2025年浙科版必修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙科版必修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示；将带铁芯的线圈A通过滑动变阻器和开关连接到电源上，线圈B的两端连接到灵敏电流计上，把线圈A放进线圈B的里面。下面几种情况灵敏电流计指针不可能有偏转的是（）

A.闭合开关瞬间B.开关闭合且电路稳定后C.开关闭合，拔出线圈A的过程中D.开关闭合，将滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中2、如图甲所示，充好电的电容器与定值电阻接入电路，电压传感器与电流传感器对电路的影响可忽略不计。传感器将测得的物理量输入计算机，计算机显示出物理量随着时间的变化情况。现闭合开关后，在计算机上显示的电路中的电压与电流随时间的变化关系如图乙所示。t2时刻，电压与电流变为零。图乙中S1与S2为电流曲线在虚线MN两侧与坐标轴围成的面积。下列说法中正确的是（）

A.图乙中电压与电流的比值逐渐变小B.图乙中的S1=S2C.图乙中的S1＞S2D.图乙中电阻R在0～t1内产生的内能等于在t1～t2内产生的内能3、将一正电荷从无限远处移入电场中的M点，电势能减少了8.0×10－9J，若将另一等量的负电荷从无限远处移入电场中的N点，电势能增加了9.0×10－9J，则下列判断中正确的是（）A.B.C.D.4、如图所示，用完全相同的两个电源给完全相同的两个电容器充电，甲图中电源与电容器直接用导线连接，乙图中电源与电容器中间接有电阻同时闭合开关后，关于甲、乙两种充电情况的说法正确的是（）

A.充电结束后，甲图中电容器两极板间的电势差比乙图的大B.由于电阻的影响，甲乙两图充电过程中的瞬时电流不相等C.充电结束后，保持开关闭合，仅减小电容器两极板间的距离，电容器所带电荷量将减少D.充电结束后，保持开关闭合，在乙图电容器两极板间插入玻璃板的过程，不会有电流流过电阻5、如图所示，用控制变量法可以研究影响平行板电容器的因素（如图）。设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ。实验中极板所带电荷量不变；若（）

A.保持S不变，减小d，θ则变小；B.保持S不变，减小d，θ则不变C.保持d不变，减小S，θ则变小；D.保持d不变，增大S，θ则不变6、司南的发明与应用，梦溪笔谈中有关于磁偏角的记载，说明中国是发现并应用地磁场最早的国家。在地球赤道上放置可以在水平方向自由转动的小磁针，在小磁针正上方与小磁针平行固定一直导线。现给导线中通入稳定直流电流，小磁针重新静止后指向北偏东已知地球赤道附近地面上的地磁场的磁感强度为若不计地磁场的磁偏角，设通电直导线中电流的磁场在小磁针位置的磁感强度大小为B，则下列说法正确的是（）A.赤道附近地面上的地磁场的磁感强度方向由北向南B.直导线中通入的电流方向由南向北C.方向水平向东D.方向水平向东评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、如图所示，E、F、G、M、N是在纸面内圆上的五个点，其中的连线均过圆心O点，在M、N两点处垂直于纸面放置两根相互平行的长直细导线，两根导线中分别通有大小相等的电流，已知通电直导线形成的磁场在空间某点处的磁感应强度大小k为常量，r为该点到导线的距离，I为导线中的电流强度。则下列说法中正确的是（）

A.若两根导线中电流同向，则O点磁感应强度不为零B.若两根导线中电流同向，则E、F两点磁感应强度大小相等C.若两根导线中电流反向，则E、G两点磁感应强度相同D.无论两根导线中电流同向还是反向，E、F、G三点的磁感应强度大小不相等8、经典电磁场理论明确地给出了场中导体对静电场的影响，若把一个金属球壳置于匀强电场中，周围电场线分布会出现如图所示的情况，其中有a、b、c、d四个位置，a、d两点对称分布在球壳两侧，b位于球壳上，c位于球壳中心；则（）

A.四个位置的电势高低排列为a>b=c>dB.四个位置的场强大小排列为Ea=Ed>Eb=EcC.球壳表面的电场线与球壳表面都垂直D.感应电荷在球壳内部c处的场强为零9、如图所示，在水平方向的匀强电场中，绝缘细线的一端固定在点，另一端系一质量为带电量为的小球（可视为点电荷且带电量不损失）恰好能在竖直平面内做圆周运动。已知是圆轨道上的八等分点，细线长为电场强度重力加速度为则（）

A.小球运动到最低点处动能最大B.小球运动到圆心等高点处机械能最小C.小球运动到最高点处的速率为D.小球运动到点位置时细绳的拉力为10、带电量均为Q的异种点电荷分别固定在水平方向上的MN两点，其连线中垂线上的O点连接长为的绝缘轻杆，杆的另一端固定一质量为m，电量为q（q>0）的带电小球，杆可绕O点无摩擦地在竖直面内转动。如图所示，现让小球从O的等高处A点（电势为）释放，若C也为O的水平等高点，且OC=OA，以无穷远处为电势零点，且q<Q；则（）

A.转到最低点B时的速度B.转到最低点B时的速度C.小球恰好能到达C点D.要想使小球到达C点，在A点至少需要提供初速度11、一带正电物体周围的电场线和等势面如图所示，若相邻等势面之间的电势差均为一电荷量为的电子仅在电场力作用下从点运动到点；下列说法正确的是（）

A.电子经过点时的加速度小于经过点时的加速度B.电子经过点时的速度大于经过点时的速度C.电子从点到点电场力做功为D.电子从点到点动能变化12、如图，两对等量异号点电荷固定于正方形的4个顶点上。L、N是该正方形两条对角线与其内切圆的交点，O为内切圆的圆心，M为切点。则（）

A.L和N两点处的电场方向相互垂直B.M点的电场方向平行于该点处的切线，方向向左C.将一带正电的点电荷从M点移动到O点，电场力做正功D.将一带正电的点电荷从L点移动到N点，电场力做功为零13、如图所示，真空中有两个电荷量均为Q的正点电荷，在两电荷连线的中垂面上有一正方形ABCD；正方形的中心点位于两正点电荷的连线上，下列说法正确的是（）

A.A、B、C、D四个点的电势相同B.A、B、C、D四个点的电场强度相同C.负试探电荷沿直线从A点移到B点的过程中，其电势能先减小后增大D.正试探电荷沿直线从A点移到C点的过程中，所受电场力一定先减小后增大14、1909年，美国物理学家密立根用如图所示的实验装置,通过研究平行金属板M、N间悬浮不动的带电油滴，比较准确地测定了电子的电荷量，因此获得1923年诺贝尔物理学奖．图中平行金属板M、N与输出电压恒为U的电源两极相连，两金属板间的距离为d,正对面积为S.现由显微镜观察发现，恰好有一质量为m的带电油滴在两金属板中央悬浮不动，已知静电力常量为k,真空的介电常数ε=1，重力加速度为g；则。

A.带电油滴的电荷量B.金属板M所带电量C.将金属板N突然下移△d，带电油滴获得向上的加速度D.将金属板N突然下移△d，带电油滴的电势能立即减小为原来的倍15、如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U；现使B板带电，则下列判断正确的是（）

A.增大两极板间的距离，指针张角变大B.将A板稍微上移，静电计指针张角变大C.若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变大D.若将A板拿走，则静电计指针张角变为零评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、如图所示，平行板电容器板面水平，放置于空气中，两板与电源相接，A板接静电计小球，B板接静电计外壳，开始开关S闭合；有一个带电粒子在电容器中恰好静止。

（1）将A板水平向左移动一段距离，粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）。电容器所带的电荷量的变化情况是___________（填“增多”；“减少”或“不变”）。

（2）如果先断开开关S，再把A板向左移动一段距离，则粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）静电计指针张角的变化情况是___________（填“增大”；“减小”或“不变”）。

17、静电吸附：在电场中，带电粒子在______作用下，向着电极运动，最后被吸附在电极上的现象．18、如图所示，真空中有两个可视为点电荷的带正电小球，相距L，电荷量分别为Q和4Q，如果引进第三个带电小球，正好使三个小球仅在静电力的作用下处于平衡状态，那么第三个小球应______（填“带正电”或“带负电”）；电荷量是Q的______倍；应放在离Q______的地方。

19、将带电量为的负电荷从电场中的A点移到B点，克服电场力做了的功，则A、B两点间的电势差______V；若令A点的电势能为零，则该电荷在B点的电势能为______J。20、如图所示的平面内固定两个带电量为的异种点电荷，它们之间距离为以其连线中点为圆心，以为半径画圆，为圆周上有三点，点在两点电荷连线的中垂线上，两点连线恰好过点，则两点的电场强度_____（填“相同”或“不同”），点电势______（填“大于”“等于”或“小于”）点电势；已知静电力常数为则点电场强度大小为_______。

21、（1）导体的___________。

（2）导体的___________。

（3）导体的___________。评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)22、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

评卷人得分五、解答题(共3题，共6分)23、如图所示为美国最先进的KH—12光学侦察卫星，采用先进的自适应光学成像技术，地面分辨率最高可达0.1米；是美国天基侦查的主力军。那么,你知道它上面携带的相机在夜间进行红外摄像时工作在什么波段吗？该波段有什么特点？

24、如图所示的平行金属板电容器的电容极板A、B之间可以看成匀强电场，场强极板间距离为L=5cm，电场中c点到A极板、d点到B极板的距离均为0.5cm，B极板接地。求：

（1）B极板所带电荷量Q；

（2）d点处的电势φd；

（3）将电荷量的负点电荷从d移到c，静电力的功Wdc。

25、如图所示的电路中，各电阻的阻值已标出。已知R＝1Ω，当输入电压UAB＝110V时；求：

（1）流经10R电阻的电流；

（2）输出电压UCD。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．闭合开关；线圈B中瞬间有磁通量变化，有感应电流，指针偏转。故A错误；

B．开关闭合；电路稳定后电流不发生变化，通过线圈Ｂ的磁通量无变化，无感应电流，指针不偏转。故B正确；

C．拔出线圈Ａ；通过线圈Ｂ磁通量减小，有感应电流，指针偏转。故C错误；

D．滑片Ｐ滑动；电阻发生变化，电流发生变化，线圈Ａ产生的磁场发生变化，通过线圈Ｂ的磁通量变化，有感应电流，指针偏转。故D错误。

故选B。2、B【分析】【分析】

【详解】

A．题图乙中的电压与电流实际上反映的是定值电阻R上的物理量；它们满足欧姆定律，故电压与电流的比值不变，A错误。

BC．电流曲线与坐标轴围成的面积表示电容器放出的电荷量，电容器在0～t1时间内放出的电荷量为S1，电压减小了6V；在t1～t2时间内放出的电荷量为S2，电压又减小了6V，由q=CU，可知S1=S2；B正确，C错误；

D．在每小段时间内，根据公式有U=iR

解得

由于R两端的电压在0～t1内的高于在t1～t2内的，故电阻R在0～t1内产生的内能大于在t1～t2内产生的内能；D错误。

故选B。3、C【分析】【分析】

【详解】

取无限远处电势为零，则正电荷在M点的电势能为负电荷在N点的电势能为由。

知，M点的电势。

N点的电势。

且。

则。

故C正确；ABD错误。

故选C。4、B【分析】【详解】

A．充电结束后，电路中的电流为0，电阻的电压为0；所以两个电容器两极板间的电势差相等，都等于电源的电动势，A错误；

B．由于电阻的影响；在充电过程中多了阻碍作用，所以在电动势相同的情况下，甲乙两图充电过程中的瞬时电流不相等，B正确；

C．充电结束后，保持开关闭合，电容器两极板的电势差不变，根据电容的决定式

可知，仅减小电容器两极板间的距离，电容器的电容增大，根据电容的定义式

可知，电容器所带电荷量将增大；C错误；

D．因为在乙图电容器两极板间插入玻璃板的过程，电容器的电容增大，根据电容的定义式

可知，电容器所带电荷量将增大，则乙图中电容器在充电，所以有电流流过电阻D错误。

故选B。5、A【分析】【详解】

AB．根据电容的决定式得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，减小d时，电容变大，电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析可知板间电势差减小，则静电计指针的偏角θ变小；故A正确，B错误；

CD．根据电容的决定式得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角θ变大；反之，保持d不变，增大S，则θ减小，故CD错误。

故选A。6、D【分析】【详解】

A．地磁的N级在地理的南极；因此赤道附近地面上的地磁场方向由南向北，选项A错误；

B．给小磁针正上方的导线中通入稳定直流电流；小磁针重新静止后指向北偏东，说明小磁针受到导线的作用力向东，由右手螺旋定则可知直导线中通入的电流方向由北向南，选项B错误；

CD．给导线中通入稳定直流电流，小磁针重新静止后指向北偏东30°，则电流在小磁针处的磁场方向向东，大小是

选项C错误；D正确。

故选D。二、多选题(共9题，共18分)7、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．若两根导线中电流均向内，由安培定则可知，它们在O点磁感应强度恰好等大、反向，故O点合磁感应强度为零，同理可知，E、F两点磁感应强度如图所示；

故E、F两点的合磁感应强度大小相等；方向不同，故A错误；B正确；

C．设中电流向内N中电流向外分别在E、G的磁感应强度如图所示，可知E、G两点的合磁感应强度相等；故C正确；

D．若M、N中电流均向内，分别在E、G的磁感应强度如图所。

可知E、G两点的合磁感应强度大小相等，方向不同，以此类推，可知无论两根导线中电流同向还是反向，E、F、G三点的磁感应强度大小都相等；故D错误。

故选BC。8、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．置于匀强电场中的金属球壳为等势体，则φb=φc

又依据沿着电场线方向电势是降低的可知φa＞φb=φc＞φd

故A正确；

B．依据电场线的疏密体现电场强度的强弱知a、d点的电场强度相等，金属壳内场强为零，则Ea=Ed＞Eb=Ec

故B正确；

C．根据电场线与等势线垂直可知小球表面的电场线与为等势体的小球的表面垂直，故C正确；

D．小球内部c处的合场强为零，由向右的外电场和向左的感应电场叠加而成，而感应电荷在球壳内部c处的场强不为零，故D错误。

故选ABC。9、B:D【分析】【详解】

A．小球在等效场中做变速圆周运动，g点为等效最低点，e点为等效最高点；如图所示。

设等效重力加速度的方向与竖直方向的夹角为有

即

故在等效场中构成绳—球模型，在等效最低点的速度最大，动能最大，即小球运动到g点时的动能最大；故A错误；

B．小球带正电，小球运动到b点时电场力做负功最多；电势能最大，机械能最小，故B正确；

D．在等效场中的等效重力加速度为

小球恰好做圆周运动，在等效最高点e时，由等效重力提供向心力，有

在等效最低点g时由等效重力与拉力的合力提供向心力，有

由e点到g点由动能定理

解得

故D正确；

C．小球在e点的速率为

由e点到a点由动能定理

解得

故C错误。

故选BD。10、B:D【分析】【详解】

AB．异种点电荷其周围电线的特点：连线中垂线是一条电势为零的等势线，则A点的电势A<0

B点的电势B=0

C点的电势C＞0

小球在运动过程中受重力和电场力，对AB过程应用动能定理mgl+qA=

得

故B正确；A错误；

C．在小球由A到C的过程中，重力不做功，电场力做负功，总功为负，则小球不可能到C点；故C错误；

D．对AC过程应用动能定理(A－C)q=2qA=0－

得

故D正确。

故选BD。11、A:D【分析】【详解】

A．由图可知，P点电场线比Q点的电场线密集，所以P点的电场强度比Q点的电场强度大，由

可知电子经过点时的加速度小于经过点时的加速度；故A正确；

BCD．沿着电场的方向电势降低，可知Q点的电势低于P点的电势，电子带负电，所以电子在Q点的电势能大于在P点的电势能，由于仅有电场力做功，所以电子在Q点的动能小于在P点的动能，电子从Q点到P点，电场力正功，为

可知电子从点到点动能变化故D正确，BC错误。

故选AD。12、A:B【分析】【详解】

A．两个正电荷在N点产生的场强方向由N指向O，N点处于两负电荷连线的中垂线上，则两负电荷在N点产生的场强方向由N指向O，则N点的合场强方向由N指向O，同理可知，两个负电荷在L处产生的场强方向由O指向L，L点处于两正电荷连线的中垂线上，两正电荷在L处产生的场强方向由O指向L，则L处的合场方向由O指向L，由于正方向两对角线垂直平分，则L和N两点处的电场方向相互垂直；故A正确；

B．正方向底边的一对等量异号电荷在M点产生的场强方向向左，而正方形上方的一对等量异号电荷在M点产生的场强方向向右，由于M点离上方一对等量异号电荷距离较远，则M点的场方向向左；故B正确；

C．由图可知，M和O点位于两等量异号电荷的等势线上，即M和O点电势相等，所以将一带正电的点电荷从M点移动到O点；电场力做功为零，故C错误；

D．由图可知，L点的电势低于N点电势，则将一带正电的点电荷从L点移动到N点；电场力做功不为零，故D错误。

故选AB。13、A:C【分析】【详解】

A．根据等量同种点电荷周围电场的分布情况可知，A、B、C、D四个点关于连线对称；所以电势相同，故A项正确；

B．由于A、B、C、D四个点关于连线对称；电场强度大小相等，但方向不同，所以电场强度不同，故B项错误；

C．A、B连线的中点离两电荷最近，电势最高，负试探电荷从A点移到B点的过程中；其电势能先减小，后增大，故C项正确；

D．A、C连线是两正点电荷连线的中垂线，电场强度最大的点位置不能确定，正试探电荷沿直线从A点移到C点的过程中所受电场力可能先减小后增大；也可能先增大后减小，过中点后再增大后减小，故D项错误。

故选AC。14、B:D【分析】【详解】

A．带电油滴在平行板电容器中受重力和向上的电场力平衡，而匀强电场的方向向下，则油滴带负电，由平衡条件有解得油滴的电荷量大小为为故A错误.

B、平行板电容器的电量而电容的大小联立可得而相对介电常数ε=1，则故B正确.

CD．N板突然下移△d，电源一直接在电容器上，则电压U不变，电场力变小，为则油滴的合外力向下，由牛顿第二定律解得方向向下；故C错误.

D．电容器的M板接地为0V，设油滴的位置P点距离M板为则电势能为则金属板N下移△d，P点的电势为则故D正确.15、A:B【分析】【分析】

电势差U变大(小)；指针张角变大(小)。

【详解】

A．增大两极板之间的距离，由电容的决定公式C＝知，电容C变小，电容器所带的电荷量Q一定，再由C＝得，极板间电压U变大；静电计指针张角变大，A正确；

B．若将A板稍微上移时，正对面积S变小，由电容的决定式C=知，电容C也变小，电量Q不变，由C=知，电压U变大；静电计指针张角变大，B正确；

C．若将玻璃板插入两极板之间时，由电容的决定式C=可知，电容C变大，电量Q不变，由C=知，电压U变小；静电计指针张角变小，C错误；

D．若将A板拿走时；B板上带电量不变，静电计相当于验电器，指针张角不是零，D错误。

故选AB。三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]两极板电压不变，根据

将A板水平向左移动一段距离；两板间距离不变，所以两极板间的电场强度不变，粒子的运动情况是静止。

[2]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

电容器所带的电荷量的变化情况是减少。

（2）[3]如果先断开开关S，两极板的电荷量保持不变，根据

再把A板向左移动一段距离，正对面积减小，所以电场强度增大，则

粒子的运动情况是向上运动。

[4]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

则两极板间的电势差增大，所以静电计指针张角的变化情况是增大。【解析】①.静止②.减少③.向上运动④.增大17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】静电力18、略

【分析】【详解】

[1]由“两大夹小；两同夹异”可知第三个小球应带负电。

[2][3]假设第三个小球带电量为q，距电荷量分别为Q的小球的距离为x，则对第三个小