2024届上海市泥城中学高三年级下册期中物理试题模拟试题

2024届上海市泥城中学高三下学期期中物理试题模拟试题

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，质量为机的木块A放在斜面体B上，对B施加一水平向左的推力尸，使A、B保持相对静止向左做匀

速直线运动，则B对A的作用力大小为（重力加速度为g）（）

A.mgB.mgsin0C.mgcos0D.0

2、在如图所示的电路中，理想变压器的原、副线圈的匝数比为巧：〃2=3：1,电阻飞=2&,电流表和电压表均为理

想交流电表，若电流表的示数为2A,电压表的示数为30V,则电阻&的阻值为（）

A.45。B.55。C.65。D.75。

3、下列说法正确的是

A.加速度为正值，物体一定做加速直线运动

B.百米比赛时，运动员的冲刺速度越大成绩越好

C.做直线运动的物体，加速度为零时，速度不一定为零，速度为零时，加速度一定为零

D.相对于某参考系静止的物体，对地速度不一定为零

4、光滑水平面上，一质量为〃?的滑块以速度-与质量为M的静止滑块相碰，碰后两者粘在一起共同运动。设碰撞过

程中系统损失的机械能为下列说法正确的是（）

A.若保持M、6不变，壮变大，则A£变大

B.若保持M、m不变，丫变大，则△£变小

C.若保持机、y不变，M变大，则△£变小

D.若保持M、y不变，机变大，则AK变小

5、一同学研究箱子的运动，让一质量为机=1kg的箱子在水平恒力〃的推动下沿光滑水平面做直线运动，箱子运动

的》图线如图所示，，是从某时刻开始计时箱子运动的时间,

x为箱子在时间/内的位移，由此可知（)

A.箱子受到的恒力大小为尸=0.5N

B.0〜10s内箱子的动量变化量为5kg-m/s

C.5s时箱子的速度大小为5.5m/s

D.。〜5s内箱子的位移为27.5m

6、物体在做以下各种运动的过程中，运动状态保持不变的是（）

A.匀速直线运动B.自由落体运动C.平抛运动D.匀速圆周运动

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图所示，轻弹簧的一端悬挂在天花板上，另一端固定一质量为m的小物块，小物块放在水平面上，弹簧与竖直

方向夹角为内30。。开始时弹簧处于伸长状态，长度为心现在小物块上加一水平向右的恒力尸使小物块向右运动距

离小物块与地面的动摩擦因数为〃，重力加速度为g,弹簧始终在弹性限度内，则此过程中分析正确的是（）

A.小物块和弹簧系统机械能改变了（F-"〃g）L

B.弹簧的弹性势能可能先减小后增大接着又减小再增大

C.小物块在弹簧悬点正下方时速度最大

D.小物块动能的改变量等于拉力尸和摩擦力做功之和

8、一简谐机械横波沿x轴负方向传播，已知波的波长为8m,周期为2s,f=0s时刻波形如图甲所示，。、氏d是波

上的三个质点。图乙是波上某一点的振动图象，则下列说法正确的是

A.图乙可以表示质点）的振动

B.在0~0.25s和0.25~0.5s两段时间内，质点力运动位移相同

C.该波传播速度为y=16m/s

D.质点。在Uis时位于波谷

E.质点d简谐运动的表达式为y=O.lsinm（m）

9、投掷标枪是运动会的比赛项目。运动员将标枪持在离地面1.6m高的位置，之后有三个阶段：①运动员与标枪一起

由静止加速至速度为8m/s；②以8m/s的速度为基础，运动员经0.8s的时间将标枪举高至2.0m处，并以26m/s的

速度将标枪掷出；③标枪离手后向斜上方向运动至离地面18m的最高点后再向斜下方运动至地面。若标枪的质量为

0.8kg,离手后的运动的最大水平距离为60m。取地面为零势能参考面，g取lOm/s?。下列说法中正确的是（）

A.第①阶段中，运动员对标枪做功25.6J

B.第①②③阶段中，标枪获得的最大动能为5L2J

C.第①@③阶段中，标枪的最大机械能为286.4J

D.第②阶段中，运动员对标枪做功的平均功率为310W

10、质点在光滑水平面上做直线运动，V-/图像如图所示。取质点向东运动的方向为正，则下列说法中正确的是（）

A.加速度方向发生改变

B.质点在2s内发生的位移为零

C.质点在2s末的速度是3m/s,方向向东

I）.质点先做匀减速后做匀加速的直线运动

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某同学利用图甲所示电路测量一量程为3mA的直流电流表的内阻距、（约为110。）。提供的实验器材有:

A.直流电源（电动势为IV,内阻不计）；

B.电阻箱（0-999.9。）；

C.滑动变阻罂（a5。.额定电流为3A）；

D.滑动变阻器（0〜50Q.额定电流为1A）。

（1）为了尽可能减小测量误差，滑动变阻器R应选用（选填或"D”）。

⑵根据图甲所示电路，在图乙中用笔画线代替导线，将实物间的连线补充完整

⑶主要实验步骤如下：

I.将电阻箱Ro的阻值调为零，滑动变阻器R的滑片P移到右端；

II.闭合开关S,调节滑动变阻器A的滑片P,使电流表的示数为3mA；

I.调节电阻箱Ro,使电流表的示数为1mA,读出此时电阻箱的阻值几；

IV断开开关S,整理好仪器。

（4）已知用=208.8。，则电流表内阻的测量值为C,由于系统误差，电流表内阻的测量值____（选填“大于”“等

于,，或“小于,,）真实值。

12.（12分）在“探究变压器线圈两端的电压与匝数之间的关系”实验中，斌斌利用如图所示可拆式变压器（铁芯不闭

合）进行研究。

可拆变压器

（1）实验还需要下列器材中的

（2）实验中，图中变压器的原线圈接线“0、8”接线柱，所接电源电压为交流10.0V,副线圈接线“0、4”接线柱，则副

线圈所接电表示数可能是O

A.20.0V

B.15.0V

C.5.0V

D.2.5V

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13,（10分）如图所示，在竖直直角坐标系xQy内，X轴下方区域I存在场强大小为E、方向沿y轴正方向的匀强电

27

场，X轴上方区域n存在方向沿大轴正方向的匀强电场。已知图中点。的坐标为（--L-L）,虚线GO_Lx轴。两

2

固定平行绝缘挡板A3、OC间距为3LOC在X轴上，AB.0c板平面垂直纸面，点3在轴上。一质量为加、电荷

量为q的带电粒子（不计重力）从。点由静止开始向上运动，通过X轴后不与A6碰撞，恰好到达〃点，已知A8=14L,

OC=i3L.

n

/Mcf

（1）求区域II的场强大小E以及粒子从D点运动到B点所用的时间1。；

（2）改变该粒子的初位置，粒子从GO上某点M由静止开始向上运动，通过不轴后第一次与A5相碰前瞬间动能恰好

最大。

①求此最大动能Ekm以及M点与X轴间的距离力；

②若粒子与A3、OC碰撞前后均无动能损失（碰后水平方向速度不变，竖直方向速度大小不变，方向相反），求粒子通

过y轴时的位置与。点的距离刈。

14.（16分）如图所示，开口向上、竖直放置的内壁光滑气缸的侧壁是绝热的，底部导热，内有两个质量均为〃，的密

闭活塞，活塞A导热，活塞B绝热，将缸内理想气体分成I、II两部分.初状态整个装置静止不动处于平衡状态，I、

II两部分气体的长度均为E温度为八.设外界大气压强为po保持不变，活塞横截面积为S,且2,〃g=poS,环境温度

保持不变.

①在活塞A上逐渐添加铁砂，当铁砂质量等于2次时，两活塞在某位置重新处于平衡状态，求活塞B下降的高度；

②现只对ii气体缓慢加热，使活塞A回到初始位置，求此时n气体的温度.

15.(12分)如图所示，粗糙水平地面上放置长木板A和滑块C,滑块B置于A的左端。开始时A、B静止，C与A

右端相距x=4m,现C以%=7m/s的初速度水平向左运动，然后与A发生弹性碰撞(时间极短)。已知A、B、C质

量均为2kg,A和C与地面间的动摩擦因数为从=0.3,A与B间的动摩擦因数为〃2=0.2,最大静摩擦力等于滑动

摩擦力，B最终没有从A上掉下去，重力加速度g取lOm/s?,求：

IA1m

(1)C与A碰撞前的速度；

(2)A、B间因摩擦产生的热量。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解题分析】

A向左做匀速直线运动，则其所受合力为零，对A受力分析可知，B对A的作用力大小为加g,方向竖直向上，故A

正确。

故选A。

2、B

【解题分析】

原、副线圈两端的电压之比

U2%1

已知"二30V故

U\=3s=90V

则通过飞的电流

副线圈的电流

又因为?二"，所以通过原线圈的电流

A4

流过电流表的电流

/=/。+4

即

2&/?1R]

解得

R、=27.5Q

&=2&=55Q

故选B。

3、D

【解题分析】

A.加速度为正向，速度不一定是正向，不一定做加速直线运动，故A错误;

B.百米比赛时，运动员的冲刺速度大成绩不一定好，但平均速度越大，成绩--定越好，选项B错误;

C.做直线运动的物体，加速度为零时，速度不•一定为零，速度为零时，加速度也不一一定A为零，选项C错误

D.相对于参考系静止的物体，其相对地面的速度不一-定为零，选项D正确。

4、A

【解题分析】

两滑块组成的系统在水平方问动量守恒，有

mv=(M+v

而此过程中系统损失的机械能

1,1,,

AE=—mv——(m+M)v

22

联立以上两式可得系统损失的机械能

.…Mmv2

△也---------

2(M+"?)

AB.根据以上分析可知，若保持M、勿不变，y变大，则变大，故A正确，B错误；

CD.根据以上分析可知，若保持/"、丫不变，M变大，或若保持M、y不变，机变大，则△£变大，故CD错误。

5、D

【解题分析】

A.将匀变速直线运动位移公式

1、

x=vot-¥—at~

两边同除以，可得

x1

7=v°Vz

X

对比―-，图线可知，箱子的初速度

t

%=3m/s

图线斜率为

—a=O.5m/s2

2

箱子运动的加速度

a=lm/s2

由牛顿第二定律，恒力

F=ma=1N

故A错误；

B.箱子的初动量为

〃()="%=3kg•m/s

10s时箱子的速度大小

v=v0+at}=13m/s

0-10s内箱子的动量变化量

△〃=mv-mv0=1Okg•rn/s

故B错误；

C.5s时箱子的速度大小为

v5=v0+at2=8m/s

故C错误；

D.0〜5s内箱子的位移为

1,1

x=vor24-—=3x5m+—x1x5-m=27.5m

故D正确。

故选D。

6、A

【解题分析】

运动状态保持不变是指物体速度的大小和方向都不变，即物体保持静止或做匀速直线运动，故A项正确，BCD三项错

误。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解题分析】

物块向右移动L,则运动到右边与初始位置对称的位置，此过程中受重力、拉力F、弹簧的弹力和摩擦力作用，根据

功能关系和动能定理判断机械能和动能的变化；根据小物块的位置判断弹簧长度的变化以及弹簧弹性势能可能的变化

情况.

【题目详解】

物块向右移动L,则运动到右边与初始位置对称的位置，此过程中弹簧的长度先减小后增大到原来的值，弹簧可能先

伸长量减小，到恢复到原长，然后压缩，且压缩量增加到达悬点正下方；继续向右运动时，压缩量减小，然后伸长到

原来的值，可知弹簧的弹性势能可能先减小后增大接着又减小再增大，选项B正确；此过程中物块对地面的压力不等

于mg,则除弹力和重力外的其它外力的功不等于(F-Mmg)L,则小物块和弹簧系统机械能改变量不等于(尸・〃〃电)L,

选项A错误；小物块在弹簧悬点正下方时，合外力做功不是最多，则速度不是最大，选项C错误；因整个过程中弹簧

的弹性势能不变，弹力做功为零，根据动能定理可知小物块动能的改变量等于拉力尸和摩擦力做功之和，选项D正确;

故选BD.

8、ADE

【解题分析】

A.由图乙知，U0时刻质点经过位置向下运动，图甲是U0时刻的波形，此时。位于波峰，位移最大，与图乙中U0

时刻质点的状态不符，而质点〃在U0时刻经过平衡位置向下运动，与图乙中U0时刻质点的状态相符，所以图乙不

能表示质点d的振动，可以表示质点8的振动，故A正确；

B.由于质点做简谐振动，并不是匀速直线运动，则在。〜0.25s和0.25〜0.5s两段时间内，质点〃运动位移不相同，

故B错误；

C.由图可知，波的波长为8m,周期为2s,故传播速度

4//

v=—=4m/s

T

故C错误；

D.因周期T=2s,那么质点。在Uis时，即振动半个周期，其位于波谷，故D正确；

E.根据平移法可知，质点d下一时刻沿着『轴正方向运动，振幅

A=10cm=0.1m

而

2兀,,

co=—=nrad/s

T

因此质点d简谐运动的表达式为

y=0.IsinTiKm)

故E正确。

故选ADEo

9、ACD

【解题分析】

A.第①阶段中，标枪在水平面加速运动，动能增加量为

1,21a2/

Ek=-/WVI=-X().8X8J=25.6J

由动能定理得运动员对标枪做功为25.6J,故A正确；

B.第①②③阶段中，标枪出手时速度最大，其动能也最大，有

E=-mv2=-x0.8x262J=270.4J

k22

故B错误;

C.第①②③阶段中，标枪出于前机械能一直增大，出于时机械能最大，有

耳+纥=(0.8xlOx2.0)J+>=286.4J

故C正确；

D.第②阶段中，标枪机械能增加量为

..=[0.8X10X(2.0-1.6)]J+(270.4J-25.6J)=248J

则运动员对标枪做功的平均功率为

F=±V^EL=248J=3K)W

0.8s

故D正确。

故选ACDo

10>BD

【解题分析】

A.图像是一条倾斜直线，斜率表示加速度，故加速度保持不变，A错误；

B,根据图线与坐标轴所围“面积”表示位移，图像在时间轴上方表示的位移为正，图像在时间轴下方表示的位移为负，

则知在前2s位移为

11

x=—x3xlmx3xlm=0

22

B正确；

C.根据图像可知，质点在2s末的速度是-3m/s,说明方向向西，C错误；

D.0~ls内质点速度在减小，加速度不变，做匀减速直线运动，ls~2s速度在增大，且方向相反，加速度不变，故做反

向匀加速直线运动，D正确。

故选BD.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

104.4大于

【解题分析】

本实验为了减小实验误差，应满足滑动变阻器的最大阻值远小于电流表的内阻，即应选用C

(2)⑵根据实验电路图连接实物图如图所示

(4)［3］由实验原理可知

R

/?4=_L=104.40

［4］由于闭合开关S,调节滑动变阻器/?的滑片P,使电流表的示数为3mA,调节电阻箱R),使电流表的示数为1mA,

读出此时电阻箱的阻值拈；电阻箱阻值变大，并联等效电阻变大，故并联部分分担电压增大，由于电阻箱两端电压变

大，故电阻箱阻值偏大，故电流表内阻测量偏大。

12>ADD

【解题分析】

探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系实验要用到交流电压表，B是直流电流表，C是直流电压表，A是多用

电表，可以用多用电表的交流电压挡测电压，实验中为了安全，输入电压不能超过12V,需要交流学生电源，故选AD。

(2)［2］如果是理想变压器，则电压比等于匝数比，输出电压为5V,但图中变压器存在比较大的漏磁，实际输出电压小

于5V,故D正确。

故选Do

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

ImL

13、(1)6E；5际(2)①l8qEL,9L；@3L

【解题分析】

(1)该粒子带正电，从。点运动到工轴所用的时间设为乙，则

L=-ai;

2x"

v=卬］

根据牛顿第二定律有

qE=〃汝］

粒子在区域II中做类平抛运动，所用的时间设为G，则

27r12

3L=ut2

根据牛顿第二定律有

qE'=ma2

粒子从D点运动到B点所用的时间

，0=4+，2

解得

E=6E,

（2）①设粒了通过x轴时的速度大小为先,碰到Ab前做类平抛运动的时间为£,则

3L

粒子第一次碰到AB前瞬间的工轴分速度大小

碰前瞬间动能

£二；m（u：+u；）

万万+

由于当二a}t2=9%；为定值，当竿=产即/=旧时动能既有最大值

由（D得

最大动能

EQWEL

对应的

18心

U。

粒子在区域I中做初速度为零的匀加速直线运动，则

琮=2a,y,

解得

M=9L

②粒子在区域II中的运动可等效为粒子以大小为%的初速度在场强大小为6E的匀强电场中做类平抛运动直接到达），

轴的K点，如图所示，则时间仍然为芍

0K=卬2

得

由于如=壮=3,粒子与A5碰撞一次后，再与C0碰撞一次，最后到达处

OB3L

则

y?=3L

14、①O.33/o@2.1T0

【解题分析】

①初状态：I气体压强

Pi=〃o+等=L5〃o

n气体压强

P?=P/蹩=2p。

J

添加铁砂后：I气体压强

〃；=〃0+竿=2.5〃0

n气体压强

〃；=〃：+等