2025年苏教版选修三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏教版选修三物理下册阶段测试试卷705考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、平面OM和平面ON之间的夹角为30°，其横截面（纸面）如图所示，平面OM上方存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外。一带电粒子的质量为m，电荷量为q（q>0）。粒子沿纸面以大小为v的速度从OM的某点向左上方射入磁场，速度与OM成30°角。已知该粒子在磁场中的运动轨迹与ON只有一个交点，并从OM上另一点射出磁场。不计重力。粒子离开磁场的出射点到两平面交线O的距离为（）

A.B.C.D.2、在如图所示的电路中，两表为理想电表，当变阻器R3的滑动头P向a端移动时()

A.电压表示数变小，电流表示数变大B.电压表示数变大，电流表示数变小C.电压表示数变小，电流表示数变小D.电压表示数变大，电流表示数变大3、如图所示为一定质量的理想气体的压强随温度变化的图像，其中的延长线通过坐标原点，和分别与T轴和p轴平行；下列说法正确的是（）

A.过程气体单位体积内的分子数减少B.过程气体分子平均动能减小C.过程气体向外界放热D.全过程状态b的体积最大4、关于热现象，下列说法正确的是（）A.机械能可以全部转化为内能，而内能无法全部用来做功以转换成机械能B.当分子间距离增大时，分子间作用力减小，分子势能增大C.单位时间内气体分子对容器壁单位面积上的碰撞次数减少，气体的压强一定减小D.已知阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可估算该种气体分子体积的大小5、提出分子电流假说并用以解释物质磁性及磁化现象的科学家是（）A.奥斯特B.安培C.欧姆D.法拉第6、如图甲所示，光滑导轨水平放置在竖直方向的匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度B随时间的变化规律如图乙所示（规定向下为正方向），导体棒ab垂直导轨放置，除电阻R的阻值外，其余电阻不计，导体棒ab在水平外力F的作用下始终处于静止状态．规定a→b的方向为电流的正方向，水平向右的方向为外力的正方向，则在0～2t0时间内，能正确反映流过导体棒ab的电流与时间及外力F与时间t的关系图线是（）

A.B.C.D.7、下列说法中正确的是A.布朗运动就是液体分子的无规则运动B.当分子间距离增大时，分子间的引力和斥力均增大C.当分子间距离增大时，分子势能一定增大D.物体的内能变化，它的温度并不一定发生变化8、蹦极跳是勇敢者的体育运动．设运动员离开跳台时的速度为零，从自由下落到弹性绳刚好被拉直为第一阶段，从弹性绳刚好被拉直到运动员下降至最低点为第二阶段．下列说法中正确的是（）A.第一阶段重力对运动员的功和第二阶段重力对运动员的功大小相等B.第一阶段重力对运动员的冲量大小和第二阶段重力对运动员的冲量大小相等C.第一阶段运动员受到的合力方向始终向下，第二阶段受到的合力方向始终向上D.第一阶段和第二阶段，重力对运动员的总冲量与弹性绳弹力对运动员的冲量大小相等9、如图所示；A；B两物体质量之比为3:2，原来静止在平板小车C上，A、B间有一根被压缩的弹簧，地面光滑，当弹簧突然释放后，则下列说法中正确的是（）

A.若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B组成的系统动量守恒B.若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B、C组成的系统动量守恒C.若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B组成的系统动量守恒D.若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B、C组成的系统动量守恒评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)10、如图所示，能级间的跃迁产生不连续的谱线，从不同能级跃迁到某一特定能级就形成一个线系，比如：巴耳末系就是氢原子从n＝3，4，5能级跃迁到n＝2的能级时辐射出的光谱，其波长λ遵循以下规律：下列说法正确的是（）

A.公式中n只能取整数值，故氢光谐是线状谱B.氢原子从n＝3能级跃迁到n＝2能级，该氢原子放出光子，其核外电子的动能增大C.氢原子从n＝3能级跃迁到n＝2能级时辐射出的光子，在巴耳末系中波长最短D.用能量为13.0eV的光子去照射一群处于基态的氢原子，受照射后，氢原子能跃迁到n＝4的能级11、下列说法中不符合实际的是_______A.单晶体并不是在各种物理性质上都表现出各向异性B.液体的表面张力使液体表面具有扩张的趋势C.气体的压强是由于气体分子间相互排斥而产生的E.热量能自发地从内能大的物体向内能小的物体进行传递E.热量能自发地从内能大的物体向内能小的物体进行传递12、下列说法正确的是（）A.第二类永动机违背了热力学第二定律，也违背了热力学第一定律B.在毛细现象中，细管中的液面不一定会上升C.温度高的物体具有的内能一定比温度低的物体具有的内能多D.因为液体表面层分子分布比内部稀疏，因此液体表面有收缩趋势13、下列说法正确的是（）A.在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关B.脱脂棉脱脂的目的在于使它从不被水浸润变为可以被水浸润，以便吸取药液C.烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明蜂蜡是晶体E.在一定温度下，当人们感到潮湿时，水汽蒸发慢，空气的绝对湿度一定较大E.在一定温度下，当人们感到潮湿时，水汽蒸发慢，空气的绝对湿度一定较大14、一定质量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其V­T图象如图所示，pa、pb、pc分别表示状态a、b、c的压强；下列判断正确的是______。

A.过程ab中气体一定吸热B.pc＝pb＞paC.过程bc中分子势能不断增大E.过程ca中气体吸收的热量等于对外做的功E.过程ca中气体吸收的热量等于对外做的功15、一个质点以O点为平衡位置在a、b两点之间做简谐运动。若从质点在O点开始计时，经过3s质点第一次经过M点(如图所示)；再继续运动，又经过2s它第二次经过M点；则该质点第三次经过M点还需要的时间是()

A.8sB.4sC.14sD.s评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、在阳光的照射下，充满雾气的瀑布上方常会出现美丽的彩虹，彩虹是太阳光射入球形水珠经折射、内反射、再折射后形成的，其光线传播路径如图所示，图中的圆面代表水珠过球心的截面，太阳光平行截面射入球形水珠后，最后出射光线a、b分别代表两种不同颜色的光线，则水珠对a、b两束光折射率的大小关系是na____nb；a、b两种光在水珠内传播速度大小关系是va__vb．（选填“>”、或“<”)

17、一定质量的理想气体由状态A变化到状态B再变化到状态C，过程如图所示，A到B过程图线与横轴平行，B到C过程图线的反向延长线过原点，则气体从A→B过程中___________（填“吸收”或“放出”）热量，从B→C过程中___________（填“吸收”或“放出”）热量。

18、如图是一定质量的理想气体的压强与热力学温度的图，是理想气体的三个状态，其中平行于坐标轴平行于坐标轴则从到过程中气体的分子平均动能_________（填“变大”、“变小”或“不变”），从到的过程________（填“可能”或“不可能”）为绝热过程，从到的过程中气体的密度______（填“变大”；“变小”或“不变”）

19、一个电流表的满偏电流内阻要把它改装成一个量程为的电压表，则应在电流表上__________（填“串联”或“并联”）一个__________的电阻。20、在如甲图所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关闭合后，灯泡L1的电阻为_________Ω，灯泡L2消耗的电功率为_________W．

21、质谱仪是分离同位素的重要仪器，其原理如图所示，带等量异种电荷的两平行金属板P1，P2之间的电压为U，一个带负电的粒子（不计重力）从P1板中由静止释放，之后从O点进入另一磁感应强度为B的匀强磁场中，在洛仑磁力的作用下，粒子做匀速圆周运动，经过半个圆周后打在挡板MN上的A点。已知粒子的质量为m，电荷量为q，可以判断粒子带________电，OA两点间的距离为________22、如图所示，一列沿x轴上传播的简谐横波t0时刻的图线用实线表示．经过△t=0.2s时其图线用虚线表示；已知波长为5cm．

（i）若波向x轴正方向传播，最小波速是____________cm/s；

（ii）若波向x轴负方向传播，最大周期为____________s；

（iii）若波速为71cm/s，则此波向____________传播．（填“x轴正方向”或“x轴负方向”）23、阅读短文；并回答问题。

家庭热泵﹣﹣空调。

夏天来了；安装空调的家庭逐渐多了起来，如图甲是家用分体式空调的原理图，其制冷原理是室外机中的压缩机将气态的制冷剂压缩后成为高温高压的液态制冷剂，散热后液态的制冷剂经膨胀阀进入蒸发器（室内机）迅速变成气体，吸收大量的热量，从而使房间的温度迅速下降（冬天的制热工作过程与上述相反），空调在制冷运行的过程中会产生大量的冷凝水，因此空调配有排水系统。

制冷量是家庭购买空调时需要考虑的一项重要指标．它是指空调进行制冷运行时；单位时间内从密闭空间内去除的热量总和，制冷量大的空调适用于面积比较大的房间，且制冷速度较快，以15平方米的居室面积为例，使用额定制冷量在2500W左右的空调比较合适，家用空调的制冷量单位常用“匹”，1匹=2324W；

能效比是衡量空调节电效果的一项重要指标；家用空调器的能效比（EER）就是其制冷量与制冷消耗电功率之比，如图乙所示是两台不同品牌空调上的能效标识（能效标识是附在产品上的一种信息标签，用于表示耗能产品的能源效率等级等性能指标，为用户和消费者的购买决策提供必要的信息，以引导用户和消费者选择高效节能产品），如表是国家标准中关于分体式空调部分能效等级指标。

额定制冷量CC/W能效等级与对应的EER543211CC≤45002．602．803．003．203．404500＜CC≤71002．502．702．903．103．30

(1)空调制冷运行时，室内的空气湿度________（大于/小于）室外，图乙中，两空调工作时更节能的是________（A/B）；

(2)关于空调机，下列说法正确的是()。

A；家庭安装空调要铺设专线；目的是为了防止触电。

B；空调机制冷时；室外机放出的热量要大于压缩机消耗的电能。

C；空调压缩机是利用降温的方法使氟利昂发生物态变化的。

D；空调制冷时室外机中有风扇在转动；它的作用是将冷气吹向室内。

(3)某家庭空调机制冷量为1.5匹，能效比为3，在额定状态下连续工作10min，消耗的电能为________kW•h，不计热损失，理论上可以使40m2的密闭房间内的空气温度下降________℃。[取房间层高3m，空气的密度ρ=1.29kg/m3，比热容c=1.0×103J/（kg•℃）]。评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)27、某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ；步骤如下：

（1）用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如图l，由图可知其长度为L=__________mm；

（2）用螺旋测微器测量其直径如图2所示，由图可知其直径D=__________mm：

（3）该同学用多用电表测的阻值约为100Ω；现用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：

待测圆柱体电阻R；

电流表A1(量程0~4mA，内阻约50Ω）；电流表A2（量程0~30mA；内阻约30Ω）；

电压表V1（量程0~3V，内阻约10kΩ）；电压表V2(量程0~15V；内阻约25kΩ）；

直流电源E(电动势4V；内阻不计）；

滑动变阻器R1(阻值范围0~15Ω；允许通过的最大电流2.0A）；

滑动变阻器R2(阻值范围0~2kΩ；允许通过的最大电流0.5A)；

开关S；导线若干。

为使实验误差较小；要求测得多组数据进行分析，某同学设计了如图的电路，试指出三处不妥之处：

①__________________________________________________；

②__________________________________________________；

③__________________________________________________．28、某物理实验小组利用实验室提供的器材测定电压表V1的内阻；可选用的器材如下：

A．待测电压表V1：量程3V，内阻约3kΩB．电压表V2：量程15V；内阻约20kΩ

C．电流表A：量程3A，内阻约0.1ΩD．定值电阻R0：9.0kΩ

E．滑动变阻器R1：0~200ΩF．滑动变阻器R2：0~2kΩ

G．电源E：电动势约为12V；内阻忽略不计H．开关；导线若干。

⑴为了准确测量电压表V1的内阻，两位同学根据上述实验器材分别设计了如图甲和乙两个测量电路，你认为_____________（选填“甲”或“乙”）更合理，并在实物图中用笔画线代替导线将电路图补充完整_______．

⑵该实验中滑动变阻器应该选用_____（选填“R1”或“R2”）．

⑶用已知量R0和V1、V2的示数U1、U2来表示电压表V1的内阻RV1=_______．29、李明同学想要测量某个未知电阻R1,他的手边共有仪器如下:一个电阻箱R、一个滑动变阻器R0、一个灵敏电流计G、一个不计内阻的恒定电源E；开关、导线若干．他首先想到用伏安法或者电表改装知识来设计电路,但发现由于仪器缺乏无法实现．苦恼之余去寻求物理老师的帮助．老师首先给了他一道习题要求他思考:

(1)如图甲,在a、b之间搭一座“电桥”,调节四个变阻箱R1、R2、R3、R4的阻值,当G表为零时(此时也称为“电桥平衡”),4个电阻之间的关系是_____．

(2)聪明的李明马上想到了改进自己的实验,他按照以下步骤很快就测出了Rx

①按图乙接好电路,调节_____,P为滑动变阻器的滑片,当G表示数为零时,读出此时变阻箱阻值R1;

②将Rx与变阻箱R互换位置,并且控制______不动,再次调节____,直至电桥再次平衡时,读出此时变阻箱阻值R2;

③由以上数据即可得Rx的阻值,其大小为Rx=__．30、右图为“研究一定质量气体在压强不变的条件下；体积变化与温度变化关系”的实验装置示意图．粗细均匀的弯曲玻璃管A臂插入烧瓶，B臂与玻璃管C下部用橡胶管连接，C管开口向上，一定质量的气体被水银封闭于烧瓶内．开始时，B；C内的水银面等高．

（1）若气体温度升高，为使瓶内气体的压强不变，应将C管____________（填：“向上”或“向下”）移动，直至____________；

（2）实验中多次改变气体温度，用Δt表示气体升高的摄氏温度，用Δh表示B管内水银面高度的改变量．根据测量数据作出的图线是()

评卷人得分六、解答题(共2题，共6分)31、如图是一个家庭用的漏电保护器的简单原理图，它由两个主要部分组成，图中左边虚线框内是检测装置，右边虚线框内是执行装置。检测装置是一个特殊的变压器，它把即将引入室内的火线和零线并在一起绕在铁芯上作为初级（n1匝），另绕一个次级线圈（n2匝）。执行装置是一个由电磁铁控制的脱扣开关。当电磁铁的线圈中没有电流时；开关是闭合的，当电磁铁的线圈中的电流达到或超过一定值时，开关断开，切断电路，起到自动保护作用。

（1）漏电保护器的检测部分又称为“漏电流传感器”；请回答：什么是漏电流？为什么这个装置能感知漏电流的存在并能检测其是否超过某个阈值？

（2）我国规定当漏电流达到或超过30mA时，就要切断电路以保证人身的安全。至于电磁铁中的电流达到多大时脱扣开关才断开，则与使用的具体器材有关，如果本题中的脱扣开关要求电磁铁中的电流至少达到80mA才会脱扣，并且其检测装置可以看作理想变压器，那么，n1与n2的比值应等于多少？

（3）对脱扣开关的要求是：当漏电流达到一定数值时，脱扣开关即断开，从而切断电路起到保护作用，此后即使故障排除，脱扣开关也不会自己闭合，而必须用手指按一个“复位按纽”才能闭合开关而使电路重新导通。请你帮助设计一个满足要求的脱扣开关，把你设计的草图画在下面，必要时加上简单的文字说明。32、某发电机输电电路的简图如图所示，发电机的矩形线框ABCD处于磁感应强度大小为B=的水平匀强磁场中，线框面积为S=0.25m2，匝数为100匝，电阻不计．线框绕垂直于磁场的轴OO´以角速度ω=100πrad/s匀速转动，并与升压变压器的原线圈相连，升压变压器原、副线圈的匝数之比1：20，降压变压器的副线圈接入若干“220V，100W”的灯泡，两变压器间的输电线总电阻R=20Ω，变压器均为理想变压器．当发电机输出功率为时；灯泡正常发光.

(1)从线框平面与磁感线垂直时开始计时；写出线框中感应电动势随时间变化的关系式.

(2)求降压变压器原、副线圈的匝数之比.参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】

【详解】

带电粒子在磁场中做圆周运动

轨道半径为r＝

轨迹与ON相切，画出粒子的运动轨迹如图所示，由于＝2rsin30°＝r

故△AO′D为等边三角形，∠O′DA＝60°，而∠MON＝30°，则∠OCD＝90°，故CO′D为一直线＝＝2＝4r＝

故选D。

2、B【分析】【分析】

由图示电路可知R2与R3并联后与R1串联，电压表测量路端电压，由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化，由U=E-Ir可得出路端电压的变化；将R1作为内阻处理，则可得出并联部分电压的变化，求得R2中电流的变化；由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化．

【详解】

当滑片向下移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流减小，故内电压减小，因此路端电压增大，故电压表示数变大；将R1等效为内阻，则可知并联部分电压一定增大，故流过R2的电流增大，因总电流减小，故电流表示数减小，故B正确，A、C、D错误．3、C【分析】【详解】

A．过程，气体温度T不变，该过程为等温过程，气体压强p增大，所以体积V减小；单位体积内的分子数增多，A错误；

B．过程气体温度T升高；气体分子平均动能增大，B错误；

C．过程，由于延长线通过坐标原点，根据理想气体状态方程可知，该过程为等容变化，温度T减小；气体内能减小，体积不变，做功为零，根据热力学第一定律，可知气体向外界放热，C正确；

D．根据上述，过程，气体体积不变，过程，气体体积减小，可知全过程状态b的体积最小；D错误。

故选C。4、A【分析】【详解】

A．根据热力学第二定律可知；机械能可以全部转化为内能，而内能无法全部用来做功以转换成机械能，故A正确；

B．若分子间距离从平衡距离开始增大；则分子间作用力先增大后减小；若分子间距离始终小于平衡距离，则分子间作用力始终表现为斥力，则当分子间距离增大时，分子力做正功，分子势能减小，故B错误；

C．气体的压强和单位时间内气体分子对容器壁单位面积上的碰撞次数和气体分子的平均动能有关；所以若单位时间内气体分子对容器壁单位面积上的碰撞次数减少，气体的压强不一定减小，故C错误；

D．因为气体分子不是紧密排列的；所以根据阿伏伽德罗常数；气体的摩尔质量和密度，只能估算出每个气体分子所占据的平均空间体积，无法估算该种气体分子体积的大小，故D错误。

故选A。5、B【分析】提出分子电流假说并用以解释物质磁性及磁化现象的科学家是安培，故选B.6、D【分析】【详解】

由可知，电动势保持不变，则电路中电流不变，则AB错误；由安培力F=BtIL可知，电路中安培力随B的变化而变化，当B为负值时，安培力的方向为负，B为正值时，安培力为正值，故C错误，D正确；7、D【分析】【详解】

布朗运动是固体小颗粒的无规运动，故A错；分子间的引力和斥力均是随分子间距的增大而减小的，故B错；而分子势能随分子间距也不是一种直接的正向变化关系，故C错；影响内能的因素不仅有温度，还有体积，物质的量这些个因素．故D正确．8、D【分析】【详解】

A；若两个阶段物体下落的高度不同；则两个阶段重力做功不相等，故A错。

B、整个下落过程中,两个阶段的时间关系不知道,根据则不能判定第一阶段重力对运动员的冲量和第二阶段重力对运动员的冲量大小关系.故B错误;

C；第二阶段运动员受到的合力方向先向下后向上.故C错误.

D；整个下落过程中,因为初末速度都为零,所以第一、第二阶段重力对运动员的总冲量和第二阶段弹性绳弹力对运动员的冲量大小相等.所以D选项是正确的.

综上所述本题答案是：D

点睛：根据动量定理研究第一阶段重力的冲量和第二阶段弹力的冲量大小关系;整个下落过程中,因为初末速度都为零,根据动能定理,总功为零,整个过程中,重力对运动员所做的功等于运动员克服弹性绳弹力所做的功.9、A【分析】【详解】

A．若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，弹簧释放后，若A、B两物体仍静止，则A、B两物体动量守恒。若A、B两物体发生滑动，A、B两物体受到的摩擦力不同；系统所受合外力不为0，系统动量不守恒，A错误；

C．若A；B所受的摩擦力大小相等；A、B两物体构成的系统所受合外力为0，动量守恒，C正确；

BD．由于地面光滑；A；B、C组成的系统所受合外力为0，A、B、C组成的系统动量守恒。动量守恒需要系统受到的合外力为零，与系统内的内力无关，A、B、C之间的摩擦力为内力。故BD错误。

故选C。二、多选题(共6题，共12分)10、A:B【分析】【详解】

A.根据玻尔理论可知，公式中n只能取整数值；故氢光谐是线状谱，故A项与题意相符；

B.氢原子从n＝3能级跃迁到n＝2能级，该氢原子放出光子，其核外电子的轨道半径静止，由：

可知；电子动能增大，故B项与题意相符；

C.根据玻尔理论可知氢原子从n＝3能级跃迁到n＝2能级时辐射出的光子；在巴耳末系中光子中能量值最小，则波长最长，故C项与题意不相符；

D.用能量为13.0eV的光子去照射一群处于基态的氢原子，受照射后，若氢原子能吸收该光子，则新的能级为：E＝﹣13.6eV+13.0eV=0.6eV

氢原子没有该能级，所以氢原子不能吸收该光子，故D项与题意不符．11、B:C:E【分析】【详解】

A．由于单晶体在不同方向上物质微粒的排列情况不同；即为各向异性，则为单晶体具有各向异性，但并不是所有物理性质都是各向异性的，选项A正确，不符合题意；

B．液体的表面张力使液体表面具有收缩的趋势；选项B错误，符合题意；

C．气体的压强是由于大量的气体分子频繁的对器壁碰撞产生的；并不是由于气体分子间相互排斥而产生的，选项C错误，符合题意；

D．分子间同时存在引力和斥力；且这两种力同时增大，同时减小，选项D正确，不符合题意；

E．热量能自发地从温度高的物体向温度低的物体进行传递；选项E错误，符合题意；

故选BCE.12、B:D【分析】A项：第二类永动机仍然遵循能量守恒定律；所以不违反热力学第一定律，但能量的转化和转移具有一定的方向性，它违反了热力学第二定律，故A错误；

B项：因为毛细现象；是液体表面对固体表面的吸引力．毛细管插入浸润液体中，管内液面上升，高于管外，毛细管插入不浸润液体中，管内液体下降，低于管外的现象，故B正确；

C项：对不同物体来说；内能大小还与物体的质量有关，温度高的物体具有的内能不一定比温度低的物体具有的内能多，故C错误；

D项：因液体分子表面层分子分布比内部稀疏；故分子间作用力表现为引力，液体表面有收缩趋势，故D正确．

点晴：内能是指物体内所有做无规则运动的分子的动能和分子势能的总和．内能的大小跟物体的温度和物体的质量大小有关．同一物体温度升高，物体的内能增大；对不同物体来说，内能大小还与物体的质量有关．13、A:B:D【分析】【详解】

A．在毛细现象中；毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关，选项A正确；

B．脱脂棉脱脂的目的在于使它从不被水浸润变为可以被水浸润；以便吸取药液，选项B正确；

C．烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面；熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明云母片的物理性质各向异性，云母片是单晶体，选项C错误；

D．在空间站完全失重的环境下；水滴能收缩成标准的球形是因为液体表面张力的作用，选项D正确；

E．在一定温度条件下，空气的相对湿度越大，水蒸发越慢，人就感到越潮湿，故当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定较大，但绝对湿度不一定大，故E错误；14、A:B:E【分析】【详解】

A．过程ab中气体的体积不变；没有做功；温度升高，内能增大，所以气体一定吸热，故A正确；

B．a到b过程根据题图，由理想气体的状态方程可知

所以

同理

解得

所以

故B正确；

C．由于理想气体分子之间的作用力可以忽略不计，所以过程bc中分子势能不变；故C错误；

D．温度是分子平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，对单个的分子没有意义，所以过程bc中气体的温度降低；分子的平均动能减小，并不是每一个分子的速率都减小，故D错误；

E．过程ca中气体等温膨胀；内能不变，对外做功，根据热力学第一定律可知，气体吸收的热量等于对外做的功，故E正确。

故选ABE。15、C:D【分析】【详解】

振子开始运动的方向先向左，再向M点运动；运动路线如图1所示：

得到振动的周期为：振子第三次通过M点需要经过的时间为t=T-2s=若振子开始运动的方向向右直接向M点运动，如图2，振动的周期为：振子第三次通过M点需要经过的时间为t=T-2s=14s；所以CD正确，AB错误。三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【详解】

根据光路图可知，a光的偏折程度较大，可知a光的折射率较大，即

由公式可知，a光在水滴中传播的速度较小，即．【解析】><17、略

【分析】【详解】

[1]气体从状态A变化到状态B；发生的是等容变化，气体对外不做功，但温度降低，内能减少，根据热力学第一定律可知气体放出热量。

[2]从B变化到C过程，气体发生的是等压膨胀，气体对外做功，同时温度升高，内能增大，根据热力学第一定律可知，气体一定吸收热量。【解析】放出吸收18、略

【分析】【详解】

[1]气体的分子平均动能和温度有关，温度越高气体的分子平均动能越大。从到过程中；温度降低，所以气体的分子平均动能变小。

[2]从到的过程压强不变；温度升高，则内能增加，同时体积增大，气体膨胀对外做功，因此气体要吸热，不可能为绝热过程。

[3]从到的过程中温度不变，压强降低，可知体积增大，则气体的密度变小。【解析】变小不可能变小19、略

【分析】【详解】

[1][2]依据电表的改装的特点，需串联一个电阻分压，依据欧姆定律【解析】串联20、略

【分析】【详解】

当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图2读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=1.5V，由图读出其电流I2=I3=0.20A，则I1=1.25I2，灯泡L2、L3的功率均为P=UI=1.5V×0.20A=0.30W；【解析】12Ω0.30W21、略

【分析】【分析】

带电粒子在加速电场中电场力做功等于粒子动能的增加量；由动能定理可以求得粒子进入磁场时的速度v；带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，在磁场中运动半个圆周后打在A点，根据左手定则判断粒子的电性；洛伦兹力提供向心力；O；A两点间的距离是圆的直径．

【详解】

带电粒子在加速电场中加速，在磁场中向上偏转，根据左手定则可知，粒子带负电；由动能定理得：qU=mv2-0；

粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m解得：

O、A两点间的距离：x=2r=

【点睛】

本题考查了粒子在电场与磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程是解题的关键，应用动能定理与牛顿第二定律可以解题．【解析】负22、略

【分析】【详解】

根据题意，波速周期T=

（i）若波向x轴正方向传播，最小波速是4cm/s（n=0；式子取“+”号）

（ii）若波向x轴负方向传播，最大周期为s（n=1；式子取“-”号）

（iii）若波速为71cm/s，对应n=3，且式子取“-”号，说明波向x轴负方向传播．【解析】4x轴负方向23、略

【分析】【详解】

（1）[1]空调制冷运行时；室内的水蒸气遇到温度低的蒸发器会发生液化现象，凝结成小水滴排出室外，室内的空气湿度小于室外；

[2]根据能效等级做出分析；图乙中，两空调工作时更节能的是A；

（2）[3]A．由公式

知U一定，使用大功率用电器空调时，电路中电流I过大；可能会引起火灾或跳闸等事故，铺设了专线，可以防止这种危害，故A错误；

B．空调机制冷时，消耗的电能W，室外机放出的热量包括从房间里取出一部分热量Q和消耗的电能W，释放到大气热量中的热量为Q+W；所以室外机放出的热量要大于压缩机消耗的电能，故B正确；

C．氟利昂在空调内部的蒸发器里面汽化；汽化要吸热，使空调蒸发器的温度降低，室内的水蒸气遇到温度低的蒸发器会发生液化现象，空调压缩机是利用氟利昂发生物态变化方法降温的，故C错误；

D．空调制冷时室外机中有风扇在转动；它的作用是将热气吹向室外，故D错误。

故选A；

（3）[4]已知制冷量

因为效能比

所以制冷量

在t=10min=600s内消耗的电能

[5]制冷量

空气质量

根据

可得【解析】小于AB0.1913.5四、作图题(共3题，共12分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】25、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共40分)27、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）长度为L=5cm+0.05mm×3=50.15mm；

（2）直径D=4.5mm+0.01mm×20.0=4.700mm