中考化学二轮复习讲义+训练专题05 课本常规实验（专题训练）（含解析）

资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】专题05课本常规实验【基础过关|直击中考】1．如图所示实验，下列说法错误的是A．由甲图可知，O2占空气质量的21% B．由乙图可知，白磷燃烧需要和空气接触C．薄铜片上的白磷燃烧，冒出白烟 D．点燃红磷后，要迅速放入集气瓶中【答案】A【解析】A、由甲图可知，O2占空气体积的21%，不是空气质量的21%，说法错误，符合题意；B、乙图中，水下的白磷未燃烧，铜片上的白磷燃烧了，说明磷燃烧需要和空气接触，说法正确，不符合题意；C、薄铜片上的白磷燃烧，生成白色固体P2O5固体，冒出白烟，说法正确，不符合题意；D、点燃红磷后，要迅速放入集气瓶中，说法正确，不符合题意；故选A。2．在粗盐初步提纯实验中，下列有关装置和操作正确的是（）A.溶解粗盐 B.过滤粗盐水C.蒸发结晶 D.趁热取下蒸发皿【答案】B【解析】A、溶解粗盐应在烧杯中进行，不能在量筒中进行，不符合题意；B、过滤时，应遵循“一贴、二低、三靠”的原则，图中操作正确，符合题意；C、蒸发时，应用玻璃棒不断搅拌，防止局部温度过高，造成液滴飞溅，不符合题意；D、不能用手去拿热的蒸发皿，应用坩埚钳，不符合题意。故选B。3．完成“一定溶质质量分数的氯化钠溶液的配制”和“粗盐中难溶性杂质的去除”两个实验，都必需用到的仪器是（）A．玻璃棒 B．酒精灯 C．漏斗 D．试管【答案】A【解析】一定溶质质量分数的氯化钠溶液的配制需要计算、称量（使用托盘天平、药匙）、量取（使用量筒、胶头滴管）、溶解（使用烧杯、玻璃棒）。粗盐中难溶性杂质的去除需要进行溶解（使用烧杯、玻璃棒）、过滤（使用铁架台、烧杯、漏斗’玻璃棒）、蒸发（使用酒精灯、蒸发皿、三脚架、玻璃棒）。所以都必需用到的仪器是玻璃棒，故选A。4．用下图实验验证可燃物燃烧的条件，已知：白磷的着火点为40℃。（1）实验1，能验证可燃物燃烧需要O2的现象是______。（2）实验2，①中纸片燃烧，②中纸片未燃烧，②中纸片未燃烧的原因是______。【答案】（1）①中白磷不燃烧，②中的白磷燃烧（2）水吸收了部分的热量，未达到纸片的着火点【解析】（1）①中热水的温度为80℃，达到白磷的着火点，由于没有氧气，白磷不燃绕，而②中热水的温度也为80℃，通入氧气，白磷燃绕，说明可燃物燃烧需要氧气。故填：①中白磷不燃烧，②中的白磷燃烧。（2）①中的纸片是裹在空试管外，在加热的过程中，纸片吸收热量很快达到纸片的着火点；②中的纸片包裹的试管中有水，在加热的过程中，水吸收了部分的热量，使纸片的温度达不到着火点，所以①中纸片燃烧，②中纸片未燃烧。故填：水吸收了部分的热量，未达到纸片的着火点。5．知图，研究金属的活动性顺序实验。（1）实验a观察到的现象是_____。（2）要验证铜、铝、银的活动性顿序，不必做的实验是____(填实验序号)。【答案】（1）铜表面有银白色固体析出，溶液由无色变成蓝色（2）c【解析】（1）根据金属活动性顺序可知，铜的活动性大于银，故铜丝会与硝酸盐溶液发生置换反应，生成银单质和硝酸铜溶液，其反应现象是铜表面有银白色固体析出，溶液由无色变成蓝色；（2）a可以证明金属活动性铜＞银，b可以证明铝＞铜，ab可以证明金属活动性铝＞铜＞银，c实验是验证铝和氢的活动性顺序，其与铜、银的活动性无关，故不需要做实验c。6．根据如图所示的实验回答问题。(1)甲是粗盐提纯实验中的过滤操作。仪器a的名称是______；若过滤后所得溶液仍然浑浊，可能的原因是______。(2)乙是金属化学性质的实验。实验前先用砂纸打磨铝丝的目的是______；步骤②中观察到铝丝表面的现象是______。设计该实验的依据是______。【答案】（1）漏斗；滤纸破损

（2）除去铝丝表面的氧化铝薄膜；覆盖一层红色物质

；三种金属的活动性顺序是铝>铜>银【解析】(1)仪器a的名称是漏斗。过滤后滤液仍浑浊，可能原因是滤纸破损(会使得液体中的不溶物进入下面的烧杯，从而使得滤液浑浊)、液面高于滤纸的边缘(会使部分液体未经过滤纸的过滤直接流下，该操作会使滤液仍然浑浊)或盛接滤液的烧杯不干净等。(2)铝丝的表面有一层致密的氧化铝薄膜，实验前先用砂纸打磨铝丝的目的是除去铝丝表面的氧化铝薄膜。铜与硝酸银溶液反应生成硝酸铜溶液和银，①反应后所得溶液为硝酸铜溶液，步骤②中铝能与硝酸铜溶液反应生成硝酸铝溶液和铜，观察到铝丝表面的现象是覆盖一层红色物质；设计该实验的依据是三种金属的活动性顺序是铝>铜>银。7．暖贴发热是利用了铁粉生锈放出热量的原理，某小组同学设计并进行下列实验，探究铁生锈的条件及影响铁粉生锈速率的因素。Ⅰ、探究铁生锈的条件【设计实验】取3段光亮无锈的细铁丝，绕成螺旋状，进行如图所示的三个实验，实验要保证有足够长的时间来观察现象。（1）对比实验________________（填序号），可以得出铁生锈需要水。（2）实验I中铁丝足量，时间足够长，打开止水夹后，观察到现象_____________。Ⅱ、探究影响铁粉生锈速率的因素【查阅资料】暖贴的发热材料主要有铁粉、活性炭、食盐、水等物质。【猜想假设】①活性炭能加快铁粉生锈的速率。

②食盐能加快铁粉生锈的速率。【进行实验】下表是2g铁粉、5g水与不同质量活性炭、食盐混合均匀10分钟温度记录。实验编号活性炭/g食盐/g温度上升值/℃1000.120.2022.030x3.140.20.256.3【解释与结论】（3）上表中x的值为___________。（4）对比实验1和3，得出的结论是_____________。（5）欲得出结论“活性炭与食盐同时存在会大幅度加快生锈速率”，需要对比1和__________（填实验编号）。【反思与评价】（6）下列说法或做法正确的是_____（填字母）。a．暖贴在使用前不需要密封保存

b．利用铁生锈的原理，可以测定空气中氧气含量c．利用铁生锈的原理，铁粉还可用于食品保鲜

d．校内用钢架制作的自行车防雨棚应定期喷涂油漆防锈【拓展延伸】可以利用稀硫酸清除铁制品表面的锈，其原理是（化学方程式）__________.但除锈时不可以将铁制品长时间浸在酸中，因为（化学方程式）____________.【答案】(1)I和II(2)左边玻璃管液面上升至刻度线1(3)0.2(4)食盐会加快铁生锈(5)2、3、4(6)

bcd

SKIPIF1<0

SKIPIF1<0【解析】(1)实验Ⅰ中，铁丝能够与水和氧气同时接触，能够观察到铁丝生锈，实验Ⅱ中，铁丝与氧气接触，不与水接触，观察到铁丝不生锈，故通过对比实验Ⅰ、Ⅱ可以得出铁生锈需要水。(2)铁丝生锈会消耗空气中的氧气，且氧气约占空气体的SKIPIF1<0，因此实验Ⅰ中，左端玻璃管中的铁丝生锈，消耗了氧气，导致气压减小，当打开止水夹后，观察到左端玻璃管液面上升至刻度线1。(3)根据对比实验中要求变量唯一的原则可知，X的值应为0.2。(4)铁生锈的过程中会放热，实验1中未加入食盐，实验3中加入了食盐，通过温度上升值能够发现，当有实验加入食盐时，温度上升值较大，因此可说明食盐会加快铁生锈。(5)分别对比实验1和实验2、实验3中温度上升值，能够分别证明活性炭和食盐都能加速铁生锈，对比实验1、2、3、4中温度上升值还能说明活性炭与食盐同时存在会大幅度加快生锈速率；故答案为：2、3、4。(6)a、铁生锈需要与水和氧气同时接触，暖贴中含有铁粉，因此为防止暖贴中的铁粉与空气中的水和氧气接触，需要密封保存，该项错误；b、根据上述实验过程可知，铁生锈能够消耗空气中的氧气，因此利用铁生锈的原理，可以测定空气中氧气含量，该项正确；c、铁生锈会消耗空气中的氧气，故利用铁生锈的原理，铁粉还可用于食品保鲜，该项正确；d、涂油或喷漆能够隔绝铁与空气中的氧气和水接触，故校内用钢架制作的自行车防雨棚应定期喷涂油漆防锈，该项正确。故填bcd。[拓展延伸]可以利用稀硫酸清除铁制品表面的锈,是因为硫酸能和铁锈(主要成分氧化铁)反应生成硫酸铁和水，反应的化学方程式为：SKIPIF1<0；除锈时不可以将铁制品长时间浸在酸中，是因为当铁锈反应完全之后，铁和硫酸会反应生成硫酸亚铁和氢气，其化学方程式为：SKIPIF1<0。8．我国制碱工业先驱侯德榜以NaCl、NH3、CO2等为原料制得NaHCO3，进而生产出纯破(Na2CO3)，“侯氏制碱法”为世界制碱工业做出了突出贡献。题18图C至E为实验室模拟制碱工艺的装置。(已知：氨气溶于水呈碱性，二氧化碳在碱性溶液里溶解度较大。)（1）实验室用加热氯化铵固体和氢氧化钙固体制取氨气，C处制取氨气应选择的发生装置是___(填“A”或“B”)，该反应的化学方程式为：SKIPIF1<0_____（2）实验室用装置E制取二氧化碳，其优点是____，该反应的化学方程式为_____。检查E装置的气密性，可先关闭弹簧夹c，向分液漏斗中注水，打开活塞，观察到____，则气密性良好。（3）已知NH3极易溶于水。实验时应先打开弹簧夹____(填a或c)，才能保证二氧化碳更容易被吸收；这是因为____。（4）D装置中可以制得NaHCO3，写出由NaHCO3制纯碱的化学方程式：_____。【答案】(1)

A

2H2O(2)

可以控制反应速率

SKIPIF1<0

一段时间后水不会往下流(3)

a

氨气溶于水呈碱性，二氧化碳在碱性溶液溶解度大(4)SKIPIF1<0【解析】【分析】根据反应物状态和反应条件，可将发生装置分为固固加热型和固液常温型；(1)实验室用加热氯化铵固体和氢氧化钙固体制取氨气，属于固固加热型发生装置，故选A，化学反应前后原子种类和个数不变，反应前含有2个氮原子，10个氢原子，2个氯原子，1个钙原子，2个氧原子，反应后有1个钙原子，2个氯原子，2个氮原子和6个氢原子，反应前后对比，反应后缺少2个氧原子和4个氢原子，故填2H2O；(2)E装置有分液漏斗，可以通过控制活塞滴加速率来控制反应速率，实验室制取二氧化碳用石灰石和稀盐酸，化学方程式为：SKIPIF1<0，检查E装置的气密性，可先关闭弹簧夹c，装置内压强一定，因此向分液漏斗中注水，打开活塞，观察到一段时间后水不会往下流，说明气密性良好；(3)NH3极易溶于水，且氨气溶于水呈碱性，二氧化碳在碱性溶液里溶解度较大，因此应先打开弹簧夹a，才能保证二氧化碳更容易被吸收，原因是氨气溶于水呈碱性，二氧化碳在碱性溶液里溶解度较大；(4)碳酸氢钠受热易分解，可生成碳酸钠、水和二氧化碳，化学方程式为：SKIPIF1<0。9．请根据下列实验装置图回答问题：（1）标号②的仪器名称：②_________。（2）若用高锰酸钾制备较纯净的氧气，发生反应的化学方程式是________，用D装置收集氧气时，发现水槽中的水变为紫红色，导致此现象的原因是________；E装置在化学上被称为“万能瓶”，若用E装置收集氧气，验满的方法是______。（3）实验室制取CO2气体时，可选择发生装置B，锥形瓶中应该放的药品是_____（填化学式），若将发生装置由B改为F，其优点是_______，图G所示装置可用来测量生成CO2的体积，其中在水面上放一层植物油的目的是________，植物油上方原有的空气对实验结果______（填“有”或“无”）明显影响。（4）若用E装置除去CO气体中的CO2气体，E装置中应该装有______（填“NaOH溶液”或“Ca（OH）2溶液”），发生反应的化学方程式是_____。【答案】(1)长颈漏斗(2)

SKIPIF1<0

试管口没有堵棉花

将带火星的木条平置于a管口处，木条复燃，则已满(3)

SKIPIF1<0

控制反应的发生与停止

防止二氧化碳溶于水

无(4)

SKIPIF1<0溶液

SKIPIF1<0【解析】(1)根据图示，②的仪器名称是长颈漏斗；(2)高锰酸钾加热生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，化学方程式为：SKIPIF1<0；发现水槽中的水变为紫红色，导致此现象的原因是试管口没有堵棉花，加热时固体粉末通过导管进入水槽内的水中，故填：试管口没有堵棉花；若用E装置收集氧气，由于氧气密度比空气略大，故处于空气的底层，则氧气应从长导管导入即b管口，故a管口为排气口，故验满的方法是：将带火星的木条平置于a管口处，木条复燃，则已满；(3)实验室制取二氧化碳药品是大理石或石灰石，与稀盐酸，锥形瓶中应放固体，故填：SKIPIF1<0；若将发生装置由B改为F，隔板把碳酸钙和稀盐酸隔开，当关闭止水夹时由于气体增多使试管内气压变大，把酸溶液压入左侧长颈漏斗的管体内，液面低于隔板，固液分开，不再反应，打开止水夹则气体导出，液面回升，固液接触继续反应，故填：控制反应的发生与停止；图G所示装置可用来测量生成CO2的体积，其中在水面上放一层植物油的目的是防止二氧化碳溶于水，当二氧化碳饱和后才能排出水，则使最终测量的结果变小，故填：防止二氧化碳溶于水；植物油上方原有的空气和外界空气气压一样，只有导入二氧化碳时才会产生气压差使水被排出，故没有影响，故填：无；(4)由于氢氧化钠溶液和氢氧化钙溶液都能与二氧化碳反应生成盐和水，但由于氢氧化钙溶液溶解度小，则吸收效果差，故若用E装置除去一氧化碳气体中的二氧化碳气体，E装置中应该装有氢氧化钠溶液，故填：SKIPIF1<0溶液；氢氧化钠与二氧化碳反应生成碳酸钠和水，化学方程式为：SKIPIF1<010．实验室部分仪器和装置图如图1，请回答下列问题：（1）图1中标号B的仪器名称为______。（2）用过氧化氢溶液与二氧化锰制取较纯净的氧气，并要求获得平稳气流，发生和收集装置需要用到的仪器有______（填序号，从图1A～I中选择），反应的化学方程式为______。（3）实验室制取的二氧化碳中常含有氯化氢气体和水蒸气，为获得纯净、干燥的二氧化碳，可选用J和K装置进行除杂和干燥，导管门连接的正确顺序是：发生装置→______→______→______→______→e，请将图1收集装置L中的导管补画完整______。（4）图2为某种“微型”实验装置。如果G处是稀盐酸，H处有少量铁粉，向H处挤入少量稀盐酸，一段时间后，在如图位置加热，加热处的现象是______。用微型仪器进行实验的优点很多，除试剂用量极少以外，还有______（答一条）。【答案】(1)长颈漏斗(2)

ADEI

SKIPIF1<0(3)

c

d

a

b

(4)

红色粉末慢慢变成黑色

节约能源或减少污染（合理即可）【解析】【分析】（1）根据实验室常用仪器的名称和用途进行分析；（2）根据反应物的状态、反应发生需要的条件、气体的密度和水溶性及特殊要求选择组装装置所需的仪器；根据反应物、生成物和反应条件书写化学方程式；（3）根据二氧化碳的性质进行分析；（4）根据氧化铁和氢气反应生成铁和水进行分析；根据装置的特点进行分析。【详解】（1）图1中标号B的仪器名称为长颈漏斗；（2）用过氧化氢溶液与二氧化锰制取较纯净的氧气，属于固、液常温型，氧气不易溶于水，要收集较纯的氧气可用排水法收集；要获得平稳气流可用分液漏斗控制滴加液体药品的速率，从而获得平衡的气流，发生和收集装置需要用到的仪器有：ADEI；过氧化氢在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，反应的化学方程式为：SKIPIF1<0；（3）二氧化碳不和饱和碳酸氢钠溶液反应，氯化氢气体能和饱和碳酸氢钠溶液反应，所以可用饱和碳酸氢钠溶液除去氯化氢气体，浓硫酸具有吸水性，且不和二氧化碳反应反应，可用浓硫酸除去水蒸气，二氧化碳的密度比空气大，能用向上排空气法收集；导管口连接的正确顺序是：发生装置→c→d→a→b→e；若用L装置收集二氧化碳，补充完整如图所示：；（4）铁与稀盐酸反应生成氯化亚铁和氢气，氢气具有还原性，在加热的条件下，氢气与氧化铁反应生成铁和水，所以观察到现象红色粉末慢慢变成黑色，故填：红色粉末慢慢变成黑色；用微型仪器进行实验的优点很多，除试剂用量极少以外，还有节约能源、减少污染等优点，故填：节约能源或减少污染（合理即可）1．（2021·辽宁中考真题）根据下图所示的实验回答相关问题。A燃烧条件探究B量取水的体积C蜡烛燃烧前后质量的测定(1)A实验中白磷燃烧，红磷不燃烧，可得出的燃烧条件是_______。(2)配制一定溶质质量分数的溶液时，在其他操作和步骤均正确的情况下，B操作会使所得溶液的溶质质量分数_______(填“偏大”、“偏小”或“不变”)。(3)C实验_______(填“能”或“不能”)用于验证质量守恒定律，在此过程中燃烧掉的蜡烛质量_______(填“大于”、“小于”或“等于”)生成的二氧化碳和水蒸气的总质量。【答案】（1）温度达到着火点（2）偏大（3）不能小于【解析】(1)A实验中白磷和红磷都是可燃物、都与氧气接触了、都在80℃的热水中，白磷燃烧，红磷不燃烧，可得出的燃烧条件是温度达到着火点；(2)B操作是俯视读数，读数偏大，实际量取水的体积减小，会使所得溶液的溶质质量分数偏大；(3)蜡烛燃烧有氧气参加，同时生成了水和二氧化碳气体，实验没有密封，所以C实验不能用于验证质量守恒定律，在此过程中燃烧掉的蜡烛质量小于生成的二氧化碳和水蒸气的总质量，因为生成的二氧化碳和水蒸气的总质量包含了参加反应的蜡烛和氧气的质量。2．（2022黑龙江龙东中考）粗盐提纯和溶液配制都是中学化学的重要实验。（1）粗盐提纯实验过程中发现过滤速度较慢，可能的原因是____；在蒸发操作中，当蒸发皿中出现____时，停止加热。（2）配制100g质量分数为6%的氯化钠溶液，计算需要水的质量为____g；从上图选出配制该溶液的主要操作顺序____(选填序号)；若向烧杯中倒水时部分水洒出，最终会导致配制的溶液中溶质的质量分数____(填“>”或“=”或“<”)6%。【答案】（1）滤纸没有紧贴漏斗内壁，中间有气泡(或“固体颗粒阻碍了液体通过滤纸孔隙”或“滤纸选择的规格不对”或“漏斗下端尖口没紧靠烧杯内壁”)；较多固体（2）94；AEB；>【解析】（1）粗盐提纯实验过程中发现过滤速度较慢，可能是滤纸没有紧贴漏斗内壁，中间有气泡或“固体颗粒阻碍了液体通过滤纸孔隙”或“滤纸选择的规格不对”或“漏斗下端尖口没紧靠烧杯内壁”等；蒸发时，当蒸发皿中出现较多固体时，停止加热，利用余热将其蒸干；（2）所需氯化钠的质量为：100g×6%=6g，所需水的质量为：100g-6g=94g；用固体配制一定溶质质量分数的溶液，实验步骤为：计算、称量、量取、溶解、装瓶贴标签，故操作顺序为：AEB；若向烧杯中倒水时部分水洒出，会导致溶剂质量偏小，溶液质量偏小，最终会导致配制的溶液中溶质的质量分数＞6%。3．（2022年四川省泸州市中考）同学们观看央视《发现》《走进科学》节目后，对节目中介绍人类使用金属材料的年代及其背后的科学原理产生了兴趣，于是查阅A1、Cu、Fe、Ag四种金属元素的信息形成下表资料。元素编号①

②

③

④

金属材料使用的大致年代公元前7000年公元前4000年公元前2200年公元1827年在地壳中的含量/%0.0070.000014.757.73请回答相关问题。(1)我们的祖先很早就掌握了炼铜的工艺，最初他们将___________（填化学式）和孔雀石（主要成分是Cu2（OH）2CO3）混合后加热就得到了红色的金属铜。(2)Al元素的单质是在电发现之后，通过电解A12O3才工业化生产的，则A1在表中的编号是_________。(3)大家发现金属材料使用年代的先后规律一般是：金属越活泼使用年代越迟。但上表中某元素因含量过低而出现了例外。综合分析，①、②、③元素依次是___________。【答案】(1)C(2)④(3)铜、银、铁【解析】(1)Cu2(OH)2CO3加热会得到氧化铜，要得到红色的金属铜，需要加入还原剂炭粉，碳和氧化铜高温条件下反应生成铜和二氧化碳，化学式为：C；(2)Al元素的单质是在电发现之后，故铝是四种元素中人类利用最晚的金属，故Al在表中的编号是④；(3)金属活动性强到弱是铁、铜、银，铁在地壳中含量在金属中是第二位，故③是铁，铜比银活泼，金属越活泼使用年代越迟，但银含量比铜低的多，上表中某元素因含量过低而出现了例外，故①是铜，②是银，故综合分析，①、②、③元素依次是铜、银、铁。4．（2022黑龙江龙东中考）探究碱的性质。（1）通过分析实验一和实验二可知，氢氧化钠会吸收空气中的____。（2）实验三方案是鉴别饱和的氢氧化钙溶液与氢氧化钠溶液(分别编号为A、B)，观察到A试管中出现白色浑浊，B试管无明显现象，证明A中试剂为____溶液，A试管中出现浑浊的原因是_____。（3）同学们看到盛有NaOH的试剂瓶上标注“NaOH含量不少于96.0%”，开始如下探究：【提出问题】氢氧化钠中含有什么杂质？【查阅资料】工业制取NaOH的反应原理是：SKIPIF1<0SKIPIF1<0SKIPIF1<0，然后蒸发溶剂获得NaOH固体(在化工生产中，原料往往不能完全转化为产品)。【提出猜想】杂质为碳酸钠和氯化钠。【实验探究】①甲同学取样溶于水，向溶液中滴加酚酞溶液，观察到液体变红色，认为杂质中含有碳酸钠。乙同学认为甲同学的实验不足以证明杂质中含有碳酸钠，理由是____。②乙同学重新设计实验如下：实验操作实验现象实验结论步骤a：取样溶于水，向溶液中滴加过量稀硝酸____杂质中含有碳酸钠步骤b：向a所得溶液中继续滴加硝酸银溶液有白色沉淀产生杂质中含有_____【分析交流】步骤a中所得溶液中的溶质除NaCl外，还有_____。【答案】①.H2O和CO2（或水和二氧化碳）②.Ca(OH)2（或氢氧化钙）③.氢氯化钙的溶解度随温度升高而减小④.氢氧化钠也能使酚酞溶液变红⑤.有气泡产生⑥.氯化钠（或NaCl）⑦.硝酸、硝酸钠（或HNO3、NaNO3）【解析】（1）实验一氢氧化钠露置，表面潮湿，说明吸收空气中的水分，实验二滴加稀盐酸，露置的氢氧化钠冒气泡，说明氢氧化钠和二氧化碳反应生成碳酸钠和水，碳酸钠和稀盐酸生成氯化钠、水和二氧化碳，故通过分析实验一和实验二可知，氢氧化钠会吸收空气中的H2O和CO2(或“水和二氧化碳”)。（2）氢氧化钙的溶解度随温度的升高而减小，实验三方案是鉴别饱和的氢氧化钙溶液与氢氧化钠溶液(分别编号为A、B)，观察到A试管中出现白色浑浊，B试管无明显现象，证明A中试剂为Ca(OH)2(或“氢氧化钙”)溶液，A试管中出现浑浊的原因是氢氯化钙的溶解度随温度升高而减小。[实验探究]①氢氧化钠和碳酸钠均显碱性，均能使酚酞溶液变红，故理由是氢氧化钠也能使酚酞溶液变红。②碳酸钠和稀硝酸反应生成硝酸钠、水和二氧化碳，则步骤a：取样溶于水，向溶液中滴加过量稀硝酸，观察到有气泡产生；氯化钠和硝酸银反应生成氯化银和硝酸钠，则步骤b：向a所得溶液中继续滴加硝酸银溶液，有白色沉淀产生，说明杂质中含有氯化钠(或“NaCl”)。[分析交流]步骤a：取样溶于水，向溶液中滴加过量稀硝酸，碳酸钠和稀硝酸反应生成硝酸钠、水和二氧化碳，故步骤a中所得溶液中的溶质除NaCl外，还有硝酸、硝酸钠(或“HNO3、NaNO3”)。5．（2022广东中考）具备基本化学实验技能是学习化学的基础和保证。在化学实验操作考试中，小明和小英分别抽取了I、Ⅱ两组试题。可供选择的实验药品有大理石、KC1O3、MnO2、稀盐酸、NaOH溶液、H2O2溶液、酚酞溶液、石蕊溶液等，相关实验装置如图所示。I组：O2和CO2的实验室制取（1）仪器a的名称是______。（2）小明想用同一套装置分别制取O2和CO2，应选用发生装置______和收集装置______（填字母）。其中，制取O2的化学方程式为______。Ⅱ组：溶液酸碱性的检验和酸、碱的化学性质（3）为了鉴别稀盐酸和NaOH溶液，小英要测定溶液的pH，正确的操作是______。测得pH=1的溶液为______。（4）稀盐酸和NaOH溶液反应无明显现象。为使该反应“可视化”，小英向NaOH溶液中滴加______溶液，再逐滴加入稀盐酸至过量，观察到溶液由______色变为无色。【答案】（1）试管（2）B；C；SKIPIF1<0（3）用玻璃棒蘸取少量待测液体，滴在pH试纸上，然后将试纸显示的颜色与标准比色卡对照，读出pH值；稀盐酸（4）酚酞；红【解析】（1）仪器a的名称是试管；（2）实验室制取O2的发生装置为固固加热型和固液不加热型，实验室制取CO2的发生装置为固液不加热型，若用用同一套装置分别制取O2和CO2，则该发生装置为固液不加热型，应选择B；由于氧气密度比空气大，不易溶于水，可以采用向上排空气法和排水法收集，二氧化碳密度比空气大，能溶于水并与水发生反应，可以采用向上排空气法，故该收集装置为向上排空气法，应选择C；实验室制取氧气的固液不加热型的发生装置，该反应是过氧化氢在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，该反应的化学方程式为：SKIPIF1<0；（3）为了鉴别稀盐酸和NaOH溶液，测定溶液的pH，正确的操作是用玻璃棒蘸取少量待测液体，滴在pH试纸上，然后将试纸显示的颜色与标准比色卡对照，读出pH值；稀盐酸显酸性，pH小于7，氢氧化钠溶液显碱性，pH大于7，当测得pH=1的溶液为稀盐酸；（4）稀盐酸和NaOH溶液反应无明显现象，向NaOH溶液中滴加酚酞溶液，观察到溶液变为红色；再逐滴加入稀盐酸至过量，溶液显酸性，无色酚酞溶液遇酸性溶液不变色，则观察到溶液由红色变为无色。6．（2022贵州铜仁中考）人类的生产、生活离不开金属材料，金属的发现和使用推动了人类社会发展。部分金属的发现历程如下图所示，请根据要求回答下列问题：（1）根据上图分析，金属的发现历程与金属的______有关。（2）铝被广泛地应用，除了因为改进铝的冶炼方法使其成本降低，以及铝的密度小外，还由于铝的______性能好。（3）某兴趣小组为探究Fe、Cu、R的金属活动性顺序。展开了一系列探究。【提出问题】如何判断Fe、Cu、R的金属活动性顺序？【猜想与假设】猜想一：Fe>Cu>R猜想二：Fe>R>Cu猜想三：______【进行实验】实验操作实验现象实验结论____________猜想二正确【拓展与应用】为了回收利用金属，同学们将反应后的物质倒入同一容器中，向其中加入过量的铝粉，充分反应后过滤，则滤渣中的金属单质为______。【答案】①.活动性②.抗腐蚀③.R>Fe>Cu④.将打磨好的R丝分别插入盛有硫酸铜、硫酸亚铁溶液的A、B两支试管中（合理即可）⑤.A试管中R丝表面有红色物质析出，B试管中R丝表面无明显现象（合理即可）⑥.Al、Fe、R、Cu【解析】（1）分析图像，金属的活动性：Al>Fe>Cu，金属的发现历程：铜最早、然后是铁、最后是铝，则金属的发现历程与金属的活动性有关；（2）铝能在空气中和氧气反应产生一层致密的氧化膜，具有抗腐蚀的作用，故填抗腐蚀；（3）猜想与假设：已经知道金属的活动性Fe>Cu；则R的活动性可以是三种金属中最弱，即猜想一；R的活动性可以在铁和铜之间，即猜想二；R的活动性可以是三种金属中最强，即猜想三：R>Fe>Cu；进行实验：比较活泼的金属能够把不活泼的金属从它的盐溶液中置换出来，因为实验结论：金属活动性Fe>R>Cu；则可以设计中间的金属放入两端金属的盐溶液中，R与亚铁盐不反应，得出结论活动性Fe>R；R能将铜从铜的盐溶液中置换出来，结论：金属活动性：R>Cu；则实验得以证明三种金属的活动性：Fe>R>Cu；则设计实验如下：（答案不唯一，合理即可）实验操作：将打磨好的R丝（实验前打磨金属除去表面的杂质）分别插入盛有硫酸铜、硫酸亚铁溶液的A、B两支试管中（合理即可）实验现象：A试管中R丝表面有红色物质析出，B试管中R丝表面无明显现象（与设计的实验操作对应，合理即可）拓展与应用：金属的活动性：Al>Fe>R>Cu；上述实验中没有反应的亚铁盐，在放入铝后，铁被置换出来；R能将铜从铜的盐溶液中置换出来，产生单质铜和R的盐溶液，放入铝，铝将R置换出来；则得到的金属单质是Fe、R、Cu和过量的铝。7．（2022年江苏省扬州市中考）为认识酸和碱的性质，某化学学习小组进行了如下实验。（1）20℃时，配制80g溶质质量分数为10%的NaOH溶液。①用图中仪器完成实验，还缺少的玻璃仪器是____(填名称)，玻璃棒在配制实验中的作用是___。②配制该溶液需要_______g水。用量筒量取水时，俯视读数会导致所配溶液的溶质质量分数___10%。(填“大于”或“小于”)（2）向1~5号小试管中分别滴加少量稀盐酸。①_______中溶液变为红色(填“试管1”或“试管2”)。②试管3中产生气泡，试管4中无明显现象，由此推断金属活动性Cu比Zn_______(填“强”或“弱”)。③试管5中生成一种盐和两种氧化物，该反应的化学方程式为_______。（3）借助传感器对稀NaOH溶液与稀盐酸的中和反应进行研究，实验装置如图，三颈烧瓶中盛放溶液X，用恒压漏斗匀速滴加另一种溶液。①甲同学用pH传感器测得三颈烧瓶内溶液pH的变化如题图，判断溶液X是_____，实验进行到60s时溶液中的溶质为_____(填化学式)。②乙同学用温度传感器测得三颈烧瓶内温度变化如图(实验过程中热量散失忽略不计)，据此可得出反应过程中_____能量的结论(填“吸收”或“释放”)。③丙同学提出，通过监测三颈烧瓶内压强变化，也可以推导出乙同学的实验结论，其理由是____。【答案】(1)

烧杯

搅拌加速溶解

72

大于(2)

试管1

弱

SKIPIF1<0(3)

稀盐酸

NaCl、NaOH

释放

温度升高气体体积膨胀，三颈烧瓶内气体压强变大【解析】【分析】（1）根据一定量一定溶质质量分数溶液的配制分析。（2）根据盐酸的化学性质分析。（3）根据NaOH溶液与稀盐酸发生的中和反应，结合题中信息进行分析。(1)①用固体配制溶液需要的仪器有：托盘天平、药匙、量筒、滴管、烧杯、玻璃棒，故填：烧杯。在配制实验中玻璃棒的作用是搅拌加速溶解，故填：搅拌加速溶解。②配制80g溶质质量分数为10%的NaOH溶液，需要NaOH的质量为：SKIPIF1<0，则需要水的质量为：SKIPIF1<0，故填：72。用量筒量取水时，俯视读数使量取水的体积偏小，溶液的质量偏小，导致所配溶液的溶质质量分数大于10%，故填：大于。(2)①盐酸能使石蕊试液变红，所以试管1中溶液变为红色，故填：试管1。②金属活动顺序表中，金属活动性自左向右逐渐减弱，且位于氢前面的金属能置换出酸中的氢，试管3中产生气泡，试管4中无明显现象，说明Cu的活动性比Zn弱，故填：弱。③由质量守恒定律知，碱式碳酸铜与盐酸反应生成一种盐和两种氧化物，其中的盐是氯化铜，两种氧化物是水和二氧化碳，该反应的化学方程式为：SKIPIF1<0，故填：SKIPIF1<0。(3)①由图像知，开始反应时溶液的pH＜7，显酸性，所以三颈烧瓶内溶液X是稀盐酸，故填：稀盐酸。三颈烧瓶内溶液X是稀盐酸，恒压漏斗内溶液是稀NaOH溶液，随着NaOH溶液的滴入，稀盐酸与NaOH反应生成氯化钠和水，氯化钠溶液显中性，三颈烧瓶内溶液的pH逐渐增大，二者恰好完全反应时溶液的pH=7，继续滴入NaOH溶液，则溶液的pH＞7，显碱性；实验进行到60s时，溶液的pH＞7，显碱性，此时溶液中的溶质为生成的NaCl和滴加后未反应的NaOH，故填：NaCl、NaOH。②由用温度传感器测得三颈烧瓶内温度变化图知，反应过程中三颈烧瓶内温度升高，说明稀盐酸与NaOH反应过程中释放出能量，故填：释放。③因为温度升高气体体积膨胀，使三颈烧瓶内压强变大，所以通过监测三颈烧瓶内压强变化，也可以推出稀盐酸与NaOH反应过程中释放出能量，故填：温度升高气体体积膨胀，使三颈烧瓶内气体压强变大。8．（2022年甘肃省武威市中考）实验室现有高锰酸钾、块状石灰石、稀硫酸、稀盐酸、浓盐酸、棉花以及下列仪器及装置。请你回答有关问题。（1）仪器①的名称是______。（2）利用上述仪器和药品制取氧气，反应的化学方程式为______，利用装置A制氧气还需改进的地方是______。在上述收集气体的装置中，不能用于收集氧气的是______（填代号）。（3）实验室常用装置B和______（填药品名称）制取CO2，其反应的化学方程式为______。若使用装置F作为制取CO2的发生装置。与装置B比较，除了利用废物的优点外，请写出其他一个优点______，该装置使用铜丝网面不使用铁丝网盛放固体的原因是______（用化学方程式表示）。（4）若用装置G来干燥制取的二氧化碳，则气体应从______（填“a”或“b”）口进入。【答案】(1)长颈漏斗(2)

SKIPIF1<0

在试管口塞一团棉花

D(3)

块状石灰石、稀盐酸

SKIPIF1<0

可以控制反应的发生和停止

SKIPIF1<0(4)b【解析】(1)仪器①的名称是长颈漏斗(2)题目中给出的药品能制取氧气的是高锰酸钾，则化学反应方程式为SKIPIF1<0；高锰酸钾制氧应在试管口放一团棉花，防止加热时试管内粉末状的物质进入导管，故利用装置A制氧气还需改进的地方是在试管口塞一团棉花；在上述收集气体的装置中，不能用于收集氧气的是D，因为氧气密度比空气大，无法用向下排空气法收集。(3)实验室常用装置B和块状石灰石、稀盐酸制取CO2，该反应为石灰石（主要成分是碳酸钙）和稀盐酸生成氯化钙、二氧化碳和水，化学反应方程式为SKIPIF1<0；F装置中的铜丝网中装的药品是块状石灰石，则可以通过上下移动铜丝网控制块状石灰石和稀盐酸的接触，从而控制反应的发生和停止；该装置不能使用铁丝网盛放固体，因为铁也会与稀盐酸发生反应，故化学反应方程式为SKIPIF1<0。(4)G装置为装有浓硫酸的万用瓶，干燥二氧化碳需要将气体通入到溶液中，则气体应该从b口进入。9．（2022年江苏省连云港市中考）用如图所示装置制取干燥的CO2，并对CO2的部分性质进行探究。（1）装置A中发生反应的化学方程式为_______。（2）①装置B中饱和NaHCO3溶液的作用是_______。②装置C中试剂X应该选用_______(填字母)。a.稀H2SO4b.浓H2SO4c.KOH溶液（3）收集CO2并验满。将集满CO2的锥形瓶与盛有足量NaOH溶液的注射器和传感器密封连接，缓慢的将NaOH溶液注入到锥形瓶中，采集信息形成图像。见图。①检验装置D中CO2已经集满的方法是_______。②随着反应的进行，锥形瓶中压强降低的原因是_______。③反应结束后锥形瓶中的压强保持在40kPa说明_______。（4）取2mL饱和澄清石灰水于试管中，用4mL蒸馏水稀释，向其中缓慢通入足量CO2。测定反应体系的电导率变化如图所示。(忽略反应前后溶液体积的变化)【查阅资料】材料一：溶液的导电力越强，溶液的电导率越大。材料二：单位体积溶液中某离子的个数越多，则该离子的浓度越大，溶液的导电能力越强。相同浓度的不同离子导电能力不同。材料三：Ca(OH)2溶于水能完全解离出Ca2+和OH-。CaCO3遇到溶有CO2的水时，能反应生成易溶于水的Ca(HCO3)2，Ca(HCO3)2在水中能完全解离出Ca2+和SKIPIF1<0；。①石灰水中通入CO2气体，溶液的电导率先逐渐