2025年湘教版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是A.电场和磁场总是相互联系着的，统称为电磁场B.电磁场由发生区域向远处传播形成电磁波C.电磁场是一种物质，不能在真空中传播D.电磁波的传播速度总是3.00×108m/s2、下列说法中不正确的是（）A.利用放大1000倍的高倍光学显微镜，可以观察到分子的无规则运动．B.有些物质在适当溶剂中溶解时在一定浓度范围内具有液晶态C.对于煤炭、石油等化石能源要节约使用，提高其利用率，并避免使用过程中对环境造成影响．D.一定质量的理想气体气体温度升高，体积增大，压强不变，则气体分子在单位时间撞击容器壁单位面积的次数一定减少．3、如图所示，固定平行导轨间有磁感应强度大小为B、方向垂直导轨平面向里的匀强磁场，导轨间距为l且足够长，左端接阻值为R的定值电阻，导轨电阻不计．现有一长为2l的金属棒垂直放在导轨上，在金属棒以O点为轴沿顺时针方向以角速度ω转过60°的过程中（金属棒始终与导轨接触良好；电阻不计）（）

A.通过定值电阻的电流方向由b到aB.金属棒刚开始转动时，产生的感应电动势最大C.通过定值电阻的最大电流为D.通过定值电阻的电荷量为4、电容器的电容取决于极板的面积、极板间距离以及极板间的电介质这几个因素．如果某一个物理量的变化，能够引起上述某个量的变化，从而引起电容的变化，那么通过测定电容就可以确定该物理量的变化．起到这种用途的电容器叫做电容式传感器．图示是测定液面高度h的电容式传感器原理图．在金属芯线外面涂上一层电介质；放入导电液中，金属线和液体构成电容的两个极．则，下列关于该电容式传感器的分析合理的是。

A.液面高度h降低时，该电容的电容减小B.液面高度h降低时，该电容两极板间的正对面积增大C.液面高度h升高时，该电容两极板间的距离增大D.液面高度h升高时，该电容存储电荷的能力减小5、蹦极跳是勇敢者的体育运动．设运动员离开跳台时的速度为零，从自由下落到弹性绳刚好被拉直为第一阶段，从弹性绳刚好被拉直到运动员下降至最低点为第二阶段．下列说法中正确的是（）A.第一阶段重力对运动员的功和第二阶段重力对运动员的功大小相等B.第一阶段重力对运动员的冲量大小和第二阶段重力对运动员的冲量大小相等C.第一阶段运动员受到的合力方向始终向下，第二阶段受到的合力方向始终向上D.第一阶段和第二阶段，重力对运动员的总冲量与弹性绳弹力对运动员的冲量大小相等评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、A、B、C为三块水平放置的金属板，与电路连接如图所示，三块板正中央各有一小孔，A板接地，电源内阻为r，三个定值电阻电路中电表均为理想电表，滑片P开始置于R2中点，现有一质量为m、电量为+q的液滴从A板小孔正上方距离为h的D点静止释放；恰好能到达C板，不计空气阻力和极板外电场，下列说法中正确的是。

A.滑片P由R2中点往左移动，则B板电势降低B.滑片P由R2中点往左移动,则电流表A1的示数减小，A2的示数增大C.滑片P由R2中点往左移动，仍将该液滴从D点由静止释放，则带电液滴不能到达C板D.滑片P由R2中点往左移动，则不变，的值变小(U为电压表V示数，I2为电流表A2，为电流表A2示数的改变量)7、如图是双缝干涉实验装置的示意图，S为单缝，S1、S2为双缝，P为光屏．用绿光照射单缝S时，可在光屏P上观察到干涉条纹．为使相邻两个亮条纹的中心间距增大；下列措施可行的是。

A.减小双缝间的距离B.增大双缝到屏的距离C.将绿光换为红光D.将绿光换为紫光8、下列说法中正确的是（）A.分子间距离增大时，分子间的引力和斥力都减小B.高原地区水的沸点较低，这是高原地区温度较低的缘故C.功转变为热的宏观过程是不可逆过程E.瓶中充满某理想气体，且瓶内压强高于外界压强，在缓慢漏气过程中（内外气体的温度相同且保持不变），则瓶内气体吸收热量且分子平均动能不变E.瓶中充满某理想气体，且瓶内压强高于外界压强，在缓慢漏气过程中（内外气体的温度相同且保持不变），则瓶内气体吸收热量且分子平均动能不变9、下列说法正确的是（填入正确选项前的字母A.液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，故液体表面存在张力B.悬浮在液体中的固体小颗粒会不停的做无规则的运动，这种运动是分子热运动C.把很多小的单晶体放在一起，就变成了非晶体E.绝对零度不可达到E.绝对零度不可达到10、下列各图对应的说法；正确的是。

A.甲图中当两个相邻的分子间距离为r0时，它们间相互作用的引力和斥力大小相等B.乙图是非晶体的微观结构示意图C.丙图中小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用D.丁图中把两端开口的很细的玻璃管插入水中可观察到水在细玻璃管中上升11、两列波速相同的简谐横波沿x轴相向传播，实线波的频率为3Hz，振幅为10cm，虚线波的振幅为5cm。t=0时；两列波在如图所示区域内相遇，则。

A.两列波在相遇区域内会发生干涉现象B.实线波和虚线波的频率之比为3：2C.t=s时，x="9"m处的质点实际振动方向向上D.t=时，x="4"m处的质点实际位移大小|y|>12.5cm12、简谐横波在均匀介质中沿直线传播，P、Q是传播方向上相距10m的两质点，波先传到P，当波传到Q开始计时，P、Q两点的振动图像如图所示,设振幅为A,则。

A.当Q的位移为＋A时，P的位移为B.该波从P传到Q的时间可能是8sC.该波的传播速度可能为1m/sD.该波的波长可能是3m13、两个小球A、B在光滑水平桌面上沿直线运动，发生弹性碰撞。碰撞过程中，A球对B球的冲量大小为I1，B球对A球的冲量大小为I2，A球对B球所做功的大小为W1，B球对A球所做功的大小为W2，则A.I1=I2B.I1≠I2C.W1=W2D.W1≠W214、在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用△I、△U1、△U2和△U3表示．下列比值正确的是。

A.△U1>△U2,△U2>△U3B.U1:I不变,△U1:△I不变C.U2:I变大,△U2:△I变大D.U3:I变大,△U3:△I不变评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、如图所示电路，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，安培表A的示数如何变化？小明同学的分析思路如下：

试写出以下步骤的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。16、每年入夏时节，西南暖湿气流与来自北方的冷空气在江南、华南等地交汇，形成持续的降雨．冷空气较暖湿空气密度大,当冷暖气流交汇时，冷气团下沉，暖湿气团在被抬升过程中膨胀．则暖湿气团温度会_______（选填“升高”、“不变”或“降低”），同时气团内空气的相对湿度会_________（选填“变大”、“不变”或“变小”）．17、带有活塞的汽缸内封闭一定质量的理想气体，气体开始处于a状态，然后经过状态变化过程到达c状态。在图中变化过程如图所示。

（1）气体从a状态经过到达b状态的过程中压强____________。（填“增大”；“减小”或“不变”）

（2）气体从b状态经过到达c状态的过程要____________。（填“吸收”或“放出”）热量。18、几何光学中研究光的传播，并不把光看作是电磁波，而是把光看作______19、如图所示，小量程电流表的内阻为满偏电流为若把它改装成的两个量程的电压表，那么____________________

20、如图所示，一个边长为l＝1m的正方形线圈的总电阻为R＝2Ω，当线圈以v＝2m/s的速度匀速通过磁感应强度B＝0.5T的匀强磁场区域时，线圈平面总保持与磁场垂直．若磁场的宽度L＞1m，线圈在穿过整个磁场过程中释放的焦耳热为_____．

评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)24、在测量电源电动势和内电阻的实验中；已知一节干电池的电动势约为1.5V，内阻约为0.30Ω；电压表V（量程为3V，内阻约3kΩ；电流表A（量程为0.6A，内阻等于0.70Ω）；滑动变阻器R（10Ω，2A）。为了更准确地测出电源电动势和内阻。

（1）请在图1方框中画出实验电路图__________。

（2）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图所示的U-I图线，由图可得该电源电动势E=___________V，内阻r=___________Ω。（结果均保留两位小数）

（3）某小组在实验时，发现电流表坏了，于是不再使用电流表，仅用电阻箱替换掉了滑动变阻器，他们在实验中读出几组电阻箱的阻值和电压表的示数U，描绘出的关系图像，得到的函数图像是一条直线。若该图像的斜率为k，与纵轴的截距为b，则其电动势为___________，内阻为______________。25、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，某实验小组决定测绘标有“3.8V0.4A”0.4A”

小灯泡的伏安特性曲线．（1）使用多用电表粗测小灯泡的电阻，选择“×1”_______欧姆挡测量，示数如图所示，读数为

Ω．（2

）实验室提供的实验器材有：AE．电源（4V，内阻约

0.4Ω）B．电压表V（2V，内阻为

2kΩ）C．电流表A（0.6A，内阻约

0.3Ω）DR．滑动变阻器

（0~10Ω）ER．三个定值电阻（1R=1kΩ，2R=2kΩ，3

=5kΩ）F

．开关及导线若干______①小组同学们研究后发现，电压表的量程不能满足实验要求，为了完成测量，他将电压表进行了改装．在给定的定值电阻中选用（选填R“1R”“2”或R“3”______）与电压表（选填“串联”或“并联”

），完成改装．_____________②在图虚线框中画出正确的实验电路图（虚线框中已将部分电路画出，请补齐电路的其他部分）

．（3R）该实验小组按照正确的电路图和实验操作描绘出了小灯泡的伏安特性曲线如图所示．先将两个相同规格的小灯泡按如图所示电路连接，图中定值电阻阻值为0=3ΩE，电源电动势=4.5Vr，内阻=1.5Ω________，此时每个小灯泡消耗的电功率为W．（结果保留2I位有效数字，

表示通过每个小灯泡的电流）26、现要测量某小量程电流表的内阻，其内阻在8Ω～10Ω之间，要求测量多组数据，且各电表指针最大偏转均能超过其满偏刻度的可选用的器材如下：

A.待测电流表A（量程10mA）

B.电压表V（量程3V；内阻约3kΩ）

C.电流表A0（量程5mA，内阻）

D.滑动变阻器R1（最大电阻5Ω；滑片可滑动的最大距离10cm）

E.滑动变阻器R2（最大电阻10Ω；滑片可滑动的最大距离50cm）

F.定值电阻R3（阻值20Ω）

G.电源E（电动势1.5V）

H.开关S及导线若干。

（1）器材选择时，在电压表V和电流表A0中，应选_______（填“V”或“A0”），为便于调节，滑动变阻器应选_________（填“R1”或“R2”）；

（2）请在方框内画出实验电路图_________；

（3）实验中，若测得待测电流表A的示数为I，另一电表的示数为k，则待测电流表A内阻的表达式为r=__________.27、在“把小量程电流表改装成欧姆表”的实验中；给出的器材有：

A．电流表（量程为600A；内阻约为190Ω）

B．电阻箱（0〜999.9Ω）

C．滑动变阻器（0〜4kΩ）

D．电位器（0〜20kΩ；电位器相当于滑动变阻器）

E．电源（电动势为1.5V；有内阻）

F．电源（电动势为7.5V；有内阻）

G．开关两个；导线若干。

(1)首先要用“半偏法”测定电流表的内阻，如果采用如图1所示的电路测定电流表的内电阻并且要想得到较高的精确度，那么以上给出的器材中，电阻R1应选用_____，电阻R2应选用____，电源应选用_____．（填写所选仪器前的字母即可）

(2)该实验操作的步骤有______

A．闭合S1

B．闭合S2

C．观察R1的阻值是否最大，如果不是，将R1的阻值调至最大。

D．调节R1的阻值；使电流表指针偏转到满刻度。

E．调节R2的阻值；使电流表指针偏转到满刻度的一半。

F．记下R2的阻值．

(3)如果在步骤F中所得的R2的阻值为200Ω，则图1中被测电流表的内阻Rg的测量值为_______Ω，若仅考虑系统误差，则测量值比实际值略______（选填“大”；“小”）．

(4)如果要将图中的电流表改装成欧姆表，其内部结构如图2所示，选用电动势为1.5V的电源，则R3应选用______（填写所选仪器前的字母即可）

(5)电流表改装成欧姆表后，如图3所示，电流表的指针分别指向0、300、600刻度线对应的电阻值大小分别是______；______；______．

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】变化的电场能产生磁场，变化的磁场能产生电场．所以变化的电场和变化的磁场总是相互联系着的，统称为电磁场，故A错误；电磁波是由变化电磁场产生的，由发生区域向远处传播形成电磁波，故B正确；电磁场是一种物质，所以传播不依赖是否真空，故C错误；电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s．故D错误；故选B.

点睛：了解电磁波的产生与传播，知道电磁波是横波，记住电磁波在真空中传播速度即可解答．2、A【分析】A项：分子直径的数量级是10-10m；利用放大1000倍的高倍光学显微镜是看不到的，故A错误；

B项：当有些物质溶解达到饱和度时；会达到溶解平衡，所以有些物质在适当溶剂中溶解时在一定浓度范围内具有液晶态，故B正确；

C项：煤炭；石油在利用时；会产生二氧化碳、灰尘等有害物质，为避免对环境的危害，必须提高利用率，故C正确；

D项：气体压强的微观解释可知；压强取决于单位时间撞击容器壁单位面积的次数（体积）和分子的无规则运动程度即分子的平均动能（温度），所以体积增大，压强不变时，气体分子在单位时间撞击容器壁单位面积的次数一定减少，故D正确．

点晴：明确分子直径的数量级和压强的微观解释是解题的关键，从环保的角度分析能源的利用．3、D【分析】【详解】

金属棒以O点为轴沿顺时针方向转动，由右手定则可知，通过定值电阻的电流方向由a到b，故A错误；当金属棒转过60°时有效的切割长度最大，产生的感应电动势最大，感应电流最大．感应电动势最大值为：Em＝B•2l＝B•2l•＝2Bl2ω，通过定值电阻的最大电流为：，故BC错误．通过定值电阻的电荷量为：q＝△t，平均感应电流为：，平均感应电动势为：，，解得：q＝，故D正确；．4、A【分析】【详解】

根据电容的决定式可知；液面高度h降低时，该电容两极板间的正对面积减小，该电容的电容减小，选项A正确，B错误；液面高度h升高时，该电容两极板间的距离不变，该电容两极板间的正对面积增大，该电容的电容变大，该电容存储电荷的能力增大，选项CD错误；故选A.

点睛：本题只要掌握电容的决定式知道金属芯线与导电液体形成一个电容器，液面高度h变化相当于正对面积变化，就能很容易分析电容与液面高度h的关系．5、D【分析】【详解】

A；若两个阶段物体下落的高度不同；则两个阶段重力做功不相等，故A错。

B、整个下落过程中,两个阶段的时间关系不知道,根据则不能判定第一阶段重力对运动员的冲量和第二阶段重力对运动员的冲量大小关系.故B错误;

C；第二阶段运动员受到的合力方向先向下后向上.故C错误.

D；整个下落过程中,因为初末速度都为零,所以第一、第二阶段重力对运动员的总冲量和第二阶段弹性绳弹力对运动员的冲量大小相等.所以D选项是正确的.

综上所述本题答案是：D

点睛：根据动量定理研究第一阶段重力的冲量和第二阶段弹力的冲量大小关系;整个下落过程中,因为初末速度都为零,根据动能定理,总功为零,整个过程中,重力对运动员所做的功等于运动员克服弹性绳弹力所做的功.二、多选题(共9题，共18分)6、A:D【分析】A、滑片P由R2中点往左移动时使并联部分电阻减小从而使整个电路电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可得干路电流增大，即A2的示数增大，则两端电压增大；即B板电势降低，故选项A正确；

B、滑片P由R2中点往左移动时使并联部分电阻减小从而使整个电路电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可得干路电流增大，即A2的示数增大，路端电压减小，由于电压增大，则并联部分电压降低，根据并联电路特点可以知道电流表A1的示数增大；故选项B错误；

C、滑片P由R2中点往左移动时，电路总电流增大，则两端电压增大；即电容器AB电压增大，液滴加速运动，路端电压减小，则电容器BC电压减小，液滴减速运动，液滴将穿过C板，故选项C错误；

D、根据闭合电路欧姆定律可知：则为定值，不变，根据欧姆定律可知为本身并联之后与串联的总电阻，即减小；故选项D正确。

点睛：本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析问题，注意电容器两端电压的问题。7、A:B:C【分析】【详解】

A．根据双缝干涉条纹的间距公式知，减小双缝间的距离，即d变小，则干涉条纹间距减大，故A正确．

B．根据双缝干涉条纹的间距公式知，增大双缝到屏的距离，即l增大，干涉条纹间距增大．故B正确．

C．根据双缝干涉条纹的间距公式知，将绿光换为红光，波长变长，则干涉条纹间距变大．故C正确．

D．根据双缝干涉条纹的间距公式知，将绿光换为紫光，波长变短，则干涉条纹间距减小．故D错误．8、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．分子间距离增大时；分子间的引力和斥力都减小，选项A正确；

B．高原地区水的沸点较低；这是高原地区大气压较低的缘故，选项B错误；

C．根据热力学第二定律；功转变为热的宏观过程是不可逆过程，选项C正确；

D．布朗运动是固体颗粒的无规则运动；它说明液体分子的永不停息地做无规则运动，选项D错误；

E．瓶内气体缓慢流出过程中气体体积增大；气体对外做功，而温度始终相等，内能不变，则气体需要吸收热量。因温度是分子平均动能的标志，则分子的平均动能不变，故E正确。

故选ACE。9、A:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离；故液体表面存在张力，A正确；

B．热运动是指分子的运动；不是固体颗粒的运动，B错误；

C．把很多小的单晶体放在一起；仍然是晶体，C错误；

D．第二类永动机没有违反能量守恒定律；违反了热力学第二定律，D正确；

E．绝对零度只能无限接近；不可达到，E正确。

故选ADE。10、A:C:D【分析】【详解】

A.甲图中当两个相邻的分子间距离为r0时；它们间相互作用的引力和斥力大小相等，分子力表现为零，选项A正确；

B.乙图中粒子排列具有空间上的周期性；是晶体的微观结构示意图，选项B错误；

C.丙图中小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用；选项C正确；

D.丁图中把两端开口的很细的玻璃管插入水中，由于毛细作用，可观察到水在细玻璃管中上升，选项D正确。11、B:C:D【分析】【详解】

实线波的波长为λ1=4m，虚线波的波长为λ2=6m，它们的波速相等，由波速公式v=λf得：实线波和虚线波的频率之比为f1：f2=λ2：λ1=3：2，两列波的频率不同，不能发生干涉现象．故A错误，B正确．波速为：v=λ1f1=4×3m/s=12m/s，则在t=s时间内波传播的距离x=vt=2m=λ1=λ2，实线波单独传播时，在t=s时，x=9m处的质点到达波谷，振动速度为零．虚线波单独传播时，在t=s时，x=9m处的质点振动方向向上，则根据波叠加原理可知t=s时，x=9m处的质点振动方向向上．故C正确．波速为：v=λ1f1=4×3m/s=12m/s，则在t=s时间内波传播的距离x=vt=1m=λ1，实线波单独传播时，t=s时，x=4m处的质点到达波谷，位移大小为y1=10cm；根据波形的平移法作出虚线波传播x=1m时的波形；如图所示。

由图看出此刻x=4m处的质点位移大小y2＞2.5cm，则波的叠加原理可知t=s时，x=4m处的质点位移|y|=y1+y2＞12.5cm；故D正确．故选BCD.

【点睛】

题关键要掌握干涉产生的条件和波的叠加原理，运用波形的平移法分析波形，确定质点的位移。12、A:C【分析】【详解】

由图可知P的振动方程为：由题可知，简谐横波的传播方向从P到Q，由图可知，周期为T=6s，质点Q的振动图象向左4s、后与P点的振动重合，意味着Q点比P点振动滞后了4s，则Q的振动方程为：所以当Q的位移为+A时，P的位移为故A正确；由题可知，简谐横波的传播方向从P到Q，由图可知，周期为T=6s，质点Q的振动图象向左4s、后与P点的振动重合，意味着Q点比P点振动滞后了4s，即P传到Q的时间△t可能为4s，同时由周期性可知，从P传到Q的时间△t为（4+nT）s，n=0、1、2、3，即△t=4s，10s，16s，故B正确；由考虑到波的周期性，当△t=4s，10s，16s、28s时，速度（n=0，1，2，3），当v=1m/s时，n=1，所以可能为1m/s，故C正确；由λ=vT可知则可知，当λ=3m时，n不是整数，故D错误．13、A:C【分析】【详解】

AB．根据牛顿第三定律可知A对B的作用力与B对A的作用力，等大反向，同时变化，而冲量所以冲量大小相等，A正确B错误．

CD．因为发生的是弹性碰撞，没有能量损失，A减少的动能等于B增加的动能，而动能改变等于合外力的功，所以A球对B球所做功和B球对A球所做功相等，C正确D错误．14、B:D【分析】【详解】

A、当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，接入电路的电阻增大，电路中电流的减小，根据串联电路的特点可知，R1的电压减小，R2的电压增加．电源的内电压减小，则路端电压增大，因为U1+U2=U3，所以R1的电压减小量小于R2的电压增加量，即有：|△U1|＜|△U2|，且有|△U2|＞|△U3|．故A错误．B、由于R1是定值电阻，根据欧姆定律得知保持不变，故B正确．C、变大．根据闭合电路欧姆定律知：U2=E-I(R1+r)，则得保持不变，故C错误．D、变大；根据闭合电路欧姆定律得：U3=E-Ir，保持不变．故D正确．故选BD．

【点睛】本题要注意对于定值电阻，是线性元件，有而变阻器是非线性元件，r.三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【详解】

②根据闭合电路欧姆定律得：总电流减小，所以路端电压变大；④根据并联电路电流关系：总电流变小，而变大，则一定变小【解析】16、略

【分析】试题分析：空气的相对湿度等于水蒸气的实际压强与同温下水的饱和汽压的比值；饱和汽压随温度的降低而变小；一定温度下，饱和汽的压强是一定的．

暖湿气团在被抬升过程中膨胀，膨胀的过程中对外做功，气团的内能减小，所以暖湿气团温度会降低；饱和汽压随温度的降低而变小，气团内空气的绝对湿度不变而饱和蒸汽压减小，所以相对湿度会变大．【解析】降低变大17、略

【分析】【详解】

（1）[1]由图像可知，气体从a状态经过到达b状态的过程中，气体的体积保持不变，温度升高，根据

可知气体的压强增大。

（2）[2]由图像可知，气体从b状态经过到达c状态的过程，气体的温度保持不变，则气体的内能保持不变；气体的体积减小，则外界对气体做正功，根据热力学第一定律可知，气体对外放出热量。【解析】增大放出18、略

【分析】【详解】

几何光学中研究光的传播，并不把光看作是电磁波，而是把光看作线段。【解析】线段19、略

【分析】【详解】

[1]由题意知量程时，由

得

[2]量程为时，由

得【解析】4500##5000##20、略

【分析】【详解】

[1]感应电动势为：E=Blv，感应电流为：

线圈进入磁场的时间为：

则线圈离开磁场的时间也等于0.5s，线圈在穿过整个磁场过程中释放的焦耳热为：Q=I2R•2t=0.52×2×2×0.5=0.5J【解析】0.5J四、作图题(共3题，共27分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共40分)24、略

【分析】【详解】

（1）[1]电路直接采用串联即可；电压表并联在电源两端，由于电流表内阻已知，则应采用电流表相对电源的内接法；电路图如图所示。

（2）[2]根据

以及图像可知，电源的电动势为E=1.48V

[3]内阻为

故r=1.0-0.70=0.30Ω

（3）[4][5]由闭合电路欧姆定律U=IR

联立变形得

变形可得

又此式可知，图中，直线斜率

解得【解析】1.480.3025、略

【分析】【分析】

根据灯泡电阻与电表内阻关系确定电流表的接法；根据题意确定滑动变阻器的接法，然后作出实验电路图；

在灯泡U-I图象坐标系内作出等效电源的U-I图象；求出灯泡两端电压与通过灯泡的电流，然后求出每个灯泡消耗的电功率．

【详解】

（1）使用多用电表粗测小灯泡的电阻，选择“×1”欧姆挡测量，示数如图所示，读数为：

（2）①灯泡额定电压为3.8V，可以把电压表改装为4V量程，电压表量程为2V，内阻为要把电压表改装成4V的电压表，可以串联2kΩ的电阻，应选电阻与电压表串联；

②灯泡正常发光时的电阻为：电压表内阻为电流表内阻约为电压表内阻远大于灯泡电阻，而电流表内阻与灯泡内阻相差不多，故电流表应采用外接法，由于滑动变阻器阻值较小，故采用分压式接法，电路图如图所示：

（3）设通过每个灯泡的电流为I，电源电动势为：

整理得：

即：

在灯泡U-I图象坐标系内作出：U-I图象如图所示：

由图示图象可知，灯泡两端电压为：