2025年湘教版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版高二物理上册阶段测试试卷377考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，AB为半径R=2m的一段光滑圆槽，A、B两点在同一水平高度上，且AB弧长10cm．将一小球从A点由静止开始释放，则它第一次运动到B点所用时间为（）A.B.C.πD.2π2、如图所示；一根橡皮筋两端固定在AB

两点，橡皮筋处于ACB

时恰好为原长状态，将弹丸放在橡皮筋内侧C

处并由C

处竖直向下拉至D

后点释放，CD

均在AB

连线的中垂线上.

橡皮筋的质量忽略不计，不计空气阻力.

弹丸由D

运动到C

的过程中。

A.橡皮筋对弹丸的弹力一直在增大B.橡皮筋对弹丸的弹力一直在增大C.弹丸的机械能守恒D.弹丸的动能一直在增大3、一个弹簧振子在AB

间做简谐运动，O

是平衡位置.

以某时刻作为计时零点(t=0)

经过1/4

周期，振子具有正方向的最大加速度.

那么以下几个振动图中哪一个正确地反映了振子的振动情况？()

A.B.C.D.4、电磁感应现象揭示了电与磁之间的内在联系，根据这一发现，发明了许多电器设备。以下电器中，哪些利用了电磁感应原理()A.变压器B.白炽灯泡C.发电机D.电吹风5、一束复色光由空气射到一块平行玻璃砖上，经两次折射后分成两束单色光a、b。已知a光在玻璃中的传播速度比b光大，则右图中哪个光路图是正确的（）6、在边长100m

的正方形广场边缘，一同学沿如图所示路径顺时针散步。在由a

点运动到b

点的过程中，该同学()。A.通过的路程是50m

B.通过的路程是400m

C.位移大小是50m

D.位移大小是400m

7、一个氡核86222Rn

衰变成钋核84218Po

并放出一个粒子，其半衰期为3.8

天.1g

氡经过7.6

天剩余的氡的质量，以及86222Rn

衰变成钋核84218Po

的过程释放出的粒子是(

)

A.0.25g娄脕

粒子B.0.75g娄脕

粒子C.0.25g娄脗

粒子D.0.75g娄脗

粒子8、磁流体发电机可简化为如下模型：两块长、宽分别为a、b的平行板，彼此相距L，板间通入己电离的速度为v的气流，两板间存在一磁感应强度大小为B的磁场，磁场方向与两板平行，并与气流垂直。如图所示，把两板与外电阻R连接起来，在磁场力作用下，气流中的正、负离子分别向两板移动形成电流。设该气流的电阻率为ρ，则下列说法中错误的是（）A.该磁流体发电机模型的上表面电势高于下表面电势B.产生的感应电动势为E=BavC.流过外电阻R的电流强度I=D.该磁流体发电机模型的路端电压为U=评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)9、氢原子的能级如图所示，氢原子从n=3能级向n=1能级跃迁所放出的光子，恰能使某种金属产生光电效应，则该金属的逸出功为______eV，用一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时所发出的光照射该金属，产生的光电子最大初动能为______eV．10、热敏电阻是传感电路中常用的电子元件．现用伏安法研究热敏电阻在不同温度下的伏安特性曲线；要求特性曲线尽可能完整．已知常温下待测热敏电阻的阻值约4～5Ω热敏电阻和温度计插入带塞的保温杯中，杯内有一定量的冷水，其它备用的仪表和仪器具有：

A．电流表A1；量程0.6A，内阻约1Ω

B．电流表A2；量程3A，内阻约2Ω

C．电压表V1；量程15V，内阻约15kΩ

D．电压表V2；量程3V，内阻约5kΩ

E．滑动变阻器R1（0～100Ω）

F．滑视变阻器R2（0～20Ω）

G．电源E（3V；内阻可忽略）

H．盛有热水的热水杯（图中未画出）

I．开关；导线若干。

（1）实验中应选用的电流表为______（填“A1”或“A2”），应选用的电压表为______（填。

“V1”或“V2”），应选用的滑动变阻器为______（填“R1”或“R2”）

（2）在图（a）的方框中画出实验电路原理图；要求测量误差尽可能小．

（3）根据电路原理图，在图（b）的实物图上连线．

11、使用多用电表的欧姆档粗测一根电阻丝的阻值，已知此电阻丝的阻值约为几十kΩ，下面给出的操作步骤中，合理的实验步骤顺序是：______（填写相应的字母）．旋转选择开关其尖端应对准的欧姆档位是______；根据表中指针所示位置，电阻丝的阻值约为______Ω．

a．将两表笔短接；调节欧姆档调零旋钮使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，而后断开两表笔。

b．将两表笔分别连接到被测电阻丝的两端；读出阻值后，断开两表笔。

c．旋转选择开关S；使其尖端对准欧姆档的某一档位。

d．旋转选择开关S，使其尖端对准OFF档，并拔出两表笔．12、元电荷e=

______．13、如图，在光滑水平面上固定三个等质量的带电小球（均可视为质点），A、B、C三球排成一直线．若释放A球（另两球仍固定）的瞬时，A球的加速度大小为1m/s2，方向向左；若释放C球（另两球仍固定）的瞬时，C球的加速度大小为2m/s2，方向向右；则释放B的瞬时，B球的加速度大小为____m/s2，方向向____．

14、（1）某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行．正确操作后，做出的光路图及测出的相关角度如图所示．①玻璃的折射率计算式为n=____（用图中的θ1、θ2表示）；②如果有几块宽度大小不同的平行玻璃砖可供选择，为了减少误差，应选用宽度____（填“大”或“小”）的玻璃砖来测量．

（2）在《测定玻璃的折射率》的实验中，已画好玻璃砖界面的两直线aa′和bb′后，不慎误将玻璃砖向上平移，如图中的虚线所示，若其他操作正确，则测得的折射率将____（填“偏大”“偏小”或“不变”）

15、1827年英国植物学家布朗用显微镜观察水中悬浮的____，发现它们____运动，这种运动后来就叫做____。16、某同学用下列器材测定一节蓄电池的电动势和内阻．蓄电池的电动势约为3V；内阻很小．

A．量程是0.6A；内阻约为0.5Ω的电流表；

B．量程是3V；内阻是6kΩ的电压表；

C．量程是l5V；内阻是30kΩ，的电压表；

D．阻值为0～1k；B，额定电流为0.5A的滑动变阻器；

E．阻值为0～10Ω；额定电流为2A的滑动变阻器；

F．定值电阻4Ω；额定功率4w；

G．电键S一个；导线若干．

（1）为了减小实验误差，电压表应选择______（填器材代号），电路图1中的导线应连接到______（填“①”或“②”），改变滑动变阻器阻值时，为了使电压表和电流表的读数变化比较明显，滑动变阻器应选择______（填器材代号）．

（2）用上问中的实验电路进行测量，读出电压表和电流表的读数，画出对应的U一I图线如图2中图线（a）所示，另有一电阻的U一I图线如图2中图线（b）所示．若把该电阻单独与这节蓄电池连接成闭合回路，则电池两端的电压为______V．（结果保留三位有效数字）评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）18、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、画图题(共2题，共18分)22、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象23、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分五、实验探究题(共1题，共4分)24、实验课上同学们利用打点计时器等器材，研究小车做匀变速直线运动的规律.

其中一个小组的同学从所打的几条纸带中选取了一条点迹清晰的纸带，如图所示.

图中OABCD

是按打点先后顺序依次选取的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.1s.

由图中的数据可知，打点计时器打下C

点时小车运动的速度是____________m/s

小车运动的加速度是____________m/s2

．评卷人得分六、识图作答题(共1题，共5分)25、研究人员对某草原生态系统进行了有关生态学调査。请据图回答下列问题：（1）研究人员若要调查该草原生态系统中土壤小动物的丰富度，宜采用____________法进行取样。若要调查某种田鼠的种群密度，宜采用____________法。（2）利用几十年所调査的该草原生态系统中该种田鼠种群数量数据，计算当年种群数量与一年前种群数量的比值为λ，并得到如图所示的曲线。分析曲线可知第9年该田鼠种群的年龄组成可能为_____________型，田鼠种群数量最少是第_______年，如果维持20年前后λ的增长趋势，种群数量将呈__________型曲线増长。（3）由于鼠害日益严重，该草原生态系统的植被遭受极大的破坏，当人们意识到保护草原的重要性后，通过多种方式控制住了鼠害，草原植被也逐渐恢复，在这种演替过程中，人类发挥了巨大作用，说明人类活动往往会使群落演替按照不同于自然演替的__________进行。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】解：小球在AB弧上的运动与单摆的运动等效，则T=．

小球从A到B的时间t=．故C正确；A；B、D错误．

故选：C．

小球在AB弧上的运动与单摆的运动等效；根据单摆的周期公式求出球心第一次运动到B点的时间．

解决本题的关键掌握单摆的周期公式，并能灵活运用．【解析】【答案】C2、B【分析】略【解析】B

3、D【分析】【分析】根据14周期，振子具有正方向的最大加速度，可分析确定出t=0t=0时刻振子的位置以及速度的方向，从而确定正确的振子位移鈭�-时间图线。

本题在选择图象时，关键研究t=0t=0时刻质点的位置和位移如何变化..此题还要掌握简谐运动的特征：a=鈭�kxm，知道加速度与位移的关系。【解答】弹簧振子在AB

间做简谐运动，O

是平衡位置，经过14

周期，振子具有正方向的最大加速度，由简谐运动的特征：a=鈭�kxm可知，t=T4振子位于负向最大位移处，说明t=0t=0时刻振子的位移为00且向负方向运动，故D正确，ABC错误。故选D。

【解析】D

4、A|C【分析】【解析】试题分析：变压器原线圈输入变化的电流，则在铁芯内有变化的磁通量，从而导致副线圈中产生感应电动势．故A正确；白炽灯泡则是通电后电流做功，从而发热．故B错误；发电机是将在磁场中通过转动的线圈从而产生电动势，这也是磁生电的现象，故C正确；电吹风是通电后电动机转动将暖风吹出，所以没有利用电磁感应原理，故D错误；故选：AC考点：电磁感应在生活和生产中的应用．【解析】【答案】AC5、B【分析】由n=c/v可知a光的折射率较小，由折射定律可知光路图B对；【解析】【答案】B6、C【分析】【分析】路程等于物体运动轨迹的长度；位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度。

解决本题的关键知道路程等于物体运动轨迹的长度，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度；要求同学们在日常学习过程中要注意基本知识点的理解和应用。【解答】路程等于物体运动轨迹的长度；所以该同学的路程s=50+300=350m

位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度，所以位移的大小x=50m

故ABD错误，C正确。

故选C。【解析】C

7、A【分析】解：氡核的半衰期为3.8

天；根据半衰期的定义得：

m=m0(12)tT

其中m

为剩余氡核的质量，m0

为衰变前氡核的质量，T

为半衰期，t

为经历的时间．

由于T=3.8

天；t=7.6

天；

解得：m=0.25g

所以衰变掉的氡的质量为m鈭�m0=0.75g

根据衰变过程中质量数和电荷数守恒；由于生成物质量数减小4

电荷数减小2

所以放出的粒子是娄脕

粒子．

故选：A

．

运用半衰期的定义进行定量计算．

根据衰变过程中质量数和电荷数守恒列出衰变方程；得出是什么粒子．

知道放射性元素的半衰期是有一半该元素的原子核发生衰变所用的时间．

求解时注意m

为剩余的质量．【解析】A

8、B【分析】解：根据左手定则知正电荷向上偏；负电荷向下偏，上极板带正电，下极板带负电，即上表面电势高于下表面电势；

最终电荷处于平衡有：

qvB=q

解得电动势为：E=BLv。

内电阻为：r=ρ=

根据闭合电路欧姆定律有：I==

那么路端电压为：U=IR=

综上所述；故ACD正确，B错误。

本题选择错误的；

故选：B。

电离的气体含有大量带正电和负电的粒子；进入磁场受洛伦兹力发生偏转，根据左手定则判断出正负电荷的偏转方向，从而确定极板的正负极，确定出电流在外电路中的流向。最终电荷受电场力和洛伦兹力处于平衡，根据平衡求出电动势的大小，从而根据闭合电路欧姆定律求出电流的大小，再根据路端电压U=IR，即可求解。

本题综合考查了电阻定律、闭合电路欧姆定律以及磁场的知识，关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及通过平衡求出电源的电动势。【解析】B二、填空题(共8题，共16分)9、略

【分析】解：原子从能级n=3向n=1跃迁所放出的光子的能量为13.60-1.51=12.09eV，当光子能量等于逸出功时，恰好发生光电效应，所以逸出功W0=12.09eV．

从能级n=4向n=1跃迁所放出的光子能量为13.6-0.85eV=12.75eV，根据光电效应方程得，最大初动能Ekm=hv-W0=12.75-12.09=0.66eV．

故答案为：12.09；0.66．

能级间跃迁时辐射的光子能量等于两能级间的能级差；根据光电效应的条件求出金属的逸出功，再根据光电效应方程得出光电子的最大初动能．

解决本题的关键知道能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，以及掌握光电效应方程Ekm=hv-W0．【解析】12.09；0.6610、略

【分析】解：（1）通过热敏电阻电流最大值约为Imax==A=0.75A，若电表表选A2，量程过大，指针偏转角过小，误差较大，故应选A1．电源的电动势为3V，选用的电压表V1即可．要研究热敏电阻在不同温度下的伏安特性曲线，则需要电压的变化范围要尽可能的大，故滑动变阻器应采用分压接法，为方便调节，变阻器应选R2．

（2）热敏电阻的阻值随温度的升高而减小；故要研热敏电阻在不同温度下的伏安特性曲线，则需要电压的变化范围要尽可能的大，故滑动变阻器应采用分压接法，热敏电阻的阻值常温下约4～5Ω，故热敏电阻为小电阻．故电流表采用外接法．故电路连接如图所示．

（3）对照电路图，按顺序连接实物图，如图所示．

故答案为：

（1）Al，V2，R2．

（2）如图所示。

（3）如图所示

（1）根据欧姆定律，估算出通过热敏电阻电流的范围，选择电流表的量程．电源的电动势为3V，选用的电压表V1即可．本实验研究热敏电阻的伏安特性曲线；电压和电流必须从开始调节，变阻器应采用分压式接法，应选择总电阻较小的变阻器，方便调节．

（2）根据电流表和电压表的内阻与热敏电阻电阻进行比较；选择电流表的接法．变阻器采用分压式接法，调压较大．

（3）对照电路图；按顺序连接实物图．

本题考查了滑动变阻器的接法，电流表的接法，关键实验目的明确、懂得实验原理，分析好题意即可顺利求解．【解析】A1；V2；R211、略

【分析】解：使用欧姆表测电阻时，应选择合适的挡位，然后进行欧姆调零，再测电阻，欧姆表使用完毕后，要把选择开关置于OFF挡或交流电源最高挡，则正确的实验步骤为：c、a、b；d；电阻丝的阻值约为几十千欧；旋转选择开关其尖端应对准的欧姆挡位是×1k，由图示欧姆表可知，电阻丝的阻值为32×1k=32kΩ．

故答案为：cabd；×k；32k．

使用欧姆表测电阻时；应选择合适的挡位，然后进行欧姆调零，再测电阻，欧姆表使用完毕后，要把选择开关置于OFF挡或交流电压最高挡．

本题考查了用多用电表测电阻的步骤、欧姆表读数，要掌握多用电表的使用方法与注意事项，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．【解析】cabd；×1k；32k12、略

【分析】解：元电荷的数值最早是由美国的物理学家密立根测得的；后来人们又做了许多测量，现在公认的元电荷的值为e=1.60217733鈭�19C

在我们的计算中；可取e=1.6隆脕10鈭�19

C.

故答案为：1.60217733鈭�19C

元电荷的数值是通过实验测出来的；现在公认的元电荷的值为e=1.60217733鈭�19C

在我们的计算中，可取e=1.6隆脕10鈭�19

C.

该题考查常用的常数，要牢记元电荷的数值为1.60217733鈭�19C

在我们的计算中，可取e=1.6隆脕10鈭�19

C.【解析】1.60217733鈭�19C

13、略

【分析】

小球A受到小球B和C的作用力分别记为FBA和FCA，小球B分别受到小球A和C的作用力分别记为FAB和FCB，小球C受到A和B的作用力记为FAC和FBC

对小球A有：FBA+FCA=ma1①

对小球B有：FAB+FCB=ma2②

对小球C有：FAC+FBC=ma3③

由于FBA和FAB互为作用力和反作用力，故其大小相等方向相反，有FBA+FAB=0；故有。

①+②+③得：

ma1+ma2+ma3=0

根据题意取向左为正方向，则有：

据ma1+ma2+ma3=0知方向与正方向相同即向左．

即释放B球时，B球的加速度大小为1m/s2；方向向左．

故答案为：1；左．

【解析】【答案】在光滑的水平面上；小球所受重力和支持力平衡，使小球产生加速的力就是小球间相互作用的库仑力，根据牛顿第三定律解出其加速度满足的规律．

14、略

【分析】

（1）①由几何知识得：光线在玻璃砖上表面折射时的入射角为i=90°-θ1，折射角为r=90°-θ2；由折射定律得：

n==．②选用宽度大的玻璃砖来测量；可减小角度产生的误差．

（2）如右图所示，实线表示将玻璃砖向上平移后实际的光路图，而虚线是未将玻璃砖向上平移时作图时所采用的光路图，通过比较发现，入射角和折射角没有变化，则由折射定律n=得知；测得的折射率将不变．

故答案为：

（1）①n=．②大。

（2）不变。

【解析】【答案】（1）①用“插针法”测定玻璃的折射率的原理是折射定律n=i、r分别是入射角和折射角；是入射光线和折射光线与光线的夹角，由图根据几何知识得到入射角和折射角，就能得到玻璃的折射率计算式．②为了减少误差，应选用宽度大的玻璃砖来测量．

（2）通过作光路图；将玻璃砖向上平移的光路图与未向上平移的光路图进行比较，分析入射角和折射角是否变化，由折射定律分析折射率变化．

15、花粉不停地做无规则的布朗运动【分析】【解答】著名布朗运动的实验；是英国植物学家布朗发现的，布朗把花粉放入水中，然后取出一滴这种悬浮夜，放在显微镜下观察，发现花粉小颗粒像着魔似的不停运动，而且每个小颗粒的运动方向和速度都改变的快，不会停下来，这些小颗粒实际上是由上万个分子组成的分子团，由于受液体分子的无规则撞击而不平衡，从而表现出无规则运动．

思路【分析】根据布朗运动的发现历史分析.

【分析】本题考查了布朗运动的物理学史16、略

【分析】解：（1）根据题意得内阻很小；为零减小误差所以采用电流表内接法，即选择①．

改变滑动变阻器阻值时；为了使电压表和电流表的读数变化比较明显，滑动变阻器应选择E．

（2）若把该电阻单独与这节蓄电池连接成闭合回路；

由电源U一I图线可知电动势为3.2v，内阻r=-R0=1Ω；

由电阻的U一I图线得串联的电阻是5Ω；

若把该电阻单独与这节蓄电池连接成闭合回路，则电池两端的电压为U=R=2.67V

故答案为：（1）①；E

（2）2.67

（1）根据题意得内阻很小；为零减小误差所以采用电流表内接法．为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器．

（2）表示电源的伏安特性曲线是往下倾斜的直线；表示电阻的伏安特性曲线是过原点的曲线，若将两图象画在同一坐标系中，其交点即表示该电源与该电阻接在了同一个电路中了．

本题考查了实验器材的选取、求电源电动势与内阻等问题，要掌握实验器材的选取原则，要会由电源的U-I图象求电源电动势与内阻【解析】；①；E；2.67三、判断题(共5题，共10分)17、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．18、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．21、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度