安徽省皖东学校联考2025届高三月考试卷物理试题C卷【含解析】

第=page11页，共=sectionpages11页绝密★启用前安徽省皖东学校联考2025届高三月考试卷物理试题C卷题号一二三四总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、单选题：本大题共8小题，共32分。1.某质点在Oxy平面上运动。t=0时，质点位于y轴上。它在x方向运动的速度—时间图象如图甲所示，它在y方向的位移—时间图象如图乙所示，则

(

)A.质点做匀加速直线运动 B.1 s末的瞬时速度大小为11 m/s

C.2 2.如图所示为一竖直放置的大圆环，在其水平直径上的A、B两端系着一根不可伸长的柔软轻绳，绳上套有一光滑小铁环.现将大圆环在竖直平面内绕过O点的轴顺时针缓慢转过一个微小角度，则关于轻绳对A、B两点拉力FA、FB的变化情况，下列说法正确的是

(

)

A.FA变小，FB变小 B.FA变大，FB变大 C.FA变大，FB变小3.2022年10月7日，中国太原卫星发射中心在黄海海域使用长征十一号海射运载火箭，采用“一箭双星”方式，成功将微厘空间低轨导航试验卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道．设两颗卫星轨道在赤道平面上，运行方向相同。运动周期也相同，其中a卫星为圆轨道，距离地面高度为ha=2R，b卫星为椭圆轨道，近地点M距离地面高度为远地点N距离地面高度的一半，地球表面的重力加速度为g，a卫星线速度大小为v1，b卫星在近地点M时线速度大小为v2，在远地点N时线速度大小为v3，地球半径为RA.b卫星远地点N距离地面高度为43R

B.b卫星从N点运动到M点时间为2π27Rg

C.v24.如图所示，小球A，B固定在竖直轻杆两端，A球紧贴竖直光滑墙面，B球位于光滑水平地面上，小球C紧贴小球B.小球A受到轻微扰动后顺着墙面下滑，此后的运动过程中，三球始终在同一竖直面上．已知小球C的最大速度为v，三球质量均为m，轻杆长为L，重力加速度为g，下列说法正确的是

A.小球A离开墙面前，B，C两小球已分离

B.小球A落地前瞬间动能大小为mgL−58mv2

C.小球A落地前瞬间，小球C的速度是小球A速度的5.如图所示，小明在斜坡上分别以两个方向投掷石块A、B，并使其落在斜坡下方的M、N两点，假设两次投掷的石块最大高度相同，不计空气阻力，则(

)

A.从投出位置到最高点，A和B速度变化量相同

B.整个在空中运动的过程中B运动时间比A的短

C.A和B从抛出到落回斜坡面，位移的方向不同

D.A刚投出时的初速度比B刚投出时的初速度大6.如图所示，由绝缘材料制成的内壁光滑的半圆碗固定在水平面上，O点为圆心，带电量为qa、质量为ma的a小球固定在半圆碗底端的A点，带电量为qb、质量为mb的b小球静止于半圆碗内的B点，此时∠AOB=74∘，由于a、b两小球的质量变化或电荷量变化使得b小球沿半圆碗的内壁缓慢下滑，恰好静止于C点，∠AOC=60∘，此时a、b两小球的质量分别为ma′A.b小球受到的支持力一定大于其重力

B.b小球的质量和电荷量至少有一个应发生变化

C.可能仅是b小球的质量mb′增加至216125mb

D.可能仅是a、7.如图所示，电源电动势为E，内阻为r。电路中的R ​2、R 3分别为总阻值一定的滑动变阻器，R ​0为定值电阻，R ​1为光敏电阻(其电阻随光照强度增大而减小)。当开关A.在只逐渐增大光照强度的过程中，电阻R ​0消耗的电功率变大，电阻R 3中有向上的电流

B.只调节电阻R 3的滑动端P ​2向上端移动的过程中，电源消耗的功率变大，电阻R 3中有向上的电流

C.只调节电阻R ​28.如图，滑块a、b的质量均为m，a套在固定竖直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上。a、b通过铰链用刚性轻杆连接，由静止开始运动。不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g。则(

)

A.a落地前，轻杆对b一直做正功

B.a落地时速度大小为2gh

C.a下落过程中，其加速度大小始终不大于g

D.a落地前，当a的机械能最小时，b二、多选题：本大题共2小题，共10分。9.在匀强电场中有一个正六边形区域abcdhf，电场线与六边形所在平面平行，如图所示。已知a、b、h三点的电势分别为7V、11 V、−5V，带电荷量为e的粒子(重力不计)以16 eV的初动能从A.粒子带负电 B.粒子可以经过正六边形各顶点射出该区域

C.粒子经过f点时动能为24eV D.粒子可能从10.如图甲所示，轻弹簧放在水平面上，左端与固定挡板相连接，右端与质量为1 kg的物块连接，弹簧处于原长。现给物块施加一个向左、大小为5 N的恒定推力F，物块在向左运动过程中，加速度随运动的位移关系如图乙所示(g取10 m/s2，弹簧弹性势能EA.物块与水平面间的动摩擦因数为0.1 B.弹簧的劲度系数为80 N/m

C.物块向左运动的最大速度为三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.某同学利用如图甲所示的装置来验证“机械能守恒定律”。将宽度为d的挡光片(质量不计)水平固定在物体A上，将物体由静止释放，让质量较大的物体B通过细线和滑轮带着A一起运动，两光电门间的高度差为h，挡光片通过光电门1、光电门2的时间分别为t1、t2，A、B两物体的质量分别为mA、mB

(1)该同学用游标卡尺测挡光片的宽度时，测量情况如图乙所示，则挡光片的宽度d=

(2)由于没有天平，不能直接测出两物体的质量，该同学找来了一个质量为m0的标准砝码和一根弹簧，将标准砝码、物体A和物体B分别静止悬挂在弹簧下端，用刻度尺测出弹簧的伸长量分别为x0、xA、xB，则A、

(3)若系统的机械能守恒，则应满足关系式

(4)若保持物体A的质量mA不变，不断增大物体B的质量mB，则物体A12.在学校社团活动中，某实验小组先将一只量程为300μA的微安表头G改装为量程为0.3A微安表头G(量程300μA滑动变阻器R滑动变阻器R电阻箱R电源E1(电源E2(开关、导线若干

(1)实验小组先用如图(a)所示电路测量表头A.按图(a)连接好电路，B.断开S2，闭合S1，调节滑动变阻器的滑片位置，使GC.闭合S2，并保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱的阻值，使表头G的示数为200μA， ①实验中电源应选用

，滑动变阻器应选用

(选填仪器字母代号 ②测得表头G的内阻Rg=

，表头内阻的测量值较其真实值

(2)实验测得G的内阻Rg=500Ω，要将表头G改装成量程为0.3A(3)实验小组利用改装后的电流表A，用图(b)所示电路测量未知电阻Rx的阻值。测量时电压表V的示数为1.20V，表头G的指针指在原电流刻度的250μ四、计算题：本大题共3小题，共42分。13.如图所示，一质量为m=0.5kg的小物块放在水平地面上的A点，小物块以v0=9m/s的初速度从A点沿AB方向运动，与墙发生碰撞(碰撞时间极短)。碰前瞬间的速度v(1)A(2)碰撞过程中，墙对小物块的冲量大小I14.如图，两长度均为L的相同轻质细杆用铰链A、B、C相连，质量可忽略的铰链A固定在地面上，铰链B和C质量不可忽略，均为m，铰链A、B、C均可视为质点。起始位置两细杆竖直，如图虚线所示，铰链A和C彼此靠近。t=0时铰链C在水平变力的作用下从静止开始做初速度为零，加速度大小为a=33g的匀加速直线运动(g为重力加速度)，到t(1)当t=(2)当t=(3)若t=t1时，水平F的大小恰好为15.某装置用电场控制带电粒子运动，工作原理如图所示，矩形ABCD区域内存在多层紧邻的匀强电场，每层的高度均为d，电场强度大小均为E，方向沿竖直方向交替变化，AB边长为12d，BC边长为8d，质量为m、电荷量为+q的粒子流从装置左端中点射入电场，粒子初动能为Ek，入射角为θ(1)当θ=θ0(2)当Ek=4qEd时，若粒子从CD边射出电场时与轴线(3)当Ek=83qEd，粒子在θ为−答案和解析1.【答案】C

【解析】【分析】

依据两图象可知：质点在x方向上做匀加速直线运动，在y方向上做匀速运动，结合运动的合成与分解，即可判定运动性质；

根据两图象可知：质点在x方向上做匀加速直线运动，在y方向上做匀速运动，求出1s末x方向的分速度，然后根据平行四边形定则得出质点的速度；

分别求出质点沿x方向的位移与y方向的位移，然后根据平行四边形定则求解2s内的位移大小。

解决本题的关键知道质点在x方向和y方向上的运动规律，根据平行四边形定则进行合成，注意掌握曲线运动的条件。

【解答】

AD、质点在x轴方向以初速度为4m/s做匀加速直线运动，而在y轴负方向质点做匀速直线运动，依据运动的合成与分解，及曲线运动条件，可知，质点做匀加速曲线运动，故AD错误；

B、在x方向上的初速度为vx0=4m/s，加速度：a=△vx△t=8−42m/s2=2m/s2

由于做匀加速直线运动，因此在t=1s时，质点x方向上速度的大小vx=2.【答案】A

【解析】【分析】以环为研究对象，环处于静止状态，合力为零，根据平衡条件求解绳中拉力的大小；然后通过比较转动后绳子的方向与水平方向之间的夹角的变化即可得出力的变化。本题中铁环与动滑轮相似，两侧绳子拉力大小相等，运用正交分解法研究平衡状态，难度适中。【解答】如图，设绳子的长度是2L，AB的长度是2l，AB水平时绳子与水平方向的夹角是α，平衡时两根绳子的拉力相等，设绳子拉力为F1，有：

由图可知co将大圆环绕着杆中点O在竖直平面内顺时针缓慢转过一个角度时，绳子与水平方向的夹角是θ，平衡时两根绳子的拉力仍然相等，设绳子拉力为F2，有：2F2si设此时环到B的距离是L1，到A的距离是L2，则：L1+L2=2L所以：FA′=FB′<FA3.【答案】C

【解析】【分析】本题考查了开普勒定律、卫星的运行规律。对于绕地做圆周运动的卫星，由万有引力提供向心力分析圆周运动的物理量。

对于同一个椭圆轨道的速度大小进行比较时，往往使用开普勒第二定律。

而分析同一中心天体但是不同椭圆轨道的周期时，往往使用开普勒第三定律。【解答】

A、据开普勒第三定律，由于两卫星周期相同，故b卫星的椭圆轨道半长轴应等于a卫星的轨道半径，设b卫星近地点M距离地面高度为hM，远地点N距离地面高度为hN，由于hN=2hM，且hM+hN+2R2=R+ha，得hM=43R，hN=83R，A错误;

B、对a卫星有GM(R+ha)2=4π2T2(R+ha)，由黄金代换公式，g=GMR2，得T=2π27Rg，b卫星从4.【答案】B

【解析】解：A.B、C分离前，C向右做加速运动，C的加速度方向向右，B的加速度方向也向右，则杆对B的弹力方向斜向右下方，当B、C恰好分离时，两者速度相等，两者之间弹力为0，则C的加速度为0，由于刚刚分离时，B、C加速度相等，即此时，B的加速度也为0，则此时杆的弹力为0，由于A、B沿杆的分速度相等，B、C分离后，轻杆的弹力将由压力变为拉力，A将离开竖直墙面，可知，小球A离开竖直墙时，B、C恰好分离，故A错误；

D.B、C分离后小球C做匀速直线运动，所以B、C分离时，两球速度均为v，对三小球整体列水平方向动量定理，则

I墙=2mv，故D错误；

C.自小球A离开墙面到小球落地，A、B轻杆水平方向动量守恒，则

mv=mvB+mvAx

且有vB=vAx

解得：vB=vAx=v2，小球C的速度是小球A水平速度的2倍，但小球A有竖直速度分量，即小球C的速度大于小球A速度的2倍，故C错误；

B.5.【答案】A

【解析】A.A物体抛出后能和B物体达到同一最大高度，根据h=12gtB.根据题意，两次投掷的石块最大高度相同，则上升所用时间相同，而根据A、B石块的运动轨迹可知，B石块下落高度大于A石块下落高度，则可知B石块下落所用时间比A石块下落所用时间更长，因此整个在空中运动的过程中B运动时间比A的长，故B错误；C.A、B石块都是从斜面上抛出，最后都落在了斜面上，位移都是沿着斜面向下的，因此A和B从抛出到落回斜坡面，位移的方向相同，故C错误；D.由于A、B上升高度相同，根据h=vy22g，可知A、B石块竖直分速度大小相同，而根据两石块的运动轨迹，在等高处(运动相同时间)，B石块的水平位移大于A石块的水平位移，根据水平方向做匀速直线运动有x=vxt，可知故选A。6.【答案】C

【解析】[分析]

本题主要考查库仑力作用下的动态平衡问题，受力分析是解决问题的关键。要能正确的对小球b进行受力分析，根据三角形相似，寻找各个力之间的大小关系。对小球b受力分析，小球b受重力、支持力、库仑力，根据三角形相似判断各个力的大小关系，结合库仑定律计算带电量的关系。

[解答]

对小球b受力分析，如图所示，小球b受重力、支持力、库仑力，由图可知，力的矢量三角形和长度三角形相似

设半球形碗的半径为R，AB之间的距离为L，根据三角形相似可知，即mbgR=FNR=FL

所以FN=mbg

①

F=LRmbg

②

又几何关系得：L=2Rsin37∘=1.2R

③

所以：F=1.2mbg

④

同理可知，当小球b处于C位置时，AC距离为：AC=2Rsin30°=R，

故：F′=7.【答案】A

【解析】【分析】

该题主要考查闭合电路欧姆定律、含容电路电路分析相关知识。熟练掌握电路动态分析方法是解决本题的关键。

逐渐增大R1的光照强度，R1的电阻减小，回路总电阻减小，回路总电流增大，纯电阻电路根据P=UI=I2R可知R0上消耗的电功率变大，同时，R2总电阻两端电压也增大，则电容两端电压增大，根据C=QU，可知电量增加，可判断R3的电流方向；恒定电路中电容所在支路相当于断路，滑动R3的滑片不改变电路通电情况，故不会发生任何变化；调节R2的滑动端向下移动时，回路总电阻不发生变化，电压表测的路端电压也不发生变化，示数不变，但是电容两端分得电压增大，电场增强，电场力大于重力，带电微粒向上运动；若断开电键S，则电容器在电容、R2、R3组成的电路中放电，电荷量减少，电压减小，电场力减小，带电微粒向下运动。

【解答】

A.逐渐增大R1的光照强度，R1的电阻减小，回路总电阻减小，回路总电流增大，纯电阻电路根据P=UI=I2R可知R0上消耗的电功率变大，同时，R2总电阻两端电压也增大，则电容两端电压增大，根据C=QU，可知电量增加，则R3中有向上的电流，故8.【答案】D

【解析】【分析】

本题综合性很强，对考生的分析推理能力要求较高，因此难度较大。从知识层面看，考查了受力分析、牛顿第二定律、功、动能定理、机械能守恒定律。

分析滑块b的速度变化，是解决本题的突破口。

【解答】

A.因为杆对滑块b的限制，a落地时b的速度为零，所以b的运动为先加速后减速，杆对b的作用力对b做的功即为b所受合外力做的总功，由动能定理可知，杆对b先做正功后做负功，故A错；

B.对a、b组成的系统应用机械能守恒定律有：mgh=12mva2,va=2gh，故B错误；

C.杆对a的作用效果为先推后拉，杆对a的作用力为拉力时，力的方向与a下落方向成锐角，故a下落过程中的加速度大小会大于g，故C错误；

D.由功能关系可知，当杆对a9.【答案】AD【解析】如下图所示，连接bh，fd，ah，过b点作bh的垂线交于与A.由几何关系易得，α=30∘，β=60因为φa=7V，φb=11V，因为mh=2mb=4ma，则Uma=13Uah=B.当该粒子沿bh方向运动时，恰不能从h点处射出，故BC.由几何知识得bn=34bh且n点与f点等电势点，则Ubf=Ubn=34D.当粒子沿bh方向运动时，粒子先向h点方向减速为零，再反向加速从b点射出，故D故选AD。10.【答案】AC【解析】【分析】

刚开始弹簧的弹力为零，根据牛顿第二定律求解物块与水平面间的动摩擦因数；当弹簧压缩0.1m时物块的加速度为零，根据平衡条件求解弹簧的劲度系数；当弹簧压缩0.1 m时物块速度最大，根据动能定理求解物块向左运动的最大速度；根据功能关系求解弹簧的弹性势能最大时的压缩量，根据弹性势能的计算公式求解弹性势能。

本题主要是考查了功能关系和动能定理、牛顿第二定律的综合应用，首先要选取研究过程，然后分析在这个运动过程中哪些力做正功、哪些力做负功，初末动能为多少，根据动能定理、功能关系列方程解答。

【解答】

A.刚开始弹簧的弹力为零，由图乙可知物块的加速度a1=4m/s2，根据牛顿第二定律得：F−μmg=ma1，解得μ=0.1，故A正确；

B.当弹簧压缩x1=0.1m时物块的加速度为零，根据平衡条件得：F=μmg+kx1，解得：k=11.【答案】(1)2.2；(2)m0【解析】【分析】

正确理解实验原理，掌握相关物理规律，是解答本题的关键。

(1)由游标卡尺的读数规则读数即可；

(2)根据平衡条件结合胡克定律求解即可；

(3)对系统应用机械能守恒定律列式，再结合(2)中结论求解即可；

(4)对系统应用牛顿第二定律求出加速度表达式，而后分析即可。

【解答】

(1)挡光片的宽度d=2mm+2×0.1mm=2.2mm；

(2)由平衡条件和胡克定律可得：m0g=kx0，mAg=kxA，mBg=kxB，解得：mA=m0x12.【答案】(1)①E2；R2；②【解析】(1)①闭合S2开关时，认为电路电流不变，实际上闭合开关S2时电路总电阻变小，电路电流增大，电源电动势越大、滑动变阻器阻值越大，闭合开关S2时微安表两端电压变化越小，实验误差越小，为减小实验误差，电源应选择E2，滑动变阻器应选择R2；

②闭合开关S2时认为电路电流不变，流过