2025年新科版高三物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新科版高三物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、下列说法正确的是（）A.布朗运动就是分子热运动B.0℃的冰熔解成0℃水，分子势能一定增大C.单位体积的分子数增加，气体压强一定增大D.第二类永动机违反能量守恒定律2、如图所示，倾斜的传送带顺时针匀速转动，一物块从传送上端A滑上传送带，滑上时速率为v1，传送带的速率为v2，且v2>v1，不计空气阻力，动摩擦因数一定，关于物块离开传送带的速率v和位置，下面哪个是可能的（）A.从下端B离开，v=v1B.从下端B离开，vC.从上端A离开，v=v1D.从上端A离开，v3、根据里克特在1953年提出的公式计算，每一级地震释放的能量E2与次一级地震能量E1的关系为lg（E2/E1）=1.5，其中1.0级地震释放能量为2.0×106J．广岛原子弹爆炸的能量约相等于13000吨的TNT烈性炸药，即大概为5.5×1013J．2011年3月11日特大地震并发海啸袭击了日本关东地区；震级高达里氏9.0级，那么此次大地震的能量大约相当于多少颗广岛原子弹爆炸释放的能量（）

A.11490颗。

B.18590颗。

C.21560颗。

D.36360颗。

4、【题文】来自宇宙的电子流，以与地球表面垂直的方向射向赤道上空的某一点，则这些电子在进入地球周围的空间时，将（）A.竖直向下沿直线射向地面B.相对于预定地点向东偏转C.相对于预定点稍向西偏转D.相对于预定点稍向北偏转5、滑板是现在非常流行的一种运动，如图所示，一滑板运动员以7m/s

的初速度从曲面的A

点下滑，运动到B

点速度仍为7m/s

若他以6m/s

的初速度仍由A

点下滑，则他运动到B

点时的速度(

)

A.大于6m/s

B.等于6m/s

C.小于6m/s

D.条件不足，无法计算6、船和人的总质量为M，原来静止在水面上，质量为m的人从船头水平跳出后，船获得的反冲速度为V，则人跳出去时的速度为（）A.B.C.D.7、关于位移和路程的说法中错误的是（）A.位移既有大小，又有方向B.路程只有大小，没有方向C.位移与路程的大小一定相同D.位移与路程的大小不一定相同评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)8、（2015秋•沈阳校级月考）小李同学利用如图所示的装置测量重力加速度的数值；图示器材及作用如下：

A．竖直放置在水平桌面上的铁架台。

B．固定在钢管顶端的钢球吸附器；通电时可使钢球吸附其上，断电可使钢球由静止开始自由下落。

C．两个光电门；与光电计时器连接，通过计时器记录钢球从第一光电门到第二光电门的间隔时间t

D．网兜；用来接住钢球．

（1）实验步骤如下：按图示安装实验器材，让小球、两个光电门和网兜____；

②量出两个光电门中心间的距离h；释放小球，记录钢球从第一光电门到第二光电门的间隔时间t；

③改变第二个光电门的位置；多次重复实验步骤②；

④利用实验数据做出____图象，使图象斜率K和重力加速度g满足K=．

（2）分析实验，回答问题：本实验还需要的实验器材有：____．9、如图所示，n个质量为m的完全相同的物块叠放在一起，所有接触面的动摩擦因数均为μ，滑轮摩擦不计，当F为____时，所有物块恰好相对滑动．10、一颗人造地球卫星离地面高h=3R（R为地球的半径）．若已知地地球表面的重力加速度为g，则卫星做匀速圆周运动的速度是____，若已知地球的质量为M，万有引力常量为G，则卫星做匀速圆周运动的角速度是____，周期是____．11、一个质点在一个恒力F作用下由静止开始运动，速度达到v，然后换成一个方向相反大小为3F的恒力作用，经过一段时间后，质点回到出发点，则质点回到出发点时速度大小为____．12、（2011秋•楚雄市校级期中）如图所示，桌面上放一单匝线圈，线圈中心上方一定高度处有一竖立的条形磁体．当磁体从图示位置竖直向下运动到磁体的N极到达线圈所在平面时，那么穿过线圈的磁通量将____（填“变大”或“变小”）．再继续往下运动穿过线圈的磁通量将____（填“变大”或“变小”）．此过程中，线圈中____（填“有”或“无”）感应电流产生．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)13、液晶分子在特定方向排列比较整齐，但不稳定．____．（判断对错）14、只要温度不变且处处相等，系统就一定处于平衡态．____．（判断对错）15、（2010•驻马店模拟）如图为一列沿x轴正方向传播的简谐波在t=0时刻的波形图，已知波速为10m/s，则图中P质点的振动方程为y=10sin5πt（cm）____（判断对错）16、运动的电荷在磁场中一定受洛伦磁力的作用．____（判断对错）17、一定质量的理想气体内能的大小只与温度有关____（判断对错）18、地理位置的南北极即为地磁场的南北极____．（判断对错）19、在磁场中任一点，小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．____．（判断对错）评卷人得分四、证明题(共4题，共36分)20、如图所示，一列平面波朝着两种介质的界面传播，A1A2是它在介质I中的一个波面，C1和C2位于两种介质的界面上，B1B2是这列平面波进入介质II后的一个波面；A1C1和A2C2是它的两条波线，入射角为θ1，折射角为θ2，波在I、Ⅱ介质中的传播速度分别为v1和v2．

（1）试根据惠更斯原理证明：；

（2）若已知θ1=53°（sin53°=0.8），A1A2的长度为0.6m，介质I和介质II中的波速之比为v1：v2=4：3，则：A1C1B1与A2C2B2的长度相差多少？21、在水平转台上，距转轴为处插立一竖直杆，杆顶系一根长为的细绳，绳的末端挂一个质量为的小球（图），当转台匀速转动后，试证悬绳张开的角度与转台转速的关系是：22、如图所示，小球用不可伸长的长度为L的轻绳悬于O点．（不计阻力）试证明：绳对小球在最低点拉力T1与最高点拉力T2之差T1-T2=6mg．

23、带电离子以速度v沿CB方向射入一横截面为正方形的区域，C，B为该正方形两边的中点，如图所示，不计粒子的重力，当区域内有竖直方向的匀强电场E时，粒子恰好从A点飞出；当区域内有垂直纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场时，粒子也恰好从A点飞出，试证明：=v．评卷人得分五、画图题(共2题，共16分)24、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）25、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的无规则运动，它反映了液体分子的无规则运动．根据热传递情况分析物态变化时分子势能的变化．气体的压强与单位体积内的分子数和分子的平均动能有关．第二类永动机违反热力学第二定律．【解析】【解答】解：A；布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的无规则运动；是由于周围液体分子撞击的冲力不平衡引起的，所以布朗运动是液体分子无规则的反映，但不是液体分子的热运动，也不是固体分子的无规则运动，故A错误。

B；一定质量的0℃的冰熔解成的0℃的水；要吸收热量，内能增大，由于温度不变，分子的总动能不变．则分子势能增大，故B正确．

C；单位体积的分子数增加；气体压强不一定增大，还与气体分子的平均动能有关，故C错误．

D；第二类永动机不违反能量守恒定律；而是违反热力学第二定律．故D错误．

故选：B．2、A|B|C【分析】试题分析：滑块从A端滑上传送带，在传送带上必先相对传送带向下运动，由于不确定滑块与传送带间的摩擦力和滑块的重力沿斜面下滑分力的大小关系和传送带的长度，若能从A端离开，由运动的可逆性可知，必有v=v1，即选项C是正确，选项D是错误的；若从B端离开，当摩擦力大于重力的分力时，则v＜v1，选项B是正确的，当摩擦力小于重力的分力时，则v＞v1，当摩擦力和重力的分力相等时，滑块一直做匀速直线运动，v=v1，选项A是正确的，故本题应选ABC．故选ABC考点：牛顿定律的综合应用.【解析】【答案】ABC3、D【分析】

∵lg（E2/E1）=1.5，∴=101.5，

E9=1012E1=2.0×1018J；

即9.0级地震的能量相当于36360颗广岛原子弹爆炸释放的能量．

故选D．

【解析】【答案】先求出9.0级地震释放出的能量；然后计算出这些能量相当于多少颗原子弹释放的能量．

4、C【分析】【解析】地球表面地磁场方向由南向北，电子带负电.根据左手定则可判定，电子自赤道上空竖直下落过程中所受洛伦兹力方向向西.【解析】【答案】C5、A【分析】解：滑板运动员从曲面的A

点下滑过程中；重力和摩擦力做功，当他下滑的速度减小时，在同一点他对轨道的压力减小，摩擦力减小，则他下滑过程中克服摩擦力做功减小，重力做功相同，根据动能定理得知，动能的变化量减小，第一次下滑过程动能变化量为零，则有。

12mvB2鈭�12mvA2>0

得vB>6m/s

故选A

滑板运动员从曲面的A

点下滑过程中；重力和摩擦力做功，当他下滑的速度减小时，分析摩擦力如何变化，确定运动员克服摩擦力做功的大小，分析动能变化量的大小，再求出他运动到B

点时的速度范围．

本题运用向心力和动能定理分析运动员下滑过程动能的变化量大小，是经常采用的思路．【解析】A

6、B【分析】【分析】人与船组成的系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出人的速度．【解析】【解答】解：人跳出船的过程系统动量守恒；以人的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：

mv人+（M-m）V=0；

解得：v人=；

故选：B．7、C【分析】【分析】位移是矢量，位移的方向由初位置指向末位置．位移的大小不大于路程．路程是标量，是运动路径的长度．当质点做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程．【解析】【解答】解：

A；路程没有方向；只有大小，是标量，位移是矢量，位移的方向由初位置指向末位置，路程是标量，是运动路径的长度，路程不是位移的大小．故ABD正确；

C；只有当质点做单向直线运动时；位移的大小一定等于路程．故C错误．

本题选择错误的，故选：C．二、填空题(共5题，共10分)8、在同一竖直线上毫米刻度尺【分析】【分析】根据实验原理；确保三者在同一竖直线；

根据运动学公式v=v0+at，结合；及图象的斜率含义，即可求解；

由实验步骤可知，还需要测量长度．【解析】【解答】解：（1）实验步骤如下：按图示安装实验器材；让小球；两个光电门和网兜在同一竖直线上；

根据平均速度公式；

而=，且v=v0+gt；

综上所述，解得：=v0+gt

因此作出图象时，图象斜率K和重力加速度g满足K=．

（2）本实验还需要长度的测量；因此实验器材为：毫米刻度尺；

故答案为：（1）在同一竖直线上，；（2）毫米刻度尺．9、n2μmg【分析】【分析】物体做匀速运动，受力平衡，对物体进行受力分析，根据平衡条件列式即可求解【解析】【解答】解：假设只有一个物体；则有：

设绳子的拉力为F；物体做匀速运动，受力平衡，对物体进行受力分析，则有：F=μmg

若有两个物体；则有：上面物体A受力分析，绳子的拉力与滑动摩擦力，受力平衡，则有：T=μmg；

对下面物体B受力分析；则有：F=2μmg+μ（2m）g=4μmg；

当有三个物体；同理，F=9μmg；

因此若有n个质量为m的完全相同的物块叠放在一起，F=n2μmg

故答案为：n2μmg．10、16π【分析】【分析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、周期和向心力的表达式，再结合地球表面重力加速度的公式进行讨论即可．【解析】【解答】解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r；地球质量为M；有。

=mω2r=m=mr

r=4R；

根据万有引力等于重力得地球表面重力加速度为：g=；

若已知地地球表面的重力加速度为g，则卫星做匀速圆周运动的速度是v==；

若已知地球的质量为M；万有引力常量为G；

则卫星做匀速圆周运动的角速度是ω==；

周期是T=2π=16π；

故答案为：，，16π．11、2v【分析】【分析】物体在恒力F作用下由静止运动到速度为v，当换成相反方向大小为3F，经过一段时间，回到出发点，由动能定理可求出物体回到出发点的速率．【解析】【解答】解：设物体在恒力F作用下发生的位移为s，由动能定理得：Fs=①

物体在3F恒力作用下；先做匀减速运动，速度减小到零后返回，到物体回到原出发点时，物体的位移大小仍为s．在3F恒力作用的过程中，由动能定理得：

3Fs=②

由①②得：vt=2v；

即物体回到原出发点时的速度为2v．

故答案为：2v12、变大变小有【分析】【分析】根据磁通量的定义与产生感应电流的条件分析答题．【解析】【解答】解：当磁体从图示位置竖直向下运动到磁体的N极到达线圈所在平面时；穿过线圈的磁感线条数增加，那么穿过线圈的磁通量将变大．再继续往下运动过程，穿过线圈的磁感线条数减少，穿过线圈的磁通量将变小；

此过程中；穿过闭合线圈的磁通量发生变化，线圈中有感应电流产生．

故答案为：变大；变小；有．三、判断题(共7题，共14分)13、√【分析】【分析】人们熟悉的物质状态（又称相）为气、液、固，较为生疏的是电浆和液晶，液晶像液体一样可以流动，又具有某些晶体结构特征的一类物质．液晶是介于液态与结晶态之间的一种物质状态．【解析】【解答】解：液晶像液体一样可以流动；又具有某些晶体结构特征的一类物质，所以液晶分子在特定方向排列比较整齐，但不稳定．故该说法是正确的．

故答案为：√14、×【分析】【分析】首先知道平衡态和热平衡的定义，知道影响的因素是不同；知道温度是判断系统热平衡的依据；据此分析判断即可．【解析】【解答】解：一般来说；平衡态是针对某一系统而言的，描述系统状态的参量不只温度一个，还与体积压强有关，当温度不变时，系统不一定处于平衡态．所以该说法是错误的．

故答案为：×15、×【分析】【分析】首先据波动图象读出波长和求出周期，根据质点的振动和波的传播特点分析质点的振动情况，然后再写出振动方程，与题干中的方程比较即可．【解析】【解答】解：该波是振幅是10cm，波速为10m/s，波长为4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

该波向x轴的正方向传播；由上下坡法可知，图中P质点在t=0时刻振动的方向向下，所以振动方程为y=-10sin5πt（cm），错误．

故答案为：×16、×【分析】【分析】电场的性质是对电荷有力的作用，而电荷受到电场力的方向与电场强度可以相同，也可以相反．当运动的带电粒子的速度方向不与磁场平行，将会受到洛伦兹力作用，根据左手定则可知，洛伦兹力的方向与磁场方向的关系．【解析】【解答】解：当运动的电荷的速度方向与磁场方向平行时；不受洛伦兹力；

故答案为：×．17、√【分析】【分析】一定质量的理想气体的内能只与温度有关，温度越高，内能越大．【解析】【解答】解：物态的内能与物体的物质的量；温度、体积以及物态有关．对一定质量的理想气体；物质的量一定，物态一定，而气体分子之间的作用力可以忽略不计，所以一定质量的理想气体内能的大小只与温度有关．

故答案为：√18、×【分析】【分析】地球是个巨大的磁体，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近．地球周围存在着磁场．【解析】【解答】解：地理北极附近是地磁南极；地理南极附近是地磁北极．所以该说法是错误的．

故答案为：×19、√【分析】【分析】磁场虽然是看不见、摸不着的，但它会对放入它中的磁体产生力的作用，小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同．【解析】【解答】解：磁体的周围存在磁场；电流周围也存在磁场，磁场的基本性质是对放在其中的磁体存在力的作用．

磁场方向与放在该点的小磁针的N极静止时的方向一致；或小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．所以该说法是正确的．

故答案为：√四、证明题(共4题，共36分)20、略

【分析】【分析】（1）根据惠更斯原理画出波面C1D1与C2D2；根据几何关系得到入射角正弦和折射角的正弦．结合光传播距离公式s=vt求解．

（2）根据光线在两种介质中的速度之比为入射角和折射角的正弦之比，通过几何关系求出A1C1B1和A2C2B2的长度相差的距离【解析】【解答】解：（1）证明：如图，根据惠更斯原理画出波面C1D1与C2D2．

在RT△C1D1C2和RT△C2D2C1中：∠C2C1D1=θ1，∠C1C2D2=θ2；有：

，

又因为D1C2=v1t，C1D2=v2t

所以联立各式得：得证。

（2）根据，v1：v2=4：3和θ1=53°得：θ2=37°

所以C1C2=1.0m，D1C2=0.8m，C1D2=0.6m

所以A1C1B1与A2C2B2的长度相差：△r=D1C2-C1D2=0.2m

答：（1）证明见上．

（2）A1C1B1与A2C2B2的长度相差0.2m．21、略

【分析】【解析】以小球为研究对象，由题可知，小球在水平面内做匀速圆周运动，半径为R=lsin+r，由重力和细绳拉力的合力提供向心力，力图如图．设转速为n，则由牛顿第二定律得①②②代入①得解得思路分析：小球随着一起转动时在水平面内做匀速圆周运动，由重