2025年浙科版必修2物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙科版必修2物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、最近推出一款电动共享单车很受市民欢迎。一位市民仅靠电机驱动骑着该电动单车以恒定功率从静止启动，电动车能够达到的最大速度为v。已知电动单车所受的阻力是人和车总重力的重力加速度g取10m/s2，则当车速为时人和车的瞬时加速度为（）

A.1m/s2B.3m/s2C.4m/s2D.5m/s22、某物理老师用圆规在黑板上画圆，已知圆规脚之间的距离是25cm，该老师使圆规脚之间保持这个距离不变，用粉笔在黑板上匀速率地画了一个圆，粉笔的线速度是2.5m/s。关于粉笔的运动，有下列说法：①角速度是0.1rad/s；②角速度是10rad/s；③周期是10s；④周期是0.628s；⑤转速小于2r/s；⑥转速大于2r/s。下列选项中的结果全部正确的是（）A.①③⑤B.②④⑥C.②④⑤D.①③⑥3、我国发射了各种用途的人造卫星，若这些卫星均绕地球做匀速圆周运动，地球半径为R，卫星的线速度为v，角速度为向心加速度为a，运行周期为T，运行轨道半径为r，则下列关系图象不正确的是（）A.B.C.D.4、如图所示，弧AB是2022年冬奥会上某花样滑冰运动员入场时的运动轨迹，该运动员在位置a、b、c、d时速度方向和合外力方向的标注均正确的是（）

A.位置aB.位置bC.位置cD.位置d5、做自由落体运动的物体，在下落过程中若受到水平风力的影响，下列说法正确的是（）A.风力越大，物体下落的时间越长B.风力越大，物体下落的时间越短C.风力越大，物体着地的速度越大D.物体下落的时间和着地速度与风力大小无关6、2022年2月15日，苏翊鸣在北京冬奥会单板滑雪男子大跳台比赛中夺得冠军，成为首位赢得冬奥会单板滑雪金牌的中国运动员。大跳台主要由助滑道，起跳台和着陆坡组成，如图所示，运动员在助滑道下滑后在起跳台起跳，在空中做抛体运动后落在着陆坡上。某次比赛苏翊鸣在距离起跳点34m高处从静止下滑，在空中最高点时距起跳点12.8m，在空中飞跃的总时间为4s，已知起跳台斜面倾角为37°，苏翊鸣的质量为70kg，不考虑空气阻力，g取10m/s2；以下说法正确的是（）

A.起跳速度为16m/sB.在最高点速度为0C.下滑过程机械能守恒D.从下滑到着陆重力做功35000J7、从地面竖直上抛一质量为0.4Kg的小球，若不计空气阻力，小球经4s落回地面，则抛出时人对球做的功为A.80JB.160JC.40JD.120J评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图所示，长度为l的轻杆上端连着一质量为m的小球A（可视为质点），杆的下端用铰链固接于水平面上的O点。置于同一水平面上的立方体B恰与A接触，立方体B的质量为M。今有微小扰动，使杆向右倾倒，各处摩擦均不计，而A与B刚脱离接触的瞬间，杆与地面夹角恰为重力加速度为g；则下列说法正确的是（）

A.A与B刚脱离接触的瞬间，A、B速度之比为2：1B.A与B刚脱离接触的瞬间，B的速率为C.此时杆对A的弹力为零D.A、B质量之比为1：49、以下说法正确的是（）A.经典力学理论普遍适用，大到天体，小到微观粒子B.相对论与量子力学并没有否定经典力学理论C.在经典力学中，物体的质量随运动状态而改变D.经典力学理论具有一定的局限性10、爱因斯坦的相对论时空观告知我们：我们在静止地面看到某物体长度L和运动所间隔的时间t，比较相对地面很大速度v的参考系中对应的该物体的长度和间隔的时间来说（）A.在静止地面物体长度偏大B.在静止地面物体长度偏小C.在地面物体运动所间隔的时间t偏大D.在地面物体运动所间隔的时间t偏小11、2019年3月10日，长征三号乙运载火箭将“中星”通信卫星（记为卫星Ⅰ）送入地球同步轨道上，主要为我国、东南亚、澳洲和南太平洋岛国等地区提供通信与广播业务。在同平面内的圆轨道上有一颗中轨道卫星II，它运动的每个周期内都有一段时间（未知）无法直接接收到卫星I发出的电磁波信号，因为其轨道上总有一段区域没有被卫星I发出的电磁波信号覆盖到，这段区域对应的圆心角为已知卫星I对地球的张角为地球自转周期为万有引力常量为则根据题中条件，可求出（）

A.地球的平均密度为B.卫星I、II的角速度之比为C.卫星II的周期为D.题中时间为12、质量为m的小球由轻绳a、b分别系于轻质木架上的A和C点，绳长分别为la、lb（且la≠lb），如图，当轻杆绕轴BC以角速度ω匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，绳a沿竖直方向，绳b沿水平方向，当球运动到图示位置时，绳b被烧断的同时杆停止转动，重力加速度为g；下列说法中错误的是（）

A.小球仍在水平面内做匀速圆周运动B.在绳b被烧断瞬间，绳a中张力突然增大到mg+mω2laC.无论角速度ω多大，小球都不可能再做完整的圆周运动D.绳b未被烧断时，绳a上的拉力等于mg，绳b上的拉力为mω2lb13、2020年6月23日，我国在西昌卫星发射中心成功发射北斗系统第55颗导航卫星，至此北斗全球卫星导航系统星座部署全面完成。北斗导航系统第41颗卫星为地球同步轨道卫星，第49颗卫星为倾斜地球同步轨道卫星，它们的轨道半径约为4.2×107m，运行周期都等于地球的自转周期24h。倾斜地球同步轨道平面与地球赤道平面成一定夹角，如图所示。已知引力常量G=6.67×10-11Nm2/kg2；下列说法正确的是（）

A.根据题目数据可估算出地球的质量B.同步轨道卫星可能经过北京上空C.倾斜地球同步轨道卫星一天2次经过赤道正上方同一位置D.倾斜地球同步轨道卫星的运行速度大于第一宇宙速度14、2021年6月17日18时48分，航天员聂海胜、刘伯明、汤洪波先后进入天和核心舱，标志着中国人首次进入自己的空间站。已知天和空间站离地面高度约为400km，同步卫星距地面高度约为36000km，下列关于天和空间站的说法正确的是（）A.线速度大于7.9km/sB.角速度小于同步卫星的角速度C.周期小于同步卫星的周期D.加速度小于地球表面的重力加速度15、如图所示，质量为m的光滑大圆环用细轻杆固定在竖直平面内，两个质量均为的小环（可视为质点）套在大圆环上，将两个小环同时从大圆环的最高点a由静止释放，两小环分别沿大圆环两侧下滑。已知重力加速度为g，从两小环开始下滑到运动至大圆环最低点c的过程中；下列说法正确的是（）

A.小环从a运动到b的过程中，大圆环对小环的弹力始终指向大圆环的圆心B.小环运动到b点时，大圆环与小环间的作用力一定不为零C.大圆环对轻杆的作用力可能为零D.大圆环对轻杆作用力的最大值为21mg16、如图所示，电梯与水平地面成θ角，一人站在电梯上，电梯从静止开始匀加速上升，到达一定速度后再匀速上升，若以N表示水平梯板对人的支持力，G为人受到的重力，f为电梯对人的静摩擦力，下列结论正确的是（）

A.加速过程中f对人做负功B.加速过程N对人做的功大于G对人做的功C.匀速过程中G对人做负功D.匀速过程中N对人不做功评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、如图所示，一个水平匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴匀速转动，角速度是4rad/s，盘面上离转轴距离0.1m处有一质量为0.1kg的小物体能随盘一起转动．则小物体做匀速圆周运动时所受向心力的大小为_____N．若小物体与盘面间的动摩擦因数为0.64（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），要使小物体与圆盘始终保持相对静止．则转盘转动的角速度ω的最大值是_____rad/s（g取10m/s2）

18、狭义相对论的两个基本假设：

光速不变原理：真空中的光速在不同的惯性参考系中都是______的。

狭义相对性原理：在不同的惯性参考系中，一切______都是相同的。

相对论时空观：

“同时”的相对性。

长度的相对性：______

时间间隔的相对性：______

相对论的时空观：时间和空间的量。

度与物质的运动______

狭义相对论的其他结论：

相对论速度变换公式：______

相对论质量：______

质能方程：______

广义相对论：

（1）两个基本原理：

广义相对性原理：在任何参考系中，物理规律都是______的。

等效原理：一个均匀的引力场与一个做匀加速运动的参考系______

（2）广义相对论的几个结论：

物体的引力使光线______

引力红移19、曲线运动的速度方向：

（1）质点在某一点的速度方向；沿曲线在这一点的______；

（2）在曲线运动中，速度的______是变化的，所以曲线运动是______运动。20、作用：改变速度的__________21、引力常量。

牛顿得出了万有引力与物体质量及它们之间距离的关系，但没有测出引力常量G的值。

英国物理学家_______通过实验推算出引力常量G的值。通常情况下取G=________N·m2/kg2。22、质量为2kg的物体，放在动摩擦因数的水平地面上，在水平拉力F的作用下，由静止开始运动，拉力做功的W和物体位移s之间的关系如图所示，则在0～1m内水平拉力F=______N，在0～3m过程中拉力的最大功率为P=______W。（m/s2）

23、公路上的拱形桥是常见的，汽车过桥时的运动可以看作圆周运动，如图所示．设桥面的圆弧半径为R,重力加速度为g,质量为m的汽车在拱形桥上以速度v通过桥的最高点时，车对桥的压力刚好为零，则车速v大小为____________．

24、A、B两艘快艇在湖面上做匀速圆周运动，已知它们的轨迹半径之比为2∶1，在相同时间内运动方向改变的角度之比为3∶2，它们的向心加速度之比为____。评卷人得分四、作图题(共4题，共40分)25、如图所示，在一内壁光滑环状管道位于竖直面内，其管道口径很小，环半径为R（比管道的口径大得多）。一小球直径略小于管道口径，可视为质点。此时小球滑到达管道的顶端，速度大小为重力加速度为g。请作出小球的受力示意图。

26、图甲为抛出的石子在空中运动的部分轨迹，图乙是水平面上一小钢球在磁铁作用下的部分运动轨迹．请画出物体在A、B、C、D四点的受力方向和速度方向．（不计空气阻力）

27、一个物体在光滑水平面上运动，其速度方向如图中的v所示。从A点开始，它受到向前但偏右（观察者沿着物体前进的方向看，下同）的合力。到达B点时，这个合力的方向突然变得与前进方向相同。达到C点时，合力的方向又突然改为向前但偏左。物体最终到达D点。请你大致画出物体由A至D的运动轨迹，并标出B点、C点和D点。

28、在图的实验中，假设从某时刻（）开始，红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是10与此同时，玻璃管向右沿水平方向匀加速平移，每1s内的位移依次是4122028在图所示的坐标系中，y表示蜡块在竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，时蜡块位于坐标原点。请在图中标出t等于1s；2s、3s、4s时蜡块的位置；并用平滑曲线描绘蜡块的轨迹。

评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)29、如图是向心力演示仪的示意图，转动手柄1，可使变速塔轮2和3以及长槽4和短槽5随之匀速转动，槽内的小球就做匀速圆周运动。皮带分别套在塔轮2和3上的不同圆盘上，可改变两个塔轮的转速比，以探究物体做圆周运动向心力大小的影响因素。现将小球A和B分别放在两边的槽内，如图所示。要探究向心力与角速度的关系，应保证两球的质量和运动半径相同，使两球的角速度_______（选填“相同”或“不同”）。某次实验皮带套的两个塔轮的半径分别为=2：1；则A、B两球的角速度之比为_________。

30、某同学在做“研究平抛物体的运动”的实验时得到了如下图所示物体的运动轨迹，a、b、c三点的位置在运动轨迹上已标出（g取10m/s2）；则：

（1）实验前应对实验装置反复调节，直到斜槽末端切线_________，每次让小球从同一位置由静止释放，是为了每次平抛___________；

（2）由图可知小球由a到b的时间与由b到c时间相等，则相等的时间间隔t=___________s，小球平抛的初速度v0=___________m/s；

（3）小球开始做平抛运动的位置坐标x=___________cm，y=___________cm。31、利用水平旋转平台验证向心力与质量、角速度、半径的定量关系，选取光滑水平平台MN，如图甲所示，平台可以绕竖直转轴转动，M端固定的压力传感器可以测出物体对其压力的大小，N端有一宽度为d的遮光条；光电门可以测出每一次遮光条通过时的遮光时间。

实验过程如下：

a.用游标卡尺测出遮光条的宽度；如图乙所示；

b.用天平测出小物块质量为m；

c.测出遮光条到转轴间的距离为L；

d.将小物块放置在水平平台上且靠近压力传感器，测出小物块中心位置到转轴间的距离为R；

e.使平台绕转轴做不同角速度的匀速转动；

f.通过压力传感器得到不同角速度时，小物块对传感器的压力F和遮光条通过光电门的时间t；

g.在保持m、R不变的前提下，得到不同角速度下压力F与的图像如图丙所示，其图线斜率为k。

请回答下列问题：

（1）遮光条宽度d=______cm。

（2）当遮光条通过光电门的时间为t0时，平台转动的角速度=______（用相应的字母符号表示）。

（3）验证小物块受到的向心力与质量、角速度、半径间的定量关系时，则图线斜率应满足k=______（用m、d、R、L等物理量符号表示）。32、如图，在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m＝1kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列点，选取一条符合实验要求的纸带如右图所示。O为第一个点，A、B、C为从合适位置开始选取的三个连续点（其他点未画出）。已知打点计时器每隔0.02s打一个点（当地重力加速度g取9.8m/s2；所有结果均保留三位有效数字）

（1）根据图中所得的数据，应取图中O点到________点来验证机械能守恒定律；

（2）从O点到第（1）问中所取的点，重物重力势能的减少量________J，动能增加量________J。（结果保留三位有效数字）

（3）某同学通过对多个点进行测量、分析（图中其他点未显示），均可到类似于上述效果，最后可得实验结论：___________________________________。评卷人得分六、解答题(共4题，共20分)33、如图所示，甲、乙两物体自同一水平线上同时开始运动，甲沿顺时针方向做匀速圆周运动，圆周半径为R；乙做自由落体运动，当乙下落至A点时，甲恰好第一次运动到最高点B，求甲物体做匀速圆周运动的向心加速度的大小。（重力加速度为g）

34、如图所示为自动卸货矿车的示意图。缓冲弹簧下端固定在斜面轨道底端，上端连接轻质装置P，P静置于B点。矿车从斜面轨道上A处由静止开始下滑，撞击P后与P一起压缩弹簧，当矿车速度减为零时装置P自动锁定，卸下全部货物后，装置P解除锁定，矿车借助弹簧的弹力作用，恰能返回到A点。已知斜面轨道的倾角θ=37°，轨道A、B间的距离L=99.5m，矿车在轨道A、B间运动时受到的阻力为矿车重力的0.4倍，缓冲弹簧的劲度系数k=4.0×105N/m，允许的最大压缩量为xm=0.5m，弹簧弹性势能表达式为重力加速度大小g取10m/s2；sin37°=0.6。

（1）试估算矿车从A处开始下滑到速度减为零时所需要的时间t（误差不超过0.1s）；

（2）求矿车将斜面轨道A处旁边质量为M0=2t的货物从A处运送至C处，需要运送的最少次数n。

35、如图所示，从A点以的水平速度抛出一质量的小物块（可视为质点），当物块运动至B点时，恰好沿切线方向进入固定在地面上的半径光滑圆弧轨道BC，其中轨道C端切线水平，随后小物块滑上静止在粗糙水平面的长木板M上。已知长木板的质量最物块与长木板之间的动摩擦因数长木板与地面间的动摩擦因数半径OB与竖直半径OC间的夹角取求：

（1）小物块运动至B点时的速度大小。

（2）小物块运动至C点时的速度大小。

（3）若小物块恰好不滑出长木板；自小物块滑上长木板起，到它们最终都停下来的过程中，小物块与长木板之间的摩擦力做功的代数和。

36、如图所示，倾角θ＝37°的光滑且足够长的斜面固定在水平面上，在斜面顶端固定一个大小和质量均不计的光滑定滑轮D，质量均为m＝1kg的物体A和B用一劲度系数k＝120N/m的轻弹簧连接，物体B被位于斜面底端且垂直于斜面的挡板P挡住。用一不可伸长的轻绳使物体A跨过定滑轮与小环C连接，轻弹簧轴线和定滑轮右侧的绳均与斜面平行，小环C穿在竖直固定的光滑均匀细杆上。当环C位于Q处时整个系统静止，此时绳与细杆的夹角α＝53°，且物体B对挡板P的压力恰好为零。已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2。

（1）求小环C的质量M；

（2）现让环C从位置R由静止释放，位置R与位置Q关于位置S对称，图中SD水平且长度为d＝0.4m；求：

①小环C运动到位置Q的速率v；

②小环C从位置R运动到位置S的过程中轻绳对环做的功W。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

由功率公式P=Fv，由于电动单车以恒定功率启动，所以单车牵引力大小等于阻力时，单车速度最大，设人和车总质量为M，所以可以得到单车启动功率为车速为时，可得单车的牵引力为Mg，由牛顿第二定律得F牵−F阻=Ma

代入数据解得a=3m/s2

故选B。2、C【分析】【分析】

【详解】

由题意可得

周期为

转速

综上可得C正确；ABD错误。

故选C。3、A【分析】【详解】

A．根据万有引力提供向心力

解得

可知

故A不正确；符合题意；

B．根据万有引力提供向心力

解得

可知

故B正确；不符合题意；

C．根据万有引力提供向心力

解得

可知

故C正确；不符合题意；

D．根据万有引力提供向心力

解得

可知

故D正确；不符合题意。

故选A。4、D【分析】【详解】

做曲线运动的物体；其某点速度方向为曲线上该点的切线方向，合外力指向轨迹的凹侧，故ABC错误，D正确。

故选D。5、C【分析】【详解】

AB．由于风力在水平方向，故运动员在竖直方向自由下落，由

可知运动员下落时间与水平风力无关；故AB错误；

CD．由

可知运动员着地的竖直分速度不变；风力越大，水平加速度越大，由

可知着地时的水平分速度越大；则落地时的合速度为就越大，故C正确，D错误。

故选C。6、D【分析】【详解】

C．下滑过程中需要克服阻力做功；所以机械能不守恒，故C错误；

B．运动员从起跳台跳出后做斜上抛运动，有

解得

所以运动员在最高点的速度为故B错误；

A．起跳速度为

故A错误；

D．运动员从起跳台起跳到着陆竖直方向的位移为

所以从下滑到着陆重力做功为

故D正确。

故选D。7、A【分析】【分析】

【详解】

由竖直上抛运动的对称性可知，物体上升时间为2s，抛出时速度大小为

人做的功等于物体动能增量

故选A。二、多选题(共9题，共18分)8、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．刚脱离接触的瞬间，A的实际速度方向垂直于杆向下，水平方向的分速度与B速度相等

A正确。

B．根据牛顿第二定律

解得

又因为

可知

B错误。

C．分离时；小球只受重力，弹力为零，C正确。

D．根据A与B脱离之前机械能守恒可知

解得

D正确。

故选ACD。9、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．经典力学理论适应于宏观物体；不适应微观粒子，故A错误；

B．相对论并没有否定经典力学；而是在其基础上发展起来的，有各自成立范围，故B正确；

C．在相对论中；物体的质量随运动状态而改变，在经典力学中，物体的质量与运动状态无关，故C错误；

D．经典力学理论具有一定的局限性；对高速微观粒子不适用，故D正确。

故选BD。10、A:C【分析】【详解】

静止地面看到某物体长度L

静止地面运动所间隔的时间t

静止地面的物体速度小，长度偏大，地面物体运动所间隔的时间t偏大。

故选AC。11、A:C【分析】【详解】

A．设卫星Ⅰ的轨道半径分别为R1，因卫星Ⅰ为同步卫星，则有

其中

且有

其中R为地球的半径，联立解得

故A正确；

B．设卫星Ⅰ、Ⅱ的角速度分别为和如图所示。

在三角形AOB中，有

即

根据

可得

故有

联立以上各式，有

故B错误；

C．根据

可得

因卫星Ⅰ为同步卫星，则其周期为T0，设卫星Ⅱ的周期为T2，则有

整理得

故C正确；

D．若卫星Ⅰ和卫星Ⅱ均不运动，卫星Ⅱ对应为圆心角为2α，则有

但卫星之间是有相对运动的，所以时间不可能为故D错误。

故选AC。12、A:B:C【分析】【详解】

D．绳子断开前，小球做匀速圆周运动，合力指向C点，对小球受力分析，受重力G，a绳子的拉力F1，b绳子的拉力F2，根据牛顿第二定律和平衡条件有F1=mgF2=mω2lb

小球的线速度为v=ωlb

故D正确；

AC．绳子断开后，杆停止转动，由于惯性，小球将绕A点转动，若速度较小，小球将在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动，若速度较大，也有可能在垂直于平面ABC的竖直平面内绕A点做完整的圆周运动；故AC错误；

B．在最低点时Fa-mg=m

解得Fa=mg+m＞F1

则a绳中张力突然增大到mg+m故B错误。

本题选错误的，故选ABC。13、A:C【分析】【详解】

A．根据

可得

可估算出地球的质量。A正确；

B．由于地球同步卫星相对地面静止；因此一定自西向东运动，且轨道的圆心一定在地心上，故同步卫星一定在地球赤道的正上方，不可能运动到北京的正上方，B错误；

C．倾斜同步卫星若某时刻经过赤道正上方某位置；经过半个周期，恰好地球也转了半个周期，因此又会经过赤道上方的同一位置，C正确；

D．根据

可得

由于轨道半径越大；运动速度越小，第一宇宙速度是贴近地球表面运动的卫星的速度，同步卫星的运动速度小于第一宇宙速度，D错误。

故选AC。14、C:D【分析】【详解】

A．空间站围绕地球做匀速圆周运动，由万有引力充当向心力

解得

因为空间站的轨道半径大于地球半径；所以空间站的线速度小于第一宇宙速度7.9km/s，A错误；

B．空间站围绕地球做匀速圆周运动，由万有引力充当向心力

解得

因为空间站的半径小于同步卫星轨道半径；所以空间站的角速度大于同步卫星角速度，B错误；

C．空间站围绕地球做匀速圆周运动，由万有引力充当向心力

解得

因为空间站的半径小于同步卫星轨道半径；所以空间站的周期小于同步卫星周期，C正确；

D．空间站围绕地球做匀速圆周运动，由万有引力充当向心力

解得

在地球表面上的物体，万有引力等于重力，则有

解得

因空间站的半径大于地球半径，故D正确。

故选CD。15、B:C:D【分析】【详解】

A．由弹力方向可知，小环从a运动到b的过程中，运动到图示位置P点。

设大圆环半径为R，小环与圆心的连线与竖直方向的夹角为对小环由动能定理可得

如果小环与大环恰好无弹力，重力的分力提供向心力，则

解得

在该点上方大圆环对小环的弹力方向背离大圆环圆心；在该点下方大圆环对小环的弹力方向指向大圆环的圆心，故A错误；

B．小环运动到b点时；大圆环对小环的弹力提供小环的向心力，大圆环与小环间的作用力一定不为零，故B正确；

C．当小环运动到P点下面b点上面的Q点时，OQ与竖直方向的夹角为大环对小环的弹力为F，则由动能定理

由牛顿第二定律得

由牛顿第三定律可知小环对大环的弹力大小为

当时，大圆环对轻杆的作用力恰好为零，解得或

所以大圆环对轻杆的作用力可能为零；故C正确；

D．当其中一个小环到大圆环最低点时，由动能定理得

由牛顿第二定律可得

解得

小环到大圆环最低点时，大环对小环的作用力最大；由牛顿第三定律可知小环对大环向下的作用力最大，所以大圆环对轻杆作用力的最大值为

故D正确。

故选BCD。16、B:C【分析】【详解】

A、加速过程中，人的加速度斜向上，将加速度分解到水平和竖直方向得：方向水平向右；方向竖直向上；水平方向受静摩擦力作用水平向右，在摩擦力方向上有位移，故摩擦力做正功，故A错误；

B；加速阶段；竖直方向上有向上的位移，支持力做正功，竖直方向上有向上的加速度，N对人力大于G，加速过程N对人做的功大于G对人做的功，故B正确；

CD；匀速过程中；人受力平衡，水平方向不受摩擦力，但在竖直方向上有位移，所以重力做负功，支持力做正功，故D错误，C正确；

故选BC．

【点睛】匀速过程中．人受力平衡．水平方向不受摩擦力．加速过程中，人的加速度斜向上，将加速度分解到水平和竖直方向，根据牛顿第二定律即可求解，力是否做功根据做功条件判断．三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】【详解】

小物体所受的向心力为：

根据最大静摩擦力提供向心力有：μmg=mrωm2

解得：．【解析】0.16N818、略

【分析】【分析】

本题是对相对论一章基本结论的记忆性考查；熟记结论即可。

【详解】

略【解析】相同物理规律有关相同等价弯曲19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】切线方向20、略

【分析】【详解】

略【解析】方向21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】卡文迪什6.67×10-1122、略

【分析】【详解】

[1]由拉力做功的W和物体位移s之间的关系图象，结合公式

可知；斜率表示物体受到的拉力的大小，0～1m物体受到的拉力为20N。

[2]对于0～1m过程，根据动能定理，有

解得

根据速度位移公式，有

解得

即物体位移为0.5m时加速度的大小为

对物体受力分析，物体受到的摩擦力为

由于斜率表示物体受到的拉力的大小；1～3m物体受到的拉力为10N。

故物体在前一阶段做匀加速运动，后一阶段受力平衡，物体匀速运动，故物体在前一阶段拉力为20N时，物体加速运动，当速度最大时，拉力功率最大，即【解析】2063.223、略

【分析】【详解】

[1]通过桥的最高点时，车对桥的压力刚好为零，重力提供向心力，所以

解得：【解析】24、略

【分析】【详解】

因为相同时间内运动方向改变的角度之比为3:2，则角速度之比为3:2，根据a=rω2得，向心加速度之比为【解析】9:2四、作图题(共4题，共40分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

小球滑到达管道的顶端，设小球受重力和管道的作用力，则

由于

所以

说明小球在管道最高点不受管道的作用力；仅受重力作用，故小球的受力示意图为。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

各点受力方向和速度方向如图所示。

【解析】27、略

【分析】【详解】

从位置A开始，它受到向前但偏右（观察者沿着物体前进方向看，下同）的合力，运动的轨迹位于F与v之间，做曲线运动；到达B时，这个合力的方向突然变得与前进方向相同，所以受力的方向与速度的方向相同，做直线运动；达到C时，又突然改为向前但偏左的力，物体的轨迹向下向右发生偏转，最后到达D点；其轨迹大致如图。

【解析】28、略

【分析】【详解】

玻璃管向右沿水平方向匀加速平移；每19内的位移依次是4cm；12cm、20cm、28cm；则1s末的坐标为(4cm，10cm)，2s末的坐标为(16cm，20cm)，3s未的坐标为(36cm，30cm)，4s末的坐标为(64cm，40cm)，根据描点法作出图象如图所示：

【解析】见解析五、实验题(共4题，共8分)29、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]要探究向心力与角速度的关系；应保证两球的质量和运动半径相同，使两球的角速度不同。

[2]某次实验皮带套的两个塔轮的半径分别为=2：1，由于通过皮带传动的两轮边缘线速度大小相等，由可知，A、B两球的角速度之比为1：2。【解析】不同1：230、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]由于研究平抛运动；因此斜槽末端一定调整到水平。

[2]从同一位置由静止释放；是为了保证小球抛出时初速度相同。

（2）[3]由于ab和bc水平距离相等；因此时间间隔相等，竖直方向上，根据。

Dy=gT2可得相邻两点间的时间间隔。

T=0.1s[4]在水平方向有。

vx==m/s=2m/s（3）[6]b点的竖直分速度。

vb==m/s=1.5m/s在竖直方向小球做自由落体运动有。

vb2=2gh代入数据有。

h=0.1125m则小球开始做平抛运动的位置坐标y=-1.25cm。

[5]由[6]可知小球运动的时间有。

vb=gt计算出。

t=0.15s则在水平方向运动的距离。

x=vxt=0.30m则小球开始做平抛运动的位置坐标x=-10cm。【解析】水平初速度相同0.12-10-1.2531、略

【分析】【详解】

（1）[1]游标卡尺读数

（2）[2]时间为时，平台转动角速度

（3）[3]由牛顿第二定律

在图像中是过原点的直线，则斜率【解析】0.24632、略

【分析】【详解】

（1）验证机械能守恒时，我们验证的是减少的重力势能△Ep=mgh和增加的动能之间的关系，所以我们要选择能够测h和v的数据．故选B点；

（2）到B点重物减少的重力势能△EP=mgh