2025年浙教新版选择性必修2物理下册月考试卷含答案

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A.电路中将有顺时针方向的电流B.导线将做匀速直线运动C.导线的N端相当于电源的正极D.导线受到的安培力向左2、如图所示，光滑的金属轨道分为水平段和圆弧段两部分，O点为圆弧的圆心，N为轨道交点．两轨道之间宽度为0.5m，匀强磁场方向竖直向上，大小为0.5T．质量为0.05kg的金属细杆置于轨道上的M点．当在金属细杆内通以电流强度为2A的恒定电流时，其可以沿轨道由静止开始向右运动．已知MN＝OP＝1.0m，金属杆始终垂直轨道，OP沿水平方向，则()

A.金属细杆在水平段运动的加速度大小为5m/s2B.金属细杆运动至P点时的向心加速度大小为10m/s2C.金属细杆运动至P点时的速度大小为0D.金属细杆运动至P点时对每条轨道的作用力大小为0.75N3、如图所示，带正电的粒子（不计重力）以某一速度射入垂直纸面向里的匀强磁场时；因受洛伦兹力作用将（）

A.向左偏转B.向右偏转C.做匀加速直线运动D.做匀减速直线运动4、如图所示，在xoy坐标系的第一象限内存在垂直于纸面向里的匀强磁场。一带电粒子在P点以与轴正方向成60°的方向射入磁场，并沿垂直于y轴的方向射出磁场。已知匀强磁场的磁感应强度大小为带电粒子质量为m，电荷量为q，OP=a；不计粒子的重力。根据上述信息可以得出（）

A.带电粒子在磁场中运动的速率为B.带电粒子在磁场中运动的时间为C.带电粒子在磁场中运动轨迹的半径为D.带电粒子在磁场中运动轨迹的圆心坐标为5、手机无线充电技术越来越普及，其工作原理如图所示，其中送电线圈和受电线圈匝数比两个线圈中所接电阻的阻值均为R。当间接上的正弦交变电源后，受电线圈中产生交变电流给手机快速充电，这时手机两端的电压为充电电流为若把装置线圈视为理想变压器；下列说法正确的是（）

A.R的值为B.快速充电时，间电压C.快速充电时，送电线圈的输入电压D.快速充电时，送电线圈的输入功率为6、一不可伸长通电直导线与x轴平行放置，匀强磁场的方向与xOy坐标平面平行，导线受到的安培力为F。若将该导线做成圆环，放置在xOy坐标平面内，如图所示，并保持通电的电流不变，两端点ab连线与x轴重合；则圆环受到的安培力大小为（）

A.FB.FC.FD.F7、如图所示；条形磁铁放在桌面上，一根通电直导线由S极的上端平移到N极的上端的过程中，导线保持与磁铁垂直，导线的通电方向如图所示，则此过程中磁铁受到的摩擦力（磁铁保持静止）（）

A.为零B.方向由向左变为向右C.方向保持不变D.方向由向右变为向左8、如图甲所示是一个“简易电动机”；一节5号干电池的正极向上，一块圆柱形强磁铁吸附在电池的负极，将一段裸铜导线弯成图中所示形状的线框，线框上端的弯折位置与正极良好接触，下面弯曲的两端与磁铁表面保持良好接触，放手后线框就会转动起来。该“简易电动机”的原理图如图乙所示。关于该“简易电动机”，下列说法正确的是（）

A.从上往下看，该“简易电动机”逆时针旋转B.电池的输出功率大于线框转动的机械功率C.线框①、②两部分导线电阻在电路中是串联关系D.“简易电动机”由静止到转动起来的过程中，线框中的电流增大评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、在如图甲所示的LC振荡电路中，通过P点的电流随时间变化的图线如图乙所示，若把通过P点向右的电流规定为正值；则（）

A.0至0.5ms内，电容器C正在充电B.0.5ms至1ms内，电容器上极板带正电C.1ms至1.5ms内，Q点比P点电势高D.1.5ms至2ms内，磁场能在减少10、如图，空间存在方向垂直于纸面（xOy平面）向里的磁场。在x≥0区域，磁感应强度的大小为B0；x<0区域，磁感应强度的大小为3B0。一质量为m、电荷量为q（q>0）的带电粒子以速度v0沿与x轴正向成60°角射入磁场，并垂直于y轴进入第二象限，当粒子的速度方向第一次沿x轴正向时，不计粒子重力，则粒子运动的时间t和粒子与O点间的距离d分别为（）

A.B.C.D.11、如图，两根足够长的光滑平行金属导轨固定于同一竖直平面内，导轨电阻不计，导轨宽为L，底端通过导线连接一个电阻为R的定值电阻。整个导轨处在方向垂直纸面向里的匀强磁场中，质量为m长度与导轨等宽的匀质金属杆垂直导轨放置，金属杆电阻不计。某时刻以初速度为v0向上抛出金属杆，一段时间后，金属杆再次回到相同位置时的速度为v1。重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.金属杆运动的总时间为B.运动过程中产生的焦耳热为C.金属杆的最大位移为D.通过金属杆的电荷量为12、昆明石龙坝水电站是中国第一座水电站；距离昆明30km，最初装机容量为480kW，如图所示为电站向昆明某片区供电的示意图，若忽略发电机内阻，变压器为理想变压器，在装机容量内，用户功率增大，下列说法正确的是（）

A.输电电压增大B.输电效率增大C.发电厂的输出功率增大D.输电线路损失功率增大13、如图所示为变压器工作电路示意图，其中T为理想变压器，输电线电阻可等效为电阻r，灯L1、L2相同且阻值不变．现保持变压器T的输入电压不变，滑片P处于图中位置，开关S断开，该状态下灯L1正常发光；则下列说法正确的是。

A.仅闭合开关S，灯L1会变亮B.仅闭合开关S，r消耗的功率会变大C.仅将滑片P下移，r消耗的功率会变小D.仅将滑片P上移，电流表示数会变小14、霍尔元件是一种应用霍尔效应的磁传感器，广泛应用于各领域。如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁场方向垂直霍尔元件工作面，霍尔元件宽为d（M、N间距离），厚度为h（图中上下面距离），当通以图示方向电流时，MN两端将出现电压UH；则（）

A.若霍尔元件的载流子是自由电子，则M端电势比N端高B.若仅改变磁感线与霍尔元件工作面的夹角，UH将不变C.若仅增大霍尔元件宽度d，则MN两端电压UMN一定增大D.若仅减小霍尔元件厚度h，则MN两端电压UMN一定增大15、如图所示直角坐标系xOy，P（a，－b）为第四象限内的一点，一质量为m、电量为q的负电荷（电荷重力不计）从原点O以初速度沿y轴正方向射入，第一次在整个坐标系内加垂直纸面向内的匀强磁场，该电荷恰好能通过P点；第二次保持y>0区域磁场不变，而将y<0区域磁场改为沿x方向匀强电场，该电荷仍通过P点（）

A.匀强磁场的磁感应强度为B.匀强磁场的磁感应强度C.电荷从O运动到P，第二次所用时间一定短些D.电荷通过P点时的速度，第二次与x轴负方向的夹角一定小些16、在匀强磁场中；一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动，如图甲所示．产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示．则下列说法正确的是（）

A.t＝0.01s时穿过线框的磁通量最小B.该交变电动势的有效值为11VC.该交变电动势的瞬时值表达式为e＝22sin（100πt）VD.电动势瞬时值为22V时，线圈平面与中性面的夹角为45°17、如图所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图像如图中曲线a、b所示；则下列说法正确的是（）

A.两次t=0时刻线圈平面均与中性面重合B.曲线a、b对应的线圈转速之比为3∶2C.曲线a表示的交变电动势频率为25HzD.曲线b表示的交变电动势有效值为10V评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)18、在“探究影响感应电流方向的因素”实验中，某同学忘记记录图中甲乙丙丁四种情况中磁铁的运动情况，请你在每一个图中用箭头标记一下与感应电流方向相匹配的磁铁的运动方向_________________。

19、交变电流：大小和方向随时间做_________变化的电流叫作交变电流，简称_____________20、甲、乙两图中电容器的电容都是C=4×10-6F，自感线圈的直流电阻不计，自感线圈的自感系数都是L=9×10-4H，甲图中开头S先接a端，充电结束后将开关S扳到b端；乙图中开关S先闭合，稳定后断开。甲、两图中LC回路开始电磁振荡后的t=3.14×10-4s时刻，电容器C1正在___________（选填“充电”或“放电”），电容器C1的上极板带___________（选填“正电”或“负电”）；自感线圈L2中的电流方向为___________（选填“向左”或“向右”），自感线圈L2中的磁场能正在___________（选填“增大”或“减小”）。

21、远距离输电线路简化如图所示，图中标示了电压、电流、输电线总电阻R和线圈匝数，变压器均可视为理想变压器。若电厂输送电压不变，随着用户数量增加，用户消耗的功率增大，降压变压器将______（填“增大”“减小”或“不变”）；若电厂输送电功率不变，升压变压器的输出电压增加到10U2，则输电线上损耗功率变为原来的______倍。

22、如图所示，在坐标系中，原点的直线与轴正向的夹角在右侧有一匀强电场，为该电场的左边界，电场无右边界；在第二、三象限内有一有界匀强磁场，磁场上边界与电场边界重叠（即为边）、右边界为轴、左边界为图中平行于轴的虚线，磁场的磁感应强度大小为方向垂直纸面向里。一带正电荷质量为的粒子以某一速度自磁场左边界上的点射入磁场区域，并从点射出，粒子射出磁场时的速度方向与轴的夹角大小为粒子在磁场中的运动轨迹为纸面内的一段圆弧，且圆弧的半径为轴下方的磁场水平宽度的2倍。粒子进入电场后，在电场力的作用下又由点返回磁场区域，经过一段时间后再次离开磁场。已知粒子从点射入到第二次离开磁场所用的时间恰好等于粒子在磁场中做圆周运动的周期。忽略重力的影响。则。

（1）点到轴的垂直距离为________。

（2）匀强电场的大小为________。粒子从第二次离开磁场到再次进入电场时所用的时间为_______。

23、(1)某同学欲将如图1所示的微安表改装成量程为的电压表。已知微安表的内阻为需要_____（选填“串联”或“并联”）________的电阻。

(2)该同学用改装后的电压表测量某段电路两端的电压时，指针所指位置如图2所示，则所测的电压为________

(3)微安表在运输时需要用导体把正负两个接线柱连在一起，请说明这样做的理由______。评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)24、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

25、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

26、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

27、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、解答题(共3题，共6分)28、如图所示，一足够长的平行边界PQ的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里，磁场宽度为d。一质量为m，电量为q的带负电粒子，以一定的速度与边界P成60°角垂直磁场方向射入匀强磁场，从另一边界Q与边界线成30°角射出磁场；不计粒子重力。求：

（1）粒子作匀速圆周运动的速度大小；

（2）粒子在磁场中运动的时间。

29、空间分布着如图所示的匀强电场和垂直于纸面的匀强磁场，其中区域足够大，分布在半径的圆形区域内，MN为过其圆心O的竖直线，区域磁感应强度大小均为1T，虚线与MN平行且相距1m，其右侧区域存在着与水平方向成45°斜向下的匀强电场，电场强度电场区域足够大。磁场中有粒子源S，S与O点的距离且SO垂直于MN。某时刻粒子源S沿着纸面一次性向各个方向均匀射出一群相同的带正电粒子，粒子的质量均为电量均为速率均为其中某粒子先经区域偏转再从虚线圆的最低点P进入区域偏转，最后以水平方向的速度从A点进入电场区域。AB为与电场方向垂直的无限大的绝缘板。不计粒子的重力以及粒子之间的相互作用。

（1）求粒子在磁场中的轨迹半径；

（2）求能够进入区域的粒子数与发射的粒子总数之比；

（3）从A点水平进入电场区域的带电粒子在电场中运动一段时间后与绝缘板发生碰撞，粒子与AB板发生碰撞时垂直板方向的速度大小不变、方向相反，沿板方向的速度不变。若粒子能打在C点（图中未画出），求A点距O点的竖直高度以及AC之间的距离满足的关系式。

30、如图，两根质量、电阻均相同的金属棒MN、PQ分别置于光滑的金属导轨上，导轨水平和倾斜部分均处在垂直于导轨、强度相同的匀强磁场中，倾斜导轨与水平方向的夹角不计导轨的电阻，MN与固定在水平导轨上的力传感器连接。现对PQ施加平行于倾斜导轨的随时间而由0开始均匀增大的作用力使其在距导轨底端处由静止开始运动，棒与导轨始终垂直且接触良好，电脑显示MN受到力传感器水平向右的拉力与时间成正比，即MN始终保持静止状态，重力加速度取

（1）分析并说明PQ棒的运动方向及运动情况。

（2）判断的方向，并写出的大小与时间的关系式。

（3）求PQ运动到导轨底端时，速度的大小。

（4）若PQ运动到底端的过程中，若做功则MN产生的焦耳热为多少？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

根据右手定则，电路中将有逆时针方向的电流，M端相当于电源正极；根据左手定则，导线受到的安培力向左，导线将做减速直线运动，最终停止。

故选D。2、D【分析】【详解】

A．根据牛顿第二定律得：金属细杆开始运动时的加速度大小为

故A错误；

C．设金属细杆运动到P点时的速度大小为v，从M到P过程，由动能定理得：

代入数据解得：

故C错误；

B．金属细杆运动到P点时的向心加速度大小为

故B错误；

D．在P点，设每一条轨道对细杆的作用力大小为N，由牛顿第二定律得：2N－BIL＝ma

代入数据解得：N=0.75N

由牛顿第三定律得细杆在P点对每一条轨道的作用力大小为N′＝N＝0.75N；故D正确．

故选D．3、A【分析】【详解】

依题意，根据左手定则判断知该粒子所受洛伦兹力方向水平向左，粒子将向左偏转，且做匀速圆周运动，故选A。4、A【分析】【详解】

带电粒子的运动轨迹如图所示。

C．由几何关系可知

得

故C错误；

A．带电粒子所受洛伦兹力提供向心力有

得

故A正确；

B．带电粒子在磁场中的偏转角为则带电粒子在磁场中运动的时间为

故B错误；

D．圆心Q离O点的距离为

带电粒子在磁场中运动轨迹的圆心坐标为故D错误。

故选A。5、D【分析】【详解】

BC．对送电线圈有

受电线圈有

由原副线圈电流和匝数的关系得

联立解得

故BC错误；

A．由欧姆定律可得

故A错误。

D．变压器原副线圈的功率相等，则送电线圈的输入功率

故D正确。

故选D。6、B【分析】【详解】

通电导线为L，此时受到的安培力为F，制作成圆环时，圆环的半径为R，则

解得

故圆环的有效长度ab的长度

所以此时圆环受到的安培力

故选B。7、B【分析】【分析】

【详解】

由图可知通电导线所在位置的磁场的方向；根据左手定则可以判定通电导线所受安培力的方向如图所示。

显然安培力有一个水平方向的分量；根据牛顿第三定律可知条形磁铁受到通电导线的安培力也有一个水平方向的分量，而由于条形磁铁保持静止，故条形磁铁所受地面的静摩擦力与安培力在水平方向的分量相互平衡。所以当导线在条形磁铁的左侧上方时条形磁铁所受的静摩擦力方向向左，而当导线运动到条形磁铁的右半部分上方时条形磁铁所受地面的静摩擦力水平向右。故条形磁铁所受摩擦力的方向由向左变为向右，故B正确，ACD错误。

故选B。8、B【分析】【分析】

【详解】

A．线框的上下两条边受到安培力的作用而发生转动的；根据左手定则可以判断从上往下看，线框将做顺时针转动，故A错误；

B．电池输出的电动率一部分用来用于线框的发热功率；一部分提供线框转动的机械功率，所以电池输出的电功率大于线框旋转的机械功率，故B正确；

C．线框①；②两部分导线电阻在电路中是并联关系；故C错误；

D．稳定时；因导线切割磁感应线，产生的感应电动势与电源相反，则线框中电流比刚开始转动时的小，故D错误；

故选B。二、多选题(共9题，共18分)9、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由题图乙知；0至0.5ms内，i在增大，电容器正在放电，A错误；

B．0.5ms至1ms内；电流在减小，为充电过程，电容器上极板带负电，B错误；

C．1ms至1.5ms内，为放电过程，电容器下极板带正电，电势较高，则Q点比P点电势高；C正确；

D．1.5ms至2ms内；为充电过程，磁场能在减少，D正确。

故选CD。10、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的向心力由洛伦兹力提供，所以在x>0区域有

在x<0区域有

解得

在x>0区域运动时间

在x<0区域运动时间

故粒子运动的时间

A正确；B错误；

CD．粒子与O点间的距离

C正确；D错误；

故选AC。11、A:B【分析】【详解】

A．由

令

则

以竖直向下为正方向，由动量定理

又

解得金属杆运动的总时间

故A正确；

B．由能量守恒得

解得运动过程中产生的焦耳热

故B正确；

CD．由A可知无法对通过金属杆的电荷量进行计算；故也无法对金属杆的最大位移进行计算，故CD错误。

故选AB。12、C:D【分析】【详解】

A．发电机的输出电压不变；升压变压器的匝数比不变，输电电压就不变。A错误；

B．若输电电流为I，输电电压为U，输电功率为PP=UI

输电损失的功率为

因为用户功率增大；输电电流增大，所以输电效率减小，B错误；

C．根据P=UI

输电电流增大；发电厂的输出功率增加，C正确；

D．根据

输电电流增大；输电线损失的功率增大，D正确。

故选CD。13、B:C【分析】【详解】

A项：闭合s，副线圈的电阻变小，副线圈的电压不变，所以副线圈中电流增大，上损失的电压增大，灯泡两端的电压变小，所以灯变暗；故A错误；

B项：由A项分析可知，副线圈中的电流增大，由公式可知，消耗的功率会变大；故B正确；

C项：仅将滑片P下移，副线圈的匝数变小，副线圈中两端的电压变小，副线圈中的电流变小，所以消耗的功率会变小；故C正确；

D项：仅将滑片P上移，副线圈的匝数变大，副线圈两端电压变大，所以原线圈中的电流变大，即电流表示数变大，故D错误．14、A:D【分析】【详解】

A．根据左手定则，电子向N侧面偏转，N表面带负电，M表面带正电，所以M表面的电势高；故A正确；

B．仅改变磁感线与霍尔元件工作面的夹角，在垂直于工作面方向上的磁感应强度将小于原磁场磁感应强度的大小，则将减小；故B错误；

CD．据

以及

可得

UH与宽度d无关，仅减小霍尔元件厚度h，则MN两端电压UMN一定增大；故C错误，D正确。

故选AD。15、A:C【分析】【详解】

AB．电荷第一次的运动轨迹如图1所示，设粒子运动的半径为r，根据几何关系可得①

解得②

根据牛顿第二定律有③

联立②③解得

故A正确，B错误；图1

C．易知电荷两次在第一象限中运动时间相同。电荷第一次在第四象限中运动到P点的过程中，其沿y轴方向的分速度不断减小，且始终小于v0，而电荷第二次在第四象限中运动到P点的过程中，其沿y轴方向的分速度始终等于v0，而电荷两次在第四象限运动到P点时的竖直分位移相同；所以电荷第二次在第四象限中运动的时间短些，进而可知整个过程，第二次所用时间一定短些，故C正确；

D．设电荷第一次通过P点时的速度与x轴负方向的夹角为θ1，根据几何关系可得

电荷第二次的运动轨迹如图2所示，设电荷第二次通过P点时的速度与x轴负方向的夹角为θ2，根据类平抛运动规律的推论可知

所以有

即第二次与x轴负方向的夹角一定大些；故D错误。

故选AC。图2

故选AC。16、C:D【分析】【详解】

A．由图象知：t=0.01s时；感应电动势为零，则穿过线框的磁通量最大，A错误；

B．该交变电动势的有效值为

B错误；

C．当t=0时，电动势为零，线圈平面处于中性面上，故该交变电动势的瞬时值表达式为

C正确；

D．电动势瞬时值为22V时，代入瞬时表达式

解得

即线圈平面与中性面的夹角为45°；D正确。

故选CD。17、A:B:C【分析】【分析】

根据图象可分别求出两个交流电的最大值以及周期等物理量；然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等。

【详解】

A．在t=0时刻；感应电动势为零，此时线圈一定处在中性面上，故A正确；

B．由图可知，a的周期为b的周期为已知转速与周期成反比，故转速之比为3：2，故B正确；

C．曲线a的交变电流的频率

故C正确；

D．曲线a、b对应的线圈转速之比为3：2，曲线a表示的交变电动势最大值是15V，根据

得曲线b表示的交变电动势最大值是10V，则有效值为

故D错误；

故选ABC。三、填空题(共6题，共12分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

根据楞次定律可知；甲图中螺线管上端为N极，则磁铁向下运动；乙图中螺线管上端为S极，则磁铁向下运动；丙图中螺线管上端为S极，则磁铁向上运动；丁图中螺线管上端为N极，则磁铁向上运动。如图所示；

【解析】19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】周期性交流20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由公式可求得LC回路振荡周期

t=3.14×10-4s时刻是开始振荡后的T。如图所示是题图甲对应的q-t图像（以上极板带正电为正），也是题图乙对应的i-t图像（以LC回路中有逆时针方向电流为正），图像均为余弦函数图像。在T时刻，从题图甲对应的q-t图像看出，电容器C1正在充电且上极板带正电。

[3][4]从题图乙对应的i-t图像看出，自感线圈L2中的电流向左且正在增大，所以自感线圈L2中的自感磁场能正在增大。

【解析】①.充电②.正电③.向左④.增大21、略

【分析】【详解】

[1]随着用户数量增加，降压变压器副线圈负载变小，电流变大，则降压变压器原线圈电流变大，电厂输送电压不变，则不变，根据电压关系

电流变大，则变小，根据原副线圈电压与匝数的关系可知降压变压器减小；

[2]若电厂输送电功率不变，升压变压器的输出电压增加到根据可知，输电电流变为原来的根据

可知则输电线上损耗功率变为原来的0.01。【解析】减小0.0122、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]粒子第一次进入磁场时弧半径为磁场左右边界间距的二倍，由洛伦兹力提供向心力得

A点到x轴的距离为

(2)[2]粒子在磁场中运动时间为

粒子进入电场后，在电场力的作用下又由O点返回磁场区域说明电场力的方向一定与v相反，再次进入磁场时速度方向与v相反，将向y轴负方向偏转做圆周运动，运动时间为

则在电场中运动的时间为

那么在电场中的运动有

求得

[3]粒子出磁场后到进入电场是匀速直线运动，达到电场的距离为

所用时间为【解析】23、略

【分析】【详解】

(1)[1]把微安表改装成电压表,需要串联一个分压电阻；故选填“串联”。

[2]已知微安表的满偏电流为

分压电阻的阻值为

(2)[3]图2的读数为

所测电压为

(3)[4]微安表在运输过程中由于振动会使指针不停的摆动，可能导致指针损坏，若将正负接线柱接在一起，就相当于把电表的线圈电路组成闭合回路，当指针摆动时，产生感应电流，进而就有安培力作用，安培力会阻碍指针的摆动，保护指针。这就是利用电磁阻尼原理，目的是保护电表指针，防止指针打坏。【解析】串联利用电磁阻尼原理，目的是保护电表指针，防止指针打坏四、作图题(共4题，共12分)24、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运