2025届云南省新高三上学期学情摸底考考后强化物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025届新高三学情摸底考考后强化卷（新高考卷）物理本卷满分100分，考试时间75分钟。注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.2024年2月19日中国科学家成功合成两种新的核素：锇160（）钨156（）。锇160发生α衰变发射出的高能粒子能使空气电离，钨156发生衰变（正电子）生成钽156（）。下列说法正确的是（）A.不同温度下，锇160的半衰期不同B.能使空气电离的高能粒子主要是γ射线C.钨156发生β⁺衰变产生的新核与钨156是一对同位素D.锇160发生α衰变产生的钨156的比结合能大于锇160的比结合能【答案】D【解析】A．半衰期与温度无关，故A错误；B．能使空气电离的高能粒子主要是射线，故B错误；C．由题意可知核反应方程为由于钨156发生β⁺衰变产生的新核与钨156质子数不同，故二者不是同位素，故C错误；D．比结合能越大越稳定，自然衰变的产物比结合能会变大，故锇160发生α衰变产生的钨156的比结合能大于锇160的比结合能，故D正确。故选D。2.截至2024年2月23日，“蛟龙”号载人潜水器在南大西洋顺利完成23次下潜，并创造九天九潜的下潜新纪录。“蛟龙”号不只是一个深海装备，更代表了一种不畏艰险、赶超世界的精神。“蛟龙”号某次海试活动中，执行竖直下潜任务。如图所示，某段时间内做匀变速直线运动，连续经过A、B、C三点，已知BC=2AB，AB段的平均速度是0.1m/s，BC段的平均速度是0.05m/s。则“蛟龙”号经过A点时的瞬时速度为（）A.0.11m/s B.0.09m/s C.0.06m/s D.0.04m/s【答案】A【解析】设“蛟龙”号加速度为a，AB间的距离为x，则BC间的距离为2x。联立=0.1m/s=0.05m/s解得=0.11m/s=0.09m/s=0.01m/s故选A。3.2024年3月20日，我国“鹊桥二号”卫星发射成功，多次调整后进入周期为24h的环月椭圆轨道运行，并与在月球上开展探测任务的“嫦娥四号”进行通讯测试。已知月球自转周期27.3天，下列说法正确的是（）A.月球处于“鹊桥二号”椭圆轨道的中心位置B.“鹊桥二号”在近月点和远月点的加速度大小相同C.“鹊桥二号”在远月点的运行速度小于月球第一宇宙速度D.“鹊桥二号”与月心连线和“嫦娥四号”与月心连线在相等时间内分别扫过的面积相等【答案】C【解析】A．由开普勒第一定律可知，月球处于“鹊桥二号”椭圆轨道的一个焦点上，A错误；B．“鹊桥二号”在近月点距离月球最近，受到的万有引力最大，加速度最大；在远月点距离月球最远，受到的万有引力最小，加速度最小，故“鹊桥二号”在近月点和远月点的加速度大小不相同，B错误；C．“鹊桥二号”在远月点的速度小于轨道与远月点相切的卫星的线速度，轨道与远月点相切的卫星的线速度小于第一宇宙速度，故“鹊桥二号”在远月点的运行速度小于月球第一宇宙速度，C正确；D．由开普勒第二定律可知，同一颗卫星与月球的连线在相同时间扫过的面积相等，但是“鹊桥二号”与“嫦娥四号”是两颗轨道不同的卫星，相同时间扫过的面积不相等，D错误。故选C。4.如图甲所示，在x轴上有两个波源S1和S2，两波源在纸面内做垂直于x轴的简谐运动，其振动图像分别如图乙和图丙所示。两波源形成的机械波沿x轴传播的速度均为0.25m/s，则（）A.两波源形成的波振幅不同，不能产生干涉现象B.x=0m处的点为振动减弱点，振幅为2mC.x=1m处的点为振动加强点，振幅为6mD.两波源的连线间（不含波源）有12个振动加强点，且位移均恒为6m【答案】C【解析】A．由图乙、图丙可知两列波的周期都为，则两列波的频率都为可知两列波的频率相同，相位差恒定，可形成稳定的干涉现象，故A错误；B．两列波的波长均为x=0点到两波源的波程差为由于两波源的起振方向相同，可知x=0点为振动加强点，振幅为故B错误；C．x=1点到两波源的波程差为由于两波源的起振方向相同，可知x=1点为振动加强点，振幅为故C正确；D．设振动加强点距离S1的距离为x，则两波源的连线上（不含波源）点与两波源的波程差满足（n=0、1、2、3……）即式中n可取0、1、2、3、4、5，可知在中点（n=0）的两侧各有5个振动加强点，n=0时，一个加强点，即两波源的连线上（不含波源）有11个振动加强点，它们的振幅为6m，但位移在0到6m之间变化，故D错误。故选C。5.水平架设的三根绝缘直流输电线缆彼此平行，某时刻电流方向如图所示，电缆线M在最上方，两根电缆线P、Q在下方，且位于同一水平高度处，PQM为等腰三角形，，O点是P，Q连线的中点，电缆线上的M点、P点、Q点在同一竖直平面内，忽略地磁场，下列说法正确的是（）A.输电线缆M、P相互吸引B.输电线缆M所受安培力的方向竖直向下C.输电线缆M在O点处产生的磁场方向竖直向下D.O点处的磁场方向沿水平方向由Q指向P【答案】D【解析】A．输电线缆M、P电流方向相反，相互排斥，故A错误；B．由右手螺旋定则及磁场的叠加可知P、Q两条线缆在M点所产生的合场强水平向右，根据左手定则知M线缆受到的安培力方向竖直向上，故B错误；C．由右手螺旋定则可知M线缆在O点处产生的磁场方向由O点指向P点，故C错误；D．由右手螺旋定则及题意可知P、Q线缆在O点处产生的磁场方向等大反向，M线缆在O点处产生的磁场方向由O点指向P点，故合场强的方向由Q点指向P点，故D正确。故选D。6.如图，矩形线框切割磁感线产生交流电压，它的匝数、电阻，将其接在理想变压器的原线圈上。“220V

22W”的灯泡L正常发光，内阻为10Ω的电风扇M正常工作，电流表A的示数为0.3A。导线电阻不计，电压表和电流表均为理想电表，不计灯泡电阻的变化，矩形线框最大电流不能超过20A。以下描述正确的是（）A.矩形线框转动过程中磁通量的变化率最大值为25VB.电风扇输出的机械效率约为99.1％C.原、副线圈匝数比D.若将电风扇去掉，则小灯泡变亮，电流表的示数变大【答案】B【解析】A．根据法拉第电磁感应定律，有解得故A错误；B．副线圈电路中，灯泡与电风扇并联，灯泡L正常发光，则电风扇M的电压为电风扇所在支路电流为电风扇输出的机械效率约为故B正确；C．原、副线圈的匝数比为又由闭合电路欧姆定律，可得联立解得故C错误；D．若将电风扇去掉，副线圈电阻增大，电流表示数减小，导致原线圈电流减小，原线圈的端电压增大，副线圈电压随之增大，则小灯泡变亮，故D错误。故选B。7.如图所示为某弹跳玩具，底部是一个质量为m的底座，通过弹簧与顶部一质量的小球相连，同时用轻质无弹性的细绳将底座和小球连接，稳定时绳子伸直而无张力。用手将小球按下一段距离后释放，小球运动到初始位置处时，瞬间绷紧细绳，带动底座离开地面，一起向上运动，底座离开地面后能上升的最大高度为h，已知重力加速度为g，则（）A.玩具离开地面上升到最高点的过程中，重力做功为B.绳子绷紧前的瞬间，小球的动能为C.绳子绷紧瞬间，系统损失的机械能为D.用手将小球按下一段距离后，弹簧的弹性势能为【答案】C【解析】A．玩具离开地面上升到最高点的过程中，重力做功为WG=-（M+m）gh=-3mgh选项A错误；BC．设细绳绷紧后瞬间，小球和底座一起向上运动的速度大小为v，底座离开地面后能上升h高，则有v2=2gh得设细绳绷紧前瞬间，小球的速度为v0。细绳绷紧过程，外力远小于内力，系统动量守恒，取竖直向上方向为正方向，根据动量守恒定律得Mv0=（M+m）v可得则绳子绷紧前的瞬间，小球的动能为则绳子绷紧瞬间，系统损失的机械能为故B错误，C正确；D．用手将小球按下一段距离后，在绳子绷紧前的瞬间，减小的弹性势能转化成小球的动能和重力势能，故弹簧的弹性势能满足故D错误；故选C。二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求的。全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图甲所示，在“观察电容器的充、放电现象”实验中，将单刀双掷开关S与“1”端相接，并将电阻箱的阻值调为R1和R2（R1>R2）两种情况，两次得到的电流I随时间t的变化图像如图乙所示，下列说法正确的是（）A.实线是电阻箱阻值为R1时的结果B.电路达到稳定时，电阻箱的阻值为R1时电容器所带的电荷量较大C.S与“2”端相接时，电容器的放电时间与电阻箱阻值的变化无关D.电容器的其他参数不变，当两极板间的距离增大时，其电容变大【答案】AC【解析】A．单刀双掷开关S与“1”端相接瞬间，电容器可以认为短路，根据由于，可知闭合开关瞬间，图线对应的初始电流较小，则实线是电阻箱阻值为时的结果，故A正确；B．电路达到稳定时，电容器电压等于电动势，则电容器所带的电荷量为可知稳定时电容器所带电荷量与电阻箱阻值无关，故B错误；C．由于电容器充电达到稳定时电容器所带电荷量与电阻箱阻值无关，则S与“2”端相接时，电容器的放电时间与电阻箱阻值的变化无关，故C正确；D．电容器的其他参数不变，当两极板间的距离增大时，根据可知其电容变小，故D错误。故选AC。9.如图为两点电荷Q、的电场等势面分布示意图，Q、位于x轴上，相邻等势面的电势差为3V。若x轴上的M点和N点位于0V等势面上，P为某等势面上一点，一个电子仅受电场力，在此电场中运动，先后经过N点和P点，则（）A.Q为正电荷 B.M点的电场方向沿x轴正方向C.电子经过N点时所受电场力小于P点 D.从N点运动到P点电子的电势能减少12【答案】BD【解析】A．沿着电场线的方向电势逐渐降低，结合各等势面的电势高低，由图可知电场线由N点指向Q，则Q为负电荷，故A错误；B．沿着电场线的方向电势逐渐降低，结合各等势面的电势高低关系可知M点的电场方向沿x轴正方向，故B正确；C．等差等势面的疏密程度反应电场强度的大小，由图可知N点的等差等势面比P点的更密，所以N点的电场强度大小比P点的大，因此电子经过N点时所受电场力大于P点，故C错误；D．M点和N点位于0V等势面上，P点与N点的等势线间隔四个，而相邻等势面的电势差为3V，则P点与N点的电势差为12V，则从N点运动到P点，电子的电势能减少故D正确。故选BD。10.如图所示，MN和PQ是电阻不计的光滑平行金属导轨，弯曲部分与水平直导轨部分平滑连接，导轨两端各接一个阻值为R的定值电阻。水平导轨足够长且处在方向竖直向下的匀强磁场中。接入电路的电阻也为R的金属棒均从离水平导轨高度为h处由静止释放，金属棒与导轨垂直且接触良好，第一次电键K闭合，第二次电键K断开，则下列说法正确的是（）A.金属棒刚进入磁场时的加速度大小之比为B.两次通过金属棒某一横截面的电荷量大小之比为C.两次运动金属棒中产生的焦耳热之比为D.金属棒在水平导轨上运动的距离之比为【答案】AC【解析】A．当金属棒进入磁场瞬间，其速度为v，有则金属棒进入磁场瞬间，其产生的感应电动势为E，有则第一次电路中的电流为，有对导体棒有则第而次电路中的电流为，有对导体棒有所以有故A项正确；B．当导体棒进入磁场中，对导体棒由动量定理有又由于所以整理有由于导体棒两次进入磁场的速度大小相同，最后都静止下来，磁场的磁感应强度一致，所以两次通过导体棒的电荷量之比为故B项错误；C．设整个电路产生的热为Q，由功能关系有导体棒第一次进入磁场，由于开关闭合，所以两个电阻并联再与金属棒串联，其总共产生热量为Q，由于所以金属棒产生热量为导体棒第二次进入磁场，开关断开，进入磁场，金属棒与一个电阻串联，其总共产生热量为Q，由于所以金属棒产生的热量为所以故C项正确；D．导体棒进入磁场，由动量定理有结合之前的分析，第一次入磁场有整理有第二次进入磁场有整理有所以故D项错误。故选AC。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.在实验室用双缝干涉测光的波长，实验装置如图所示（1）双缝、光屏、单缝，依次是图中的______（填图中的字母）。（2）①图是实验得到的红光双缝干涉图样照片，根据该图可判断双缝干涉的亮条纹间距______（填“相等”或“不相等”）。（3）在某次测量中，观察分划板中心线与乙图亮条纹中心对齐时的情形，如图②所示。然后转动测量头手轮，当分划板中心线与亮条纹中心对齐时，目镜中观察到的图应为③图中的______。（4）已知单缝与光屏间距，双缝与光屏的间距，单缝与双缝间距为，双缝间距，图①中分划板中心线与亮条纹中心对齐时手轮读数为，与亮条纹中心对齐时手轮读数为，则实验测得该光的波长的表达式为______。【答案】（1）DFC（2）相等（3）A（4）【解析】（1）[1]双缝干涉测光的波长的实验中，设备依次摆放的位置从左到右依次是光源、滤光片、单缝、双缝、滤光筒、光屏，双缝、光屏、单缝，依次是图中的D、F、C；（2）[2]①图可判断双缝干涉的亮条纹间距相等；（3）[3]转动测量头手轮，当分划板中心线与亮条纹中心对齐时，目镜中观察到的图应为③图中的A；（4）[4]由得12.某实验小组进行电压表改装实验，现有一块小量程电流表G，满偏电流，内阻未知，现要将其改装成量程为3V电压表并进行校对。（1）用多用电表欧姆挡测电流表G的阻值，得粗测值约为105。（2）精确测量电流表G的内阻；①按如图所示的电路图连接好电路，先将电阻箱R的阻值调到最大，闭合开关，断开开关，调节电阻箱R，使标准电流表的示数大于量程的，且两电流表的示数都没有超过量程，读出标准电流表的示数为，电阻箱的示数为；②保持开关闭合，再闭合开关S2，调节电阻箱R，使标准电流表的示数仍为，读出电阻箱的示数为。以上实验可知电流表G内阻的表达式为_____________（用、表示）。（3）用该电流表G和电阻箱R改装一个电压表；若通过（2）测量得到表头G内阻为，用该表头和电阻箱R改装成量程为0～3V的电压表，应将电阻箱R与电流表G__________（填“串联”或“并联”），并将电阻箱R的阻值调到__________。（4）若由于电阻箱老旧，在用标准电压表（内阻视为无穷大）校准时，发现标准表示数3V时，改装好的电压表表头读数为14.5mA，则在不做大的电路改变的情况下，想修正这一误差，可在旧电阻箱旁边（填“串联”或“并联”）__________一个阻值为__________的定值电阻。【答案】（2）（3）串联100（4）并联1550【解析】[1]由闭合电路欧姆定律，断开开关S2时闭合开关S2时故解得[2]用该表头和电阻箱R改装成量程为0～3V的电压表，应将电阻箱R与电流表G串联。[3]用该表头和电阻箱R改装成量程为0～3V的电压表，需满足可得解得[4]校对电表时标准表示数3V时，改装好的电压表表头读数为14.5mA，改装电压表示数小于真实值，所以是串联电阻分压过大，即分压电阻偏大造成的，所以需要减小分压电阻阻值，即需要在电阻箱旁边并联一个电阻。[5]修正前修正后解得13.气体弹簧的原理是在一个密闭容器内充入压缩气体，利用气体的可压缩性实现类似弹簧的作用，其简化结构如图乙所示。直立圆柱形密闭汽缸导热良好，面积为S的活塞通过连杆与椅面连接。初始时汽缸内密闭一段长度为、压强为的理想气体。质量为m的人静坐在椅子上，汽缸与活塞间的摩擦忽略不计，气体温度保持不变，忽略椅面、活塞及连杆的重力，重力加速度为g。（1）求人坐在椅面上稳定后汽缸内密闭气柱的长度；（2）已知大气压强为，为使椅面升到初始位置，求需向汽缸内充入的与汽缸温度相同的大气的体积。【答案】（1）；（2）【解析】（1）设人坐在椅面上后稳定时汽缸内气体压强为p1，则气体做等温变化，则解得（2）设充入的气体的体积为V，则有解得14.如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一、二象限存在垂直纸面向外的匀强磁场，在第四象限存在与y轴正方向成37°角的匀强电场。一质量为m、带电荷量为q的粒子（不计重力）从y轴负半轴上的M点以某一速度进入第三象限，经x轴负半轴上的N点进入磁场，经过一段时间，粒子运动到x轴正半轴上的P点，然后逆着电场线运动到M点，且到达M点时速度刚好为0，已知M、P两点间的电势差为U，粒子从P点运动到M点的时间为，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）粒子在P点时的速度大小以及M、P两点间的距离；（2）匀强磁场的磁感应强度大小；（3）粒子从M点出发到回到M点的时间。【答案】（1），；（2）；（3）【解析】（1）粒子从P点运动到M点，由动能定理有解得由匀变速直线运动的规律可知，M、P两点间的距离解得（2）由几何关系可知，粒子在P点的速度与x轴的负方向成53°角，根据圆周运