2025年粤教沪科版高三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版高三物理下册月考试卷998考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示的电路，闭合开关S后，a盏灯能发光，电源电动势E恒定且内阻r不可忽略．现将变阻器R的滑片稍向上滑动一些，a盏灯亮度变化的情况是（）A.a灯变亮B.a灯变暗C.a灯亮度没有变化D.以上答案都错2、在以下的电磁波中，频率由小到大排列正确的是（）A.γ射线、x射线、红外线、无线电波B.可见光、无线电波、紫外线、x射线C.无线电波、红外线、紫外线、可见光D.无线电波、红外线、可见光、紫外线3、如图所示，A，B两容器容积相同，用细长直导管相连，二者均封入压强为P，温度为T的一定质量的理想气体，现使A内气体温度升温至T′，B内气体温度保持不变，设稳定后A容器的压强为P′，则（）A.B.P′=PC.P′=PD.4、下列描述的情况是处于平衡状态的是（）A.在跑道上加速跑的运动员B.沿光滑斜面下滑的物体C.在平直路面上匀速行驶的汽车D.做自由落体运动的物体在刚开始下落的一瞬间5、下列关于质点的说法，正确的是（）A.只有小的物体才能看作质点B.因为质点没有大小，所以与几何中的点是一样的C.任何物体，在一定条件下都可以看作质点D.任何物体，在任何条件下都可以看作质点6、人造地球卫星做匀速圆周运动，假如卫星的线速度变为原来的2倍，卫星仍然做匀速圆周运动，则（）A.卫星的轨道半径增加到原来的4倍B.卫星的向心加速度减小到原来的C.卫星的角速度增加到原来的2倍D.卫星的周期减小到原来的7、从距离地面不同高度处分别水平抛出小石子，不计空气阻力，则（）A.抛出速度越大的石子，在空中飞行的时间越长B.抛出点高度越大的石子，在空中飞行的时间越长C.抛出速度越大的石子，水平位移越大D.抛出点高度越大的石子，水平位移越大评卷人得分二、双选题(共7题，共14分)8、【题文】水平桌面上有甲；乙、丙三个完全相同的容器；装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是。

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C9、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}四种元素均位于不同主族。rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}rm{X}单质可作半导体材料；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸。下列说法中正确的是A.原子半径：rm{X<Y}B.最简单氢化物的稳定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的简单离子与rm{Z}的简单离子具有相同的电子层结构D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在离子键和极性键10、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是()rm{垄脵(}三碟烯rm{)}rm{垄脷(}扭曲烷rm{)}rm{垄脹(}富勒烯rm{)}rm{垄脺(}金刚烷rm{)}A.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃B.rm{垄脵垄脹}均能发生加成反应C.rm{垄脵垄脺}互为同分异构体D.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}的一氯代物均只有一种11、常温下，用rm{0.1000mol/L}的盐酸滴定rm{20.00mL}未知浓度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}与所加盐酸的体积关系如图所示。下列有关叙述正确的是A.rm{a}点溶液呈碱性的原因用离子方程式表示为：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}点处的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定过程中使用甲基橙作为指示剂比酚酞更准确D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}点处溶液中水电离出的rm{d}rm{c}大于rm{(H^{+})}点处rm{b}12、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四种原子序数递增的短周期元素，其部分性质或结构如下：。元素元素性质或原子结构rm{X}形成的简单阳离子核外无电子rm{Y}元素的气态氢化物的水溶液显碱性rm{Z}元素在周期表中的周期序数是族序数的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小下列说法不正确的是rm{(}rm{)}A.原子半径大小顺序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}与rm{Y}可形成既含极性键又含非极性键的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的化合物只可能含有共价键，不可能含有离子键D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能破坏水的电离平衡13、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、（2013秋•阎良区校级月考）如图是点电荷Q所产生的电场中的一条电场线，A、B是电场线上的两点．由图可知，Q所带电荷为____电荷．若取A点的电势为零，则B点电势____（填“大于”、“等于”或“小于”）零．若取无限远处的电势为零，则B点电势____（填“大于”、“等于”或“小于”）零．若把同一个负电荷分别置于A、B两点，则它在____点时电势能较大．15、高速摄影机拍摄的8mm直径的子弹射过一只苹果，子弹的平均速度900m/s，子弹从头部进入苹果至尾部穿出苹果所需时间为____．16、如图所示为某原子的能级图，a、b、c这原子跃迁所发出的三种波长的光，在下列该原子光谱的各选项中，谱线从左向右的波长依次增大，测正确的是____；

（2）一个中子与某原子核发生核反应，生成一个氘核，其核反应方程式为____．该反应放出的能量为Q，则氘核的比结合能为____；

（3）A、B两种光子的能量之比为2：1，它们都能使某种金属发生光电效应，且所产生的光电子最大初动能分别为EA、EB，求A、B两种光子的动量之比____和该金属的逸出功____．17、（2013春•湖州月考）两个振动情况完全相同的波源S1、S2产生的波叠加，某时刻形成的干涉图样如图所示，实线表示波峰，虚线表示波谷．在a、b、c三个点中振动加强的点是____，振动减弱的点是____．从该时刻起，经过1/4周期，它们中位移为零的点是____．18、在“研究小车做匀变速直线运动规律”的实验中，打点计时器在纸带上依次打出A、B、C、D、E五个点，如图所示．由此可判断小车做____（选填“加速”或“减速”）运动；打B点时小车的速度____（选填“小于”或“大于”）打D点时小车的速度．

19、（2012春•厦门期末）用如图所示的装置可以测量棱镜的折射率，ABC表示待测直角棱镜的横截面，棱镜的顶角为α，一光线SO射到棱镜的AB面上，适当调整SO的方向，当SO与AB成β角时，光线垂直AC面射出，则此棱镜的折射率n=____．评卷人得分四、判断题(共4题，共32分)20、光的偏振现象说明光是横波____（判断对错）21、原子核由质子、中子和电子组成．____（判断对错）22、运动的电荷在磁场中一定受洛伦磁力的作用．____（判断对错）23、点电荷一定是电量很小的电荷．____．（判断对错）评卷人得分五、推断题(共4题，共32分)24、rm{[}化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础rm{]}秸秆rm{(}含多糖物质rm{)}的综合应用具有重要的意义。下面是以秸秆为原料合成聚酯类高分子化合物的路线

回答下列问题：rm{(1)}下列关于糖类的说法正确的是______________。rm{(}填标号rm{)}rm{a.}糖类都有甜味，具有rm{C_{n}H_{2m}O_{m}}的通式rm{b.}麦芽糖水解生成互为同分异构体的葡萄糖和果糖rm{c.}用银镜反应不能判断淀粉水解是否完全rm{d.}淀粉和纤维素都属于多糖类天然高分子化合物rm{(2)B}生成rm{C}的反应类型为______。rm{(3)D}中官能团名称为_____，rm{D}生成rm{E}的反应类型为______。rm{(4)F}的化学名称是____，由rm{F}生成rm{G}的化学方程式为____。rm{(5)}具有一种官能团的二取代芳香化合物rm{W}是rm{E}的同分异构体，rm{0.5molW}与足量碳酸氢钠溶液反应生成rm{44gCO_{2}}rm{W}共有______种rm{(}不含立体结构rm{)}其中核磁共振氢谱为三组峰的结构简式为_________。rm{(6)}参照上述合成路线，以rm{(}反，反rm{)-2}rm{4-}己二烯和rm{C_{2}H_{4}}为原料rm{(}无机试剂任选rm{)}设计制备对二苯二甲酸的合成路线_______________________。25、rm{[}化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础rm{]}有机物rm{M}是有机合成的重要中间体，制备rm{M}的一种合成路线如下rm{(}部分反应条件和试剂略去rm{)}已知：rm{垄脵A}的密度是相同条件下rm{H_{2}}密度的rm{38}倍；其分子的核磁共振氢谱中有rm{3}组峰；rm{垄脷}rm{垄脹}请回答下列问题：rm{(1)B}的化学名称为______________。rm{A}中官能团的电子式为________________。rm{(2)C}中共面的原子最多有________个。rm{I}的结构简式为__________________________。rm{(3)F隆煤G}的化学方程式为_______________________________________。rm{(4)M}不可能发生的反应为_______________rm{(}填选项字母rm{)}A.加成反应rm{B.}氧化反应rm{C.}取代反应rm{D.}消去反应rm{(5)}同时满足下列条件的rm{E}的同分异构体有_________种。rm{垄脵}能与rm{FeCl_{3}}溶液发生显色反应rm{垄脷}能与rm{NaHCO_{3}}反应rm{垄脹}含有rm{隆陋隆陋NH_{2}}rm{(6)}参照上述合成路线，以为原料rm{(}无机试剂任选rm{)}设计制备的合成路线：___________________________________。26、有机物rm{A}有如下转化关系，在rm{A}的质谱图中质荷比最大值为rm{88}其分子中rm{C}rm{H}rm{O}三种元素的质量比为rm{6}rm{1}rm{4}且rm{A}不能使rm{Br_{2}}的rm{CCl_{4}}溶液褪色；：rm{1molB}反应生成了rm{2molC}．

已知：rm{xrightarrow[Delta]{HI{{O}_{4}}}RCHO+R隆盲CHO}

请回答下列问题：

rm{xrightarrow[Delta

]{HI{{O}_{4}}}RCHO+R隆盲CHO}的反应类型为______，rm{(1)C隆煤E}的结构简式为______．

rm{A}若rm{(2)}rm{垄脵}rm{垄脷}三步反应的产率分别为rm{垄脹}rm{a%}rm{b%}则由rm{c%}合成rm{A}的总产率为______．

rm{H}分子中所有碳原子均在一条直线上，rm{(3)H}转化为rm{G}的化学方程式为______．

rm{H}是rm{(4)X}的一种同分异构体，且其核磁共振氢谱有rm{A}个峰，峰面积之比为rm{3}rm{1}rm{1}rm{2}可在rm{1moIX}加热的条件下反应，产物只有rm{HIO4}则rm{1molY}的结构简式为______．

rm{X}的分子式为rm{(5)Z}rm{C_{11}H_{13}ClO_{2}}苯环上有三个取代基且含有结构，则符合此条件的rm{Z}共有______种rm{Z}不考虑立体异构rm{.(}

rm{)}参照下述合成路线：

rm{(6)}以甲苯和甲醇为原料rm{xrightarrow{{{H}^{+}}/{{H}_{2}}O}}无机试剂任选rm{(}设计制备的合成路线．rm{)}27、rm{35.}醋硝香豆素是一种治疗心脑血管疾病的药物，能阻碍血栓扩展。醋硝香豆素可以通过以下方法合成rm{(}部分反应条件省略rm{)}已知：rm{(1)}反应rm{垄脺}的反应类型为____。rm{(2)}反应rm{垄脷}的化学方程式为____。rm{(3)}反应rm{垄脹}的化学方程式为____。rm{(4)}关于rm{E}物质，下列说法正确的是____rm{(}填字母序号rm{)}rm{a.}可以用酸性高锰酸钾溶液鉴别rm{D}和rm{E}rm{b.}在核磁共振氢谱中有五组吸收峰rm{c.}可以发生加成反应、聚合反应、氧化反应和消去反应rm{d.}存在顺反异构rm{(5)}写出rm{G}的结构简式____。rm{(6)}分子结构中只含有一个环，且同时符合下列条件的rm{G}的同分异构体共有____种。rm{垄脵}可与氯化铁溶液发生显色反应；rm{垄脷}可与碳酸氢钠溶液反应生成二氧化碳气体。其中，苯环上的一氯代物只有两种的同分异构体的结构简式为____。区分上述rm{G}的各种同分异构体可选用的仪器是____rm{(}填代号rm{)}rm{a.}红外光谱仪rm{b.}质谱仪rm{c.}元素分析仪rm{d.}核磁共振仪评卷人得分六、实验题(共3题，共30分)28、（2014秋•从化市校级期中）用电流表和电压表测定电池的电动势E和内电阻r；所用的电路如图1所示，一位同学测得六组数据如表中所示．

。组别I/AU/V10.121.3720.201.3230.311.2440.321.1850.501.1060.571.05（1）试根据这些数据在图2中作出U-I图线．

（2）根据图线得出电池的电动势E=____V，电池的内电阻r=____Ω．

（3）若不作出图线，只选用其中两组U和I数据，可利用公式E=U1+I1r，E=U2+I2r算出E和r，这样可能得出误差很大的结果，选用第____组和第____组的数据，求得E和r误差最大．29、某兴趣小组通过物块在斜面上运动的试验，探究“合外力做功与物体动能的变化的关系”．他们的实验装置如图图甲所示，PQ为一块倾斜放置的木板，在Q处固定一个速度传感器（用来测量物体每次通过Q点时的速度v），每次实验，物体从不同高度h处由静止释放，但始终保持斜面底边长L=0.5m不变．他们最后做出了如图乙所示的v2-h图象．图象与横轴的交点为0.25．

（1）图象乙不过坐标原点的原因是____．

（2）物块与斜面间的滑动摩擦因数μ=____．

（3）若最后得到的图象如图物图丙所示，则可能的原因是（写出一个）____．

（4）若更换光滑的斜面，重复上述步骤得到如图物图乙所示的图象，图象的斜率将____．（填“增大”、“减小”、“不变”）30、在探究加速度与力；质量的关系实验中；小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出．（如图1）

（1）当M与m的大小关系满足____时；才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力．

（2）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据．为了比较容易地观测加速度a与质量M的关系，应该做a与____的图象．

（3）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a-图线如图2所示，两个同学做实验时的盘及盘中砝码的质量mA____mB物（填大于、小于或等于）参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】如图的电路结构是：a灯与变阻器R串联接入电路．R的滑片稍向上滑动时，变阻器R接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，再根据闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化，从而分析灯泡亮度变化．【解析】【解答】解：R的滑片稍向上滑动时；变阻器R接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，a灯变亮，故A正确．

故选：A2、D【分析】【分析】依照波长的长短的不同，电磁波谱可大致分为：无线电波，微波，红外线，可见光，紫外线，伦琴射线，γ射线（伽马射线）．【解析】【解答】解：波长越长；频率越小；

按照波长从大到小的顺序依次是无线电波；红外线、可见光、紫外线、X射线和γ射线．

按照电磁波的频率由低到高排列顺序；可分为无线电波；微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线等．

故选：D．3、B【分析】【分析】根据理想气体状态方程列式求解，末状态两部分压强相同，两部分质量之和不变．【解析】【解答】解：设A、B的容积分别为V，初状态压强为P，温度为T，末状态A部分温度升温至T′，稳定后A容器的压强为P′，则B的压强也为P′，由理想气体状态知。

=

解得P′=P

故选：B．4、C【分析】【分析】处于平衡状态的物体所受的合力为零，加速度为零，速度保持不变，根据这些特点进行分析选择．【解析】【解答】解：A；在跑道上加速跑的运动员；有加速度，故不是平衡状态，故A错误；

B；沿光滑斜面下滑的物体；受重力和支持力，不共线，故不平衡，故B错误；

C；在平直路面上匀速行驶的汽车；加速度为零，故平衡，故C正确；

D；做自由落体运动的物体在刚开始下落的一瞬间；只受重力，故D错误；

故选C．

故选C．5、C【分析】【分析】当物体的大小和形状在所研究的问题中能忽略，该物体可以看成质点【解析】【解答】解：A；若小的物体在研究的问题中不能忽略；则小的物体不能看成质点，故A错误．

B；质点没有大小但是有质量；几何中的点没有质量，故不一样，故B错误．

C；任何物体在一定条件下都可以看成质点．故C正确．

D；只有物体的形状和大小在所研究的问题中能忽略；物体可以看成质点．故D错误．

故选：C6、D【分析】【分析】人造卫星做圆周运动，万有引力提供向心力，线速度增加到原来的2倍，则轨道半径变化，当轨道半径变化时，万有引力要变化，卫星的线速度、角速度、周期也随着变化．【解析】【解答】解：人造卫星做圆周运动；万有引力提供向心力得。

=m=mω2r=m

A、v=，线速度为原来的2倍，则半径为原来的；故A错误；

B、a=；向心加速度增加到原来的16倍，故B错误；

C、ω=；卫星角速度增加到原来的8倍，故C错误；

D、因角速度增加到原来的8倍，则周期为原来的；故D正确；

故选：D7、B【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．【解析】【解答】解：A、根据h=得，t=；知抛出的高度越高，石子运动的时间越长，与初速度无关．故A错误，B正确．

C、根据x=知；初速度大，水平位移不一定大，高度越大，位移也不一定大．故C；D错误．

故选：B．二、双选题(共7题，共14分)8、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C；D选项正确。

考点：压力压强【解析】【答案】B、D9、AB【分析】【分析】本题考查了位置、结构与性质的关系，题目难度中等，推断元素为解答关键，注意熟练掌握原子结构与元素周期律、元素周期表的关系。【解答】rm{X}单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{Si}元素；rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}四种元素均位于不同主族，则rm{W}为rm{H}元素；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}则rm{Y}的原子序数为rm{45-1-14-17=13}则rm{Y}为rm{Al}元素。单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{X}元素；rm{Si}的最高正价和最低负价代数和等于rm{W}四种元素均位于不同主族，则rm{0}为rm{W}元素；rm{H}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序数之和为rm{Z}则rm{45}的原子序数为rm{Y}则rm{45-1-14-17=13}为rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Al>Si}故A正确；为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Si}故A正确；rm{Al}则氢化物稳定性：rm{Al>Si}故B正确；B.由于非金属性rm{Cl>Si}则氢化物稳定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正确；个电子，氯离子有rm{Cl>Si}个电子，故C错误；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有极性键，无离子键，故D错误。C.铝离子有rm{10}个电子，氯离子有rm{18}个电子，故C错误；

rm{10}【解析】rm{AB}10、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}11、rm{BC}【分析】【分析】本题考查了酸碱中和滴定的应用，题目难度中等，明确溶液酸碱性与溶液rm{pH}的关系为解答关键，注意掌握中和滴定侧重方法，试题培养了学生的分析能力及化学实验能力。【解答】A.rm{a}点为rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根离子部分水解，溶液呈碱性，碳酸根离子的水解一第一步为主，正确的离子方程式为：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A错误；

B.rm{c}点的rm{pH=7}溶液呈中性，则rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根据电荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正确；

C.碳酸氢钠溶液的rm{pH}接近rm{8.2}与酚酞变色的rm{pH}接近，变色时的rm{pH}和反应终点的rm{pH}不好判断；而使用甲基橙容易判断终点，且反应产生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的误差小rm{(}使用甲基橙易判断滴定终点，误差小rm{)}故C正确；

D.rm{b}点碳酸氢根离子水解，促进了水的电离，而rm{d}点溶液呈酸性，抑制了水的电离，则rm{d}点处溶液中水电离出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}点处；故D错误；

故选BC。

【解析】rm{BC}12、AC【分析】【分析】本题考查元素的结构与元素的性质，题目难度中等，注意正确推断元素的种类为解答该题的关键。【解答】rm{X}形成的简单阳离子核外无电子，应为rm{H}元素；rm{Y}元素的气态氢化物和它的最高价氧化物对应的水化物能发生化合反应，形成的物质为铵盐，应为rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序数等于周期序数的rm{3}倍，即最外层电子数为电子层数的rm{3}倍，应为rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小，应为rm{Al}元素；

即rm{X}为rm{H}元素，rm{Y}为rm{N}元素，rm{Z}为rm{O}元素，rm{T}为rm{Al}元素；则。

A.根据同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，原子的核外电子层数越多，半径越大可知，原子半径顺序为rm{T>Y>Z>X}故A错误；

B.rm{X}分别与rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含极性键又含非极性键，故B正确；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共价键也含有离子键rm{X}rm{Y}的三种元素形成的rm{Z}中只含有共价键也含有离子键；故C错误；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能和rm{X}三种元素的简单离子，均能促进水的电离；故D正确。

故选AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}13、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}错误；D.充电时，，，作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共6题，共12分)14、负大于小于A【分析】【分析】沿着电场线，电势逐渐降低；若A点到点电荷的距离是A点到B点的距离的2倍，故点电荷在B点右侧，再根据E=列式比较A、B电场强度的大小关系．【解析】【解答】解：电场线的方向从正电荷出发．指向负电荷．由图可知；电场线指向Q，所以该点电荷是负电荷．

沿着电场线，电势逐渐降低，故φA＜φB；

若取无限远处的电势为零；电场线从无穷远指向B，所以B点电势小于零；

负电荷在电势低的地方的电势能大；所以把同一个负电荷分别置于A；B两点，则它在A点时电势能较大．

故答案为：负，大于，小于，A15、1×10-4s【分析】【分析】根据生活常识估计苹果的宽度，然后由速度公式的变形公式求出子弹穿过苹果的时间．【解析】【解答】解：苹果的宽度大约82mm左右；则子弹通过的位移大约为x=8mm+82mm=90mm=0.09m；

则子弹从头部进入苹果至尾部穿出苹果所需时间t=．

故答案为：1×10-4s．16、Cn+→H2：1EA-2EB【分析】【分析】（1）能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差；能级差越大，光子频率越大，波长越短．

（2）根据电荷数守恒；质量数守恒写出核反应方程式；根据释放的能量得出结合能的大小，从而得出氘核的比结合能．

（3）由光子能量公式E=hf=h和动量公式p=mv=判断动量之比，由光电效应方程求逸出功．【解析】【解答】解：（1）从第3能级跃迁到第1能级，能级差最大，知a光的频率最大，波长最短，从第3能级跃迁到第2能级，能级差最小，知b光的光子频率最小，波长最长，所以波长依次增大的顺序为a、c、b．故C正确；A；B、D错误．

（2）根据电荷数守恒、质量数守恒得，n+→H，该反应释放的能量为Q，则结合能为Q，所以氘核的比结合能为．

（3）由光子能量公式E=hf=h和动量公式p=mv=知。

A；B两种光子的动量之比等于A、B两种光子的能量之比为2：l；

由EKA=EA-W和EKB=EB-W联立得：W=EA-2EB．

故答案为：（1）C，（2）n+→H；；（3）2：1；EA-2EB．17、bacabc【分析】【分析】两列波相遇时振动情况相同时振动加强，振动情况相反时振动减弱．两列频率相同的相干波，当波峰与波峰相遇或波谷与波谷相遇时振动加强，当波峰与波谷相遇时振动减弱，则振动情况相同时振动加强；振动情况相反时振动减弱．【解析】【解答】解：S1、S2是两个振动情况完全相同的波源，产生的波向四周传播，实线表示波峰，虚线表示波谷．所以a点是波峰与波谷相遇点，b点是波峰与波峰相遇点，c点是波峰与波谷相遇点．因此振动始终加强点是b；振动始终减弱点是ac；

再过周期a是平衡位置与平衡位置相遇；位移为零；

b是平衡位置与平衡位置相遇；位移为零；

c是平衡位置与平衡位置相遇；位移为零；

所以位移为零的点是abc；

故答案为：b；ac；abc．18、略

【分析】

打点计时器在纸带上依次打出A；B、C、D、E五个点；相等时间内位移逐渐增大，则速度越来越大，小车做加速运动，打B点的速度小于打D点时小车的速度．

故答案为：加速；小于．

【解析】【答案】通过相等时间内的位移判断出小车的运动看；从而比较出打B点和D点的速度大小．

19、【分析】【分析】由题，当SO与AB成β角时，入射角等于90°-β．要使从AB面射出的光线与SO重合，则AB面上折射光线必须与AC面垂直，由几何知识求出折射角，根据折射定律求解折射率．【解析】【解答】解：由题，入射角i=90°-β．要使从AB面射出的光线与SO重合，则AB面上折射光线必须与AC面垂直，由几何知识得到，折射角r=α．根据折射定律得。

n==

故答案为：四、判断题(共4题，共32分)20、√【分析】【分析】可以把波分为横波和纵波两类，传播的只是振动形式和能量，而偏振现象与横波有关，从而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是横波特有的现象；所以光的偏振现象说明光是横波．以上说法是正确的．

故答案为：√21、×【分析】【分析】原子核由质子和中子构成．【解析】【解答】解：原子核由质子；中子构成；故说法错误．

故答案为：×22、×【分析】【分析】电场的性质是对电荷有力的作用，而电荷受到电场力的方向与电场强度可以相同，也可以相反．当运动的带电粒子的速度方向不与磁场平行，将会受到洛伦兹力作用，根据左手定则可知，洛伦兹力的方向与磁场方向的关系．【解析】【解答】解：当运动的电荷的速度方向与磁场方向平行时；不受洛伦兹力；

故答案为：×．23、×【分析】【分析】元电荷一定是电量最小的电荷；点电荷是一种理想化模型，其本身所带的电量可以很大．【解析】【解答】解：点电荷是一种理想化模型；当带电体的体积和形状相对所研究的问题可以忽略的时候，带电体可以看做点电荷，其本身所带的电量可以很大．故此说法错误．

故答案为：×五、推断题(共4题，共32分)24、（1）d（2）酯化反应或取代反应（3）酯基、碳碳双键还原反应（4）己二酸HOOC（CH2）4COOH+HOCH2CH2CH2CH2OH+（2n-1）H2O（5）9（6）【分析】【分析】本题考查有机物的合成、官能团的结构与性质、有机反应类型、限制条件同分异构体书写等，是对有机化学基础基础的综合考查，rm{(6)}中注意根据题目中转化关系涉及合成路线，较好的考查学生知识迁移运用能力。【解答】rm{(1)a.}糖类不一定有甜味，如纤维素等，组成通式不一定都是rm{C_{n}H_{2m}O_{m}}形式，如脱氧核糖rm{(C_{6}H_{10}O_{4})}故rm{a}错误；

rm{b.}葡萄糖与果糖互为同分异构体，但麦芽糖水解生成葡萄糖，故rm{b}错误；

rm{c.}淀粉水解生成葡萄糖，能发生银镜反应说明含有葡萄糖，说明淀粉水解了，不能说明淀粉完全水解，故rm{c}错误；

rm{d.}淀粉和纤维素都属于多糖类，是天然高分子化合物，故rm{d}正确。

故选rm{d}故答案为：rm{d}rm{(2)B}与甲醇发生酯化反应生成rm{C}属于酯化反应或取代反应，故答案为：酯化反应或取代反应；

rm{(3)}由rm{D}的结构简式可知，含有的官能团有酯基、碳碳双键，rm{D}脱去rm{2}分子氢气形成苯环得到rm{E}属于还原反应，故答案为：酯基、碳碳双键；还原反应；

rm{(4)}由流程图可知rm{F}的名称为己二酸，己二酸与rm{1}rm{4-}丁二醇发生缩聚反应生成反应方程式为：rm{HOOC(CH_{2)4}COOH+HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OHxrightarrow{{麓脽禄炉录脕}}}rm{HOOC(CH_{2)4}COOH+HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OH

xrightarrow{{麓脽禄炉录脕}}}故答案为：rm{+(2n-1)H_{2}O}己二酸；rm{HOOC(CH}rm{HOOC(CH}rm{{,!}_{2}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{4}}rm{COOH+HOCH}rm{COOH+HOCH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}；rm{CH}具有一种官能团的二取代芳香化合物rm{{,!}_{2}}是rm{OH}的同分异构体，rm{OH}与足量碳酸氢钠溶液反应生成rm{xrightarrow{{麓脽禄炉录脕}}}生成二氧化碳为rm{+(2n-1)H}说明rm{+(2n-1)H}含有rm{{,!}_{2}}个羧基，rm{O}个取代基为rm{O}rm{(5)}或者为rm{W}rm{E}或者为rm{0.5molW}rm{44gCO_{2}}各有邻、间、对三种，共有rm{1mol}种，其中核磁共振氢谱为三组峰的结构简式为：故答案为：rm{W}

rm{2}反，反rm{2}rm{-COOH}己二烯与乙烯发生加成反应生成在rm{-CH_{2}CH_{2}COOH}作用下生成然后用酸性高锰酸钾溶液氧化生成合成路线流程图为：rm{xrightarrow[{脪禄露篓脤玫录镁}]{C_{2}H_{4}}}rm{xrightarrow[triangle]{Pd/C}}rm{xrightarrow{{脣谩脨脭}KMnO_{4}{脠脺脪潞}}}故答案为：rm{-COOH}rm{xrightarrow[{脪禄露篓脤玫录镁}]{C_{2}H_{4}}}rm{xrightarrow[triangle]{Pd/C}}rm{xrightarrow{{脣谩脨脭}KMnO_{4}{脠脺脪潞}}}

rm{-CH(CH_{3})COOH}【解析】rm{(1)d}rm{(2)}酯化反应或取代反应rm{(3)}酯基、碳碳双键还原反应rm{(4)}己二酸rm{HOOC(CH_{2})_{4}COOH+HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OHxrightarrow{{麓脽禄炉录脕}}}rm{HOOC(CH_{2})_{4}COOH+HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OH

xrightarrow{{麓脽禄炉录脕}}}rm{+(2n-1)H_{2}O}rm{(5)9}rm{xrightarrow[{脪禄露篓脤玫录镁}]{C_{2}H_{4}}}rm{xrightarrow[triangle]{Pd/C}}rm{xrightarrow{{脣谩脨脭}KMnO_{4}{脠脺脪潞}}}rm{(6)}25、（1）丙二醛（2）9（3）（4）D（5）10（6）【分析】【分析】本题考查了有机物的推断，有机物的合成，结构简式和电子式的书写，化学方程式的书写，同分异构体等，难度较大。【解答】由rm{A}到rm{C}经两步氧化得到羧酸，可知：rm{A}为丙二醇，rm{A}的密度是相同条件下rm{H}的密度是相同条件下rm{A}rm{H}rm{2}倍，其分子的核磁共振氢谱中有rm{2}组峰，所以密度的rm{38}倍，其分子的核磁共振氢谱中有rm{3}组峰，所以rm{A}为rm{1}rm{3-}丙二醇，为rm{38}rm{3}丙二醇，经催化氧化得到rm{A}丙二醛rm{1}再催化氧化得到rm{3-}丙二酸rm{B(}与rm{)}发生取代得到rm{C(}rm{)}经过还原反应得到rm{Br_{2}}硝基还原为氨基，rm{D}发生取代反应得到rm{E}rm{F}与rm{F}发生取代反应得到rm{G}经过rm{D}反应类型得到rm{G}再由rm{H}得到rm{垄脹}反应类型得到rm{I}再由rm{I}得到rm{M}rm{垄脹}由分析可知：rm{I}为丙二醛，rm{I}的官能团是羟基，电子式为：故答案为：丙二醛；rm{M}为丙二酸，rm{(1)}由分析可知：rm{B}为丙二醛，rm{A}的官能团是羟基，电子式为：中的那两个氢与另两个羧基处在如同甲烷一样的四面体上个如果其中两个与碳共面那么另两个就在平面外。羧基碳氧双键四个原子共面，氢氧单键可以通过旋转共面，两个羧基可旋转碳碳单键共面，所以丙二酸最多rm{(1)}个原子共面，rm{B}是rm{A}的两个羧基官能团发生rm{(2)C}反应类型得到因为rm{CH_{2}}中的那两个氢与另两个羧基处在如同甲烷一样的四面体上个如果其中两个与碳共面那么另两个就在平面外。羧基碳氧双键四个原子共面，氢氧单键可以通过旋转共面，两个羧基可旋转碳碳单键共面，所以丙二酸最多rm{9}个原子共面，rm{I}是rm{H}的两个羧基官能团发生rm{CH_{2}}的结构简式为：rm{9}rm{I}rm{H}rm{垄脹}的化学反应，氨基去氢，rm{I}断裂一个碳氧单键，两者发生取代反应，化学方程式为：故答案为：rm{I}根据；的结构简式可知：含有苯环不饱和结构可发生加成反应，含有酚羟基，可被氧化，也可与羧基发生取代反应，所以不能发生的反应类型是消去反应；故答案为：故答案为：rm{9}rm{9}的同分异构体，rm{(3)}溶液发生显色反应，能与rm{F隆煤G}的化学反应，氨基去氢，rm{(CH_{3}CO)_{2}O}断裂一个碳氧单键，两者发生取代反应，化学方程式为：反应，rm{F隆煤G}个不同官能团，定二移一，羟基和氨基处于临位，苯环上有rm{(CH_{3}CO)_{2}O}种等效氢，即四种异构体；羟基和氨基处于间位，苯环上有rm{(4)}种等效氢，即四种异构体，羟基和氨基处于对位，苯环上有rm{M}种等效氢，即rm{D}种异构体，总共rm{(5)E}种满足条件的同分异构体；故答案为：能与rm{FeCl_{3}}溶液发生显色反应，rm{FeCl_{3}}rm{NaHCO_{3}}同分异构体中含有酚羟基、氨基、苯环和羧基，即在苯环上有rm{3}个不同官能团，定二移一，羟基和氨基处于临位，苯环上有rm{4}种等效氢，即四种异构体；无机试剂任选rm{3}设计制备rm{4}故答案为：rm{4}【解析】rm{(1)}丙二醛rm{(2)9}rm{(3)}rm{(4)D}rm{(5)10}rm{(6)}26、（1）加成反应或还原反应

（2）a%b%c%

（3）

（4）

（5）16

（6）【分析】【分析】

本题考查了有机官能团的性质、有机结构的推断、有机反应类型、同分异构体的书写等知识，中等难度，解题的难点在第rm{(4)(5)}小问；写有条件的同分异构体，对学生掌握有机结构特点及从题中获取信息并灵活运用能力要求较高。

【解答】

由于rm{A}分子中rm{C}rm{H}rm{O}三种元素的质量比为rm{6}rm{1}rm{4}可知rm{C}rm{H}rm{O}的物质的量之比为rm{2}rm{4}rm{1}又由于rm{A}的质谱图中质荷比最大值为rm{88}所以rm{A}的分子式为rm{C_{4}H_{8}O_{2}}根据分子式可知rm{A}中有一个不饱和度，又不能使rm{Br_{2}}的rm{CCl_{4}}溶液褪色，所以rm{A}中存在rm{C=O}键，再根据rm{1mol}rm{B}反应生成了rm{2mol}rm{C}结合已知条件可推知rm{A}的结构为：这样可以进一步推出rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{F}的结构简式，它们依次是：由于rm{B}与rm{HBr}发生取代反应生成卤代物，再在rm{NaOH}醇溶液中发生消去反应，且rm{H}分子中所有碳原子均在一条直线上，所以可以推得rm{G}和rm{H}的结构分别为：

rm{(1)C隆煤E}为乙醛和氢气发生加成反应生成乙醇，则反应类型为加成反应或还原反应；有机物rm{A}的结构简式为故答案为：加成反应或还原反应；

rm{(2)}由rm{A}合成rm{H}的总产率应为rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脹}三步反应的产率之积，所以由rm{A}合成rm{H}的总产率rm{=a%隆脕b%隆脕c%=a%b%c%}故答案为：rm{a%b%c%}

rm{(3)}若rm{H}分子中所有碳原子不在一条直线上，则rm{H}为rm{1}rm{3-}丁二烯，由于rm{B}是rm{2}rm{3-}丁二醇，与rm{HBr}发生取代反应生成卤代物再在rm{NaOH}醇溶液中发生消去反应生成rm{H}且rm{H}分子中所有碳原子均在一条直线上，所以可以推得rm{G}和rm{H}的结构，rm{G}为rm{H}为rm{G}转化为rm{H}的化学方程式为故答案为：

rm{(4)A}的结构为：根据条件：rm{a.X}核磁共振氢谱有rm{3}个峰，峰面积之比为rm{1}rm{1}rm{2}即rm{X}有三种位置的氢，且个数之比为rm{1}rm{1}rm{2}rm{b.1mol}rm{X}可在rm{HIO_{4}}加热的条件下反应，可形成rm{1mol}rm{Y}根据信息可知rm{X}应为含有两个羟基的环状物，则rm{X}的结构为

故答案为：

rm{(5)Z}的分子式为rm{C_{11}H_{13}ClO_{2}}rm{Z}苯环上有三个取代基且含有结构，则另一个取代基为rm{-C_{4}H_{9}}此取代基在苯环上有四种情况，且此取代基共有rm{-CH_{2}CH_{2}CH_{2}CH_{3}}rm{-CH(CH_{3})CH_{2}CH_{3}}rm{-CH_{2}CH(CH_{3})CH_{3}}rm{-CH(CH_{2}CH_{3})CH_{3}}符合此条件的rm{Z}共有rm{4隆脕4=16}种，故答案为：rm{16}

rm{(6)}以甲苯和甲醇为原料制备根据题中信息，可先将甲苯与浓硫酸发生磺化反应，再在甲基的邻位引入氯原子，然后消去磺酯基，最后通过氧化、酯化即得到目标产物，具体的合成路线为故答案为：【解析】rm{(1)}加成反应或还原反应

rm{(2)a%b%c%}

rm{(3)}

rm{(4)}

rm{(5)16}

rm{(6)}27、（1）加成反应​

（2）

（3）

（4）bd

（5）

（6）13abd

【分析】【分析】本题考查了有机物的结构、性质、转化、反应类型、化学方程式和同分异构体的书写的相关知识。【解答】与浓硝酸、浓硫酸在加热时发生取代反应产生rm{A}对硝基甲苯rm{A}与