安徽省淮北市多校2024-2025学年高二（上）期中物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页安徽省淮北市多校2024-2025学年高二（上）期中物理试卷一、单选题：本大题共8小题，共32分。1.在如图的电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，A、B两灯亮度的变化情况为(

)

A.A灯和B灯都变亮 B.A灯、B灯都变暗

C.A灯变亮，B灯变暗 D.A灯变暗，B灯变亮【答案】D

【解析】【分析】

本题考查的是滑动变阻器对电路中电流、电压的调节情况，分析清楚电路结构、根据滑动变阻器阻值的变化，判断电路电流、电压的变化情况，熟练应用功率公式是正确解题的关键。

【解答】

当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，并联部分的总电阻变小，所以总电阻变小，总电流变大，所以电源内阻的电压变大，且B灯电流变大，B灯变亮；

UA=E−I(r+R故选D。2.某导体的伏安特性曲线如图所示，直线a是伏安特性曲线上b点的切线，关于导体的电阻，下列说法中正确的是(

)

A.当电压是4V时，导体的电阻为22.5Ω B.当电压是4V时，导体的电阻为0.【答案】D

【解析】【分析】

本题考查对伏安特性曲线的了解，要注意明确各点的电阻应通过电阻的定义式R=UI求解，不能根据切线的斜率求，注意图象的点与原点连线的斜率表示电阻的倒数。

【解答】

AB、由图可知，当电压为4V时，电流为0.4A，故其电阻R=UI=40.4Ω=10Ω3.图中实线为真空中某一点电荷形成的电场线，一电子的运动轨迹如图中虚线所示，其中a、b是轨迹上的两点．若电子在两点间运动的速度不断增大，则下列判断中正确的是(

)

A.形成电场的点电荷电性为正

B.电子可能是从a点运动到b点

C.电子在两点间运动的加速度一定减小

D.调整电子初速度的大小和方向，电子可能做匀速圆周运动【答案】C

【解析】【分析】

先由粒子的运动轨迹，判断粒子所受电场力的大体方向，再根据做功情况联系粒子动能变化判断运动方向，根据电场线疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得ab点加速度的大小；

A.做曲线运动的物体，受力的方向一定指向凹侧，可知电子受电场力向左，形成电场的点电荷电性为负，A错误；B.由于电子在两点间运动的速度不断增大，因此一定是从b点向a点运动，B错误；C.由于从b向a运动，电场强度逐渐减小，根据牛顿第二定律，加速度逐渐减小，C正确；D.由于场源电荷与电子带同种电荷，相互排斥，因此电子不可能做匀速圆周运动，D错误。故选C。4.如图所示，在真空中的A、B两点分别放置等量异种点电荷，在AB两点间取一正五角星形路径abcdefghija，五角星的中心与A.e点和g点的电场强度相同

B.h点和d点的电势相等

C.电子在e点的电势能比g点电势能大

D.电子从f点到e点再到d点过程中，电场力先做正功后做负功【答案】C

【解析】【分析】

根据等量异种电荷电场线的分布比较e、g两点的场强；等势线与电场线垂直，等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线；沿电场线方向电势降低；根据电场力做功与电势能的关系分析。

解决本题的关键掌握等量异种电荷周围电场线的分布，以及掌握电场力做功和电势能变化的关系，知道等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，且电势与无穷远相等。

【解答】

画出等量异种点电荷周围的电场线和等势面分布如图所示：

A、此图可以看出，e点和g点的电场强度大小相等，但方向不同，故A错误；

B、沿电场线方向电势降低，则h点的电势高于d点的电势，故B错误；

C、e点电势低于g点，根据Ep=−eφ可知，电子在e点的电势能大于在g点的电势能，故C正确；

D、电子沿fed移动时，电势先降低再升高，电势能先增大后减小，故电场力先做负功后做正功，故D5.如图所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，R为可变电阻，电源的电动势为E，内阻为r，若开关S闭合后，电压表示数为U，电流表示数为I，当可变电阻R的滑片向右端移动时，下列说法中正确的是

A.U变小，I变大 B.U变小，I变小 C.U变大，I变大 D.U变大，I变小【答案】A

【解析】【分析】

分析滑片滑动时电阻变化，得到干路中电流变化，结合闭合电路欧姆定律分析电压表示数变化，再分析通过电阻R1电流的变化，即可得到电流表示数变化。

本题电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部”的顺序进行分析。

【解答】

当可变电阻R的滑片向右端移动时，R变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流I总变大，电压表示数U=E−I总(r+R2)6.电容式话筒的原理示意图如图所示，E为电源，R为电阻，薄片P和Q为两金属基板。对着话筒说话时，P振动而Q可视为不动。在P、Q间距减小的过程中，下列判断正确的是(

)

A.P、Q构成的电容器的电容不变 B.P、Q构成的电容器的电容增大

C.通过电阻R的电流方向为从a到b D.通过电阻R的电流为0【答案】B

【解析】【分析】

本题考查了电容器在生活中的具体应用，该题的本质问题是电容器的动态分析。

根据平行板电容器电容的决定式C=εS4πkd分析电容的变化，再由Q=CU判断Q和U的变化。

【解答】

由于电容器始终与电源相连，故两端电压U不变；

AB.根据平行板电容器电容的决定式C=εS4πkd，可知当d减小时，电容器的电容C增大，故A错误，B正确；

CD.7.如图，在O1和O2处分别放置等量异种电荷，以两点连线的中点O3为圆心、在垂直O1O2的平面内某一圆周上任取两点A、B，则A、BA.场强大小，方向均相同 B.场强大小相等，方向不同

C.电势相等，且高于O3 D.电势相等，且低于【答案】A

【解析】【分析】

本题考查等量异种电荷电场的特点，掌握等量异种电荷电场的特点是解题的关键，难度不大。

【解答】

AB.如图所示，在等量异种电荷连线的中垂面上，以O3为圆心的圆周上A、B两点，场强大小相等，方向相同，A正确，B错误；

CD.等量异种电荷连线的中垂面上各点电势相等，且等于O3电势，CD8.图为某多用电表的简化电路图，表头G电阻Rg=30Ω，满偏电流Ig=1mA，滑动变阻器R2最大阻值为10kΩA.当选择开关接1时，测量的是电压

B.当选择开关接2时，测量的是电阻

C.当选择开关接3时，测量的是电流

D.测量时，电流是由A表笔流出，B表笔流入【答案】B

【解析】解：A、由图示电路图可知，选择开关置于1时表头G与电阻并联，此时多用电表测电流，故A错误；

B、由图示电路图可知，选择开关置于2时多用电表有内阻电源，此时多用电表可以测电阻，故B正确；

C、由图示电路图可知，选择开关置于3时表头G与电阻串联，此时多用电表测电压，故C错误；

D、由图示电路图可知，测量时电流由A流入由B流出，故D错误；

故选：B．

灵敏电流计与分流电阻并联可以改装成电流表；灵敏电流计与分压电阻串联可以改装成电压表；欧姆表有内置电源；电流从正接线柱流入从负接线柱流出多用电表，分析清楚图示电路图答题．

本题考查了多用电表的应用，知道多用电表的结构与原理是解题的前提与关键，掌握基础知识、分析清楚电路结构即可解题；平时要注意基础知识的学习与掌握．二、多选题：本大题共2小题，共10分。9.下图所示的实验中，极板所带电荷量为Q，已知两极板正对面积为S、间距为d，平行板电容器的电容为C，静电计指针偏角为θ。则下列判断正确的是(

)

A.若保持S不变，仅增大d，则θ变小 B.若保持S不变，仅增大d，则C变小

C.若保持d不变，仅减小S，则θ变大 D.若保持d不变，仅减小S，则C变大【答案】BC

【解析】【分析】

静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大．根据电容的决定式C=εS4πkd分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式C=QU分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化情况。

本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是掌握电容的两个公式：电容的决定式C=εS4πkd和C=QU。

【解答】

AB、根据电容的决定式C=εS4πkd，保持S不变，增大d时，电容C变小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C10.如图，x轴上有两同种点电荷Q1和Q2，Q1和Q2的位置坐标分别为x1、x2。Q1和A.xP点电场强度为零 B.Q1和Q2带电量相等

C.Q1和Q2【答案】AD

【解析】解：BC、因为沿电场线方向电势逐渐降低，根据电势走向，场源电荷一定为同种正电荷，且电势变化不对称，电量不等，故BC错误。

AD、xP点切线斜率为零，而φ−x图线的切线斜率表示电场强度的大小，则xP点的电场强度为零，或根据两正电荷连线上必有场强为0点即电势升降转折点xP，该点左右电场反向，故AD正确。

故选：AD。

φ−x图线的切线斜率表示电场强度的大小，从坐标x1到x三、实验题：本大题共2小题，共18分。11.铅笔内芯是石墨和黏土的混合体。(1)某同学使用螺旋测微器测定其直径d，某次测量结果如图所示，读数为__________mm。用游标卡尺测量其长度，示数如图所示，由图可知其长度L(2)某同学使用多用电表欧姆挡粗测其电阻，他首先将选择开关置于“×10”倍率，接着将两支表笔短接，旋转欧姆调零旋钮使指针指向0，然后将两表笔分别与该铅笔内芯两端接触，测其电阻时指针如图所示，则该同学接下来应该进行的操作是①换选___________(选填“×1”、“×100”或“×(3)下图是某同学找到的某多用电表的原理电路图。图中R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头G的满偏电流为250μA①A端与________ (填“红”或“黑”②若多用电表有以下5个挡位，则B端与“2”相连时为_______挡位(填写选项前字母代号)。A.

直流电压1V挡

B.直流电压5V挡

CD.

直流电流2.5mA挡

E.③R1+R2=________Ω，若R【答案】(1)0.680，2.98 (2) ×100，【解析】【分析】

(1)由螺旋测微器及游标卡尺读数方法得解；

(2)由欧姆表的使用步骤得解；由其读数方法得解；

(3)由欧姆表的内部结构得解；由多用电表的改装原理得解。

本题主要考查螺旋测微器及游标卡尺读数及多用电表的使用，难度一般。

【解答】

(1)由螺旋测微器的读数方法可得直径d=0.5mm+18.0×0.01mm=0.680mm；

由游标卡尺读数方法得长度L=2.9cm+8×0.1mm=2.98cm；

(12.某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A.被测干电池一节B.电流表1：量程0～0.6C.电流表2：量程0～0.6D.电压表1：量程0～E.电压表2：量程0～F.滑动变阻器1：0～10G.滑动变阻器2：0～100H.开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差，在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．(1)在上述器材中请选择适当的器材(填写器材前的字母(2)实验电路图应选择下图中的__________(填“甲”或“乙”

(3)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U−I图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E=_________V

【答案】(1)B；D；F；(2)甲；【解析】【分析】

(1)实验中要能保证安全和准确性选择电表；

(2)本实验应采用电阻箱和电压表联合测量，由实验原理可得出电路原理图；

(3)由原理利用闭合电路欧姆定律可得出表达式，由数学关系可得出电动势和内电阻．

本题为设计性实验，在解题时应注意明确实验的原理；并且要由实验原理结合闭合电路欧姆定律得出表达式，由图象得出电动势和内电阻．

【解答】

(1)干电池的电动势约为1.5V，故为了读数准确，电压表应选择D．

内阻较小，为了准确测量内阻，选择已知内阻的电流表B；

滑动变阻器阻值较小有利于电表的数值变化，减小误差，故选F．

(2)根据以上分析可知，电流表与电池串联，将电流表内阻等效为电源内阻，故电路图选择甲；

(3)由U−I图可知，电源的电动势E=1.5V四、计算题：本大题共3小题，共40分。13.有一电荷量为q=3×10−6C的点电荷，从电场中的A点移到B点时，克服电场力做功6(1)A(2)若B点电势为零，C【答案】(1)电荷从A移到B点的过程，电场力做负功，可得A、U(2)从B点移到W又因为，B点电势为零，即E所以E

【解析】详细解答和解析过程见【答案】14.如图所示，M为一线圈电阻RM=0.4 Ω的电动机，电阻R=24 Ω，电源电动势E=40 V.(1)电源内阻(2)开关S【答案】解：(1)设电源内阻为r′，当S断开时，I1=ER+r′，即1.6=4024+r，

得：r′=1Ω．

(2)当S合上时，I2=4A，则：U内=I2⋅r′=【解析】(1)当S断开时，根据闭合电路欧姆定律求解电源的内阻．

(2)当开关S闭合时，已知电流表的示数，求出路端电压，由欧姆定律求出通过R的电流，得到通过电动机的电流，由功率公式15.示波器的原理可简化为图甲所示，一束电子流持续不断的由静止开始经加速电场加速后，沿中轴线OO′垂直电场方向射入偏转电场，射出电场后打