g,球在c点对球拍的压力大小为5机？，则球（）

图8

A.做圆周运动的线速度大小为J荻

B.在。处受到球拍的作用力为3mg

C.在方处一定只受到两个力的作用

D.圆周运动的周期为T=

10.如图9甲，托卡马克是一个由封闭磁场组成的“容器”，形状像一个放倒的轮胎，带电

粒子会沿封闭的磁力线做螺旋式运动，上亿度高温的等离子体被约束在环形的磁场中，为

核聚变的发生提供必要条件。我国托克马克装置在世界上首次实现了稳定运行100秒的成

绩，托卡马克装置的主要特点是采用多个磁场叠加才能实现磁约束。图乙为其真空室某处

横截面环向磁场的示意图，越靠近真空室的右侧（即甲图中靠近竖直中央轴线的一侧）环

向磁场越强。不计粒子重力及相互作用，若粒子仅在图乙环向磁场中运动，下列说法正确

的是（）

A.正离子在环向磁场中沿顺时针方向运动

B.带电粒子在环向磁场中速度的大小不变

C.在环向磁场中，带电粒子的轨迹将逐渐发生左右方向的迁移

D.在环向磁场中，带电粒子的轨迹将逐渐发生上下方向的迁移

三、非选择题：共5小题，共57分。

11.（7分）用如图10甲所示的气垫导轨来验证动量守恒定律。在气垫导轨的一端装有位

移传感器（图中未画出），A、8两物块（可视为质点）沿同一直线运动并发生正碰，若

A物块的质量为g=300g,8物块的质量为根2=150g,表中是电脑记录的A、B两

物块在同一时刻与传感器的距离。

x/m

甲乙

图10

xA/m1.201.010.800.590.400.350.30

xB/m00.100.210.300.400.250

（1）根据表中数据可以判断出位移传感器固定在气垫导轨的（填“左边”或“右

边”）。

（2）为了更方便判断A、B碰撞时是否满足动量守恒，于是画出了A、B两物块位置随

时间变化的图像（如图乙），a、b分别为4、3两物块碰撞前后的位置一时间图线。

①碰撞前A物块的速度大小为m/s,碰撞前8物块的速度大小为

m/so

②由题中数据结合无一/图像中提供的信息，可判断两滑块组成的系统在相互作用过程中动

量________（填“守恒”或“不守恒”），这个碰撞（填“是”或“不是”）弹性碰

撞。

12.（9分）钱学森班的同学们打算估测几个电阻的阻值。现有一只电流表、一个电源£

（内阻r未知）、一个阻值为凡的定值电阻、一个阻值为用的定值电阻（用作保护电阻）,

开关S和导线若干。他们设计了如图11甲所示的电路，实验步骤如下:

图U

第一步：把若干个待测电阻分别单独接入A、8之间,发现电流表的示数一致，据此他们

认为这些电阻的阻值相等，均设为R。

第二步：取下待测电阻，在4、8之间接入定值电阻&,，记下电流表的示数/（），如图

乙。

第三步：取下定值电阻耳，将〃个（〃=1,2）待测电阻并联后接入A、8之间，记下并

联待测电阻的个数n与电流表对应示数ln。

请完成如下计算和判断：

（1）如图乙，电流表的示数/°=A0

上与&、%、、关系式是工

（2）根据上述第二步,Er

’0/0

（3）定义,，则y与________（填或“工”）的关系式是如图丙所

4i.n

示的线性关系。

（4）已知N=6.0Q,&=3.0Q,结合读取的数据和图丙的信息可得R=Q,

同时可得石=V,r=。。（均保留2位有效数字）

（5）本实验中未考虑电流表的内阻，对R、E、厂的测量值________（填“均有”“均

无”或“部分有”）影响。

13.（10分）如图12所示，用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为0.2kg的小球A悬

挂到水平板的M、N两点，4上带有Q=6.0X10-6C的正电荷，两线夹角为120,左右

两线上的拉力大小分别为耳和尸2。A的正下方0.3m处有一个与4带等量异种电荷的小

球8固定在绝缘支架上。已知重力加速度取g=10m/st静电力常量

Jt=9.0xl09N-m2/C2,A、B球可视为点电荷。贝U：

图12

（1）两线上的拉力大小分别为多少？

（2）若将小球B和绝缘支架一起水平右移，使M、A、8在同一直线上，此时两线上的

拉力大小又分别为多少？

14.（13分）质量为2m的物体A穿在光滑的水平杆上，用长为L的细绳与质量为加的小

球B相连，如图13甲所示，初始时A、B在同一水平面上（细绳平行于水平杆），且细绳

刚好拉直。将小球8由静止释放，当细绳刚好竖直、小球B运动到最低点时绳子恰好绷

断。已知A、8均可视为质点，重力加速度为g。求：

甲乙

图13

（1）小球8运动到最低点时，物体A的速度大小以及A相对于初始位置运动的距离；

（2）细绳的最大张力；

（3）以A物体的初始位置为坐标原点建立如图乙所示平面直角坐标系x0y，求出绳断之

前小球B运动的轨迹方程。

一4

15.（18分）如图14所示，在平面内，在0<y<L，-L<x<x0（%未知）的区

域内存在匀强电场、方向沿y轴正方向，电场强度的大小可以调节；在y>L和

<y<0区间内分别存在垂直平面向外的匀强磁场区域I和IL两区域内磁感

应强度的大小也相同。平面内y轴正半轴上距离坐标原点L处有一粒子源，可向平面

内第一象限沿不同力向射入速度大小均为%的粒子，粒子质量为〃2,带正电且电荷量为

qo不计粒子重力和粒子间的相互作用。当粒子源发射与y轴正方向夹角为9=53的粒子

时，该粒子恰好从匀强电场的左边界上处进入电场，然后从匀强电场的右边界上

（九0,。）处射出电场，并且首次在磁场区域n运动过程中刚好不从下边界射出磁场。

(sin53=0.8)

),

图14

（1）求匀强磁场区域磁感应强度的大小；

（2）求的大小（用L表示，E未知）；

（3）调节电场强度的大小，使得当粒子欲发射的粒子沿+y方向射出时（速度仍为%）,

恰好击中沿x轴放置的粗细不计的金属条的右端，该金属条长度为左端距离坐标原

点粒子击中金属条立即被吸收，求所有满足条件的匀强电场的大小。

3

物理参考答案

选择题：共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第1〜7题只有一

项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题5

分，全部选对的给5分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。

题号12345678910

答案DADCCBBACDBDBD

【解析】

1.设P的质量为M,P与桌面的动摩擦力为了；以P为对象，根据牛顿第二定律可得

T-f=Ma；以沙袋和沙为对象，根据牛顿第二定律可得mg-T="；联立可得

g」

a=mg-f=_m可知。―相不是线性关系，排除A、C选项。可知当沙袋和沙

M+mM+m

的总重力小于物块P最大静摩擦力时，物块静止，加速度为0,当沙袋和沙的总重力大于

/时，才有一定的加速度，当机趋于无穷大时，加速度趋近等于g,故选D。

2.由题意可知，小车保持功率恒定，所受阻力恒为/,由尸=a，则速度增大时，牵引

力减小，由牛顿第二定律可知，小车的加速度先变小，在速度最大时，加速度为0,故A

错误。小车速度最大时，小车的牵引力等于阻力，故B正确。小车在运动过程中，由动能

定理可得W-笈=；机丫2—o,解得电动机对小车所做的功为卬=方+；机故c正

确。汽车功率恒定为P,因此电动机对小车所做的功等于P/,故D正确。

3.由题图乙知，7=0时，手机加速度为0,由牛顿第二定律得弹簧弹力大小为尸=根g,

弹簧处于拉伸状态，弹性势能不为0,故A错误。由题图乙知，f=0.2s时，手机的加速

度为正，则手机位于平衡位置下方，故B错误。由题图乙知，从7=0至t=0.2s,手机的

加速度增大，手机从平衡位置向最大位移处运动，弹簧的弹性势能增大，手机的机械能减

2%

小，故C错误。由题图乙知T=0.8s,则角频率@=——=2.5»rad/s,则〃随/变化的

T

关系式为。=451!1（2.5加1）111/52,故D正确。

4.飞船需要通过加速从椭圆轨道n进入预定圆轨道ni,故A错误。根据万有引力等于向

MmV2可得V=J号，可知飞船在I轨道运行速度大于在皿轨道上的运

心力G=m——

下r

行速度，故B错误。飞船从轨道I到轨道II要进行加速，机械能增加，则飞船在II轨道上

的机械能大于在I轨道上的机械能，故C正确。根据开普勒第二定律可知，飞船在三个不

同轨道上运行时，与地球连线在单位时间内扫过的面积不相等，故D错误。

5.滑片缓慢向右滑行全程，电容器两极板由“下正上负”逐渐转变为“上正下负”，电容

器经历先放电再充电的过程，则两极板间的电压先减小后增大，故A错误。根据“充电电

流流向正极板，放电电流流向负极板”可知，充放电流全程由d点经&流向。点，由于过

程缓慢，则充放电流很小，所以尺3两端电压很小，即d点电势比c点略高，故B错误。尸

点的电势先比上极板高，后比上极板低，故尸点电势降低，故D错误。放电过程，向下流

过用的电量为CE—^,充电过程，向下流过号的电量为CE—^，全程向下

&+7?2&+7?2

流过过Rs的电量为C-E—^+C-E'^=CE，故C正确。

7?]+7?2R]+7?2

6.九处为重力势能零点，则在九处重力势能为0,重力势能变化与下落高度成线性关

系，故A错误。设正电荷Q的正上方x处电场强度为0,则二埠,解得

（%+力x

x=%,即A点场强为0；机械能的变化对应电场力做功，结合图可知，A点上方场强方

向向下，A点到正电荷场强方向向上。则小球从。点到B点，电场力先做正功后做负功，

机械能先增大后减小，电势能先减小后增加并且在为处为0,故D错误，B正确。电荷初

末速度为0,中间过程不为0,所以动能先增加后减小。分析可知，则动能最大的位置在

%下方不在为处，故C错误。

7.最大动能与最小动能出现在平行于电场方向的直径的两端。设该直径（即电场方向）与

AC夹角为过A点作该直径的垂线，即为A点所在的等势线。根据动能定理有

qE（R-Rcose）=EcqE（R+RcosO）=3E0,得夕=土60；E;互。故选B。

8.由题意c点的磁感应强度为零，则说明导线尸、。在c点产生的磁场大小相等、方向相

反,又因为c点距P、。的距离比为1:3,则左4=左二，可得电流之比为1：3,故B

R3R

错误。由B分析可知，导线Q在d点产生的磁场强，d点的磁感应强度方向垂直cd向

下，由安培定则可知P中的电流方向向外、则。中的电流方向向里，故A正确。由安培定

则可知，导线P、。在。点产生的磁场方向均垂直cd连线向上，故C正确。由于

/i=，2,分别作出两电流在。、方两点的磁感应强度大小和方向，如图所示，根据磁场的

矢量合成可知a、〃两点的磁感应强度大小相等、方向相同，故D正确。

PX\\Q

一七一"+那城"一1一

I

I

I

I

9.球在c点对球拍的压力大小为5mg,由牛顿第三定律，在c点球拍对球的支持力大小

2____

F=5mg,则在。点舔-机g=〃2匕，解得做圆周运动的线速度大小v=2痴I,故A

NR

2

错误。在a处根g+&=加上~,解得外=3叫，球在〃处受到球拍的作用力为3mg,故

R

B正确。设在人处球拍与水平面的夹角为6,且仅受重力、支持力作用，则有

2____

mgtanO=m—,又v=2yf^,解得tan6=4,若不满足tane=4,小球在Z?处还受摩

R

擦力的作用，故C错误。运动的周期为7=&4=乌2=»」£,故D正确。

v2麻

10.根据左手定则可判断正离子在磁场中受力如图，所以正离子在环向场中沿逆时针方向

运动，故A错误。由于洛伦兹力总是与速度方向垂直，所以洛伦兹力不改变速度大小，则

带电粒子在环向场中的速度大小不变，故B正确。由图可知左右两边磁感应强度不一样，

mv~mv

根据洛伦兹力提供向心力有/5=—,解得R=—,可知同一正离子在磁场中因为磁

RqB

感应强度不同导致左右的半径不同，所以发生偏移，8越大，R越小，所以同一正离子在

左边部分的半径大于右边部分的半径，结合左手定则判断出正离子就会向下侧迁移，同理

可知电子向上侧迁移，故C错误，D正确。

非选择题：共5小题，共57分。

11.（除特殊标注外，每空1分，共7分）

（1）右边

（2）①42②守恒（2分）不是（2分）

【解析】（1）根据表中数据可以判断出位移传感器在开始时距离6端较近，则固定在右

边。

（2）①根据图像碰撞前A物块的速度为%=-4m/s,碰撞前8物块的速度为

vB=^1m/s=2m/s»②由图可知碰撞后A物块的速度为办=-1m/s,碰撞后8物

块的速度为VB=m/s=-4m/s,则可知叫吆+"%/=吗丫4+根2丹，故可得

0°.3—°04.2

出结论两物块组成的系统在相互作用过程中动量守恒，但是总动能减少。

12.（除特殊标注外，每空1分，共9分）

(1)0.30

⑵&+坛十丁

E

(3)-(2分)

n

(4)3.03.01.0

(5)部分有(2分)

【解析】（1）电流表分度值为0.02A,读数结果为小数点后两位。

（2）据全电路的欧姆定律E=/o（K+A+r），得：=鸟+:+厂

CR

1Ri+~+r]]

（3）据全电路的欧姆定律E=得—=——左—,则有y=------=

I.EIQIn

01+殳

EnE

（4）结合图丙的截距、斜率，可得石=3.0V,H=3.0Q,再结合读数/0=0.30A,得

r=1.0Qo

（5）方案未考虑电流表内阻，修正后£=4（4+5+/+么）,

E=In\Rx+—+r'+rA\,对丫='---'=—"+4无影响，则对E和R无影响;

In）IoI„EnE

但r'+么=1Q,对r有影响。

13.（10分）解：（1）以A球为研究对象，受到4个力作用，如图；可把重力mg和静电

力工先合起来看作1个力，则可看作受3个力平衡；其中

ak£。表z

E=F=3.6N

根据对称性F、=F2=mg+Fe=5.6N

（评分标准：此小题也可用正交分解法或矢量三角形解答，不论什么方法，抓住静电力工

计算1分，过程计算2分，结论各1分，共5分评分即可）

（2）按照要求移动B的位置，继续以A球为研究对象，受到4个力作用，如图；其中左

侧拉力耳’和静电力工'共线，可把这2个力先合起来看作1个力，则可看作受3个力平

衡；由几何关系得r'=2r,则

-^v=0.9N

（2-）

根据对称性£=/ng=2N

-Fe-mg=2N,则耳=2.9N

（评分标准：此小题也可用正交分解法或矢量三角形解答，不论什么方法，抓住静电力月

计算1分，过程计算2分，结论