2025年沪教版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版高二物理下册月考试卷200考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线分别为等势线1、2、3，已知MN=NQ，带电量相等的a、b两带电粒子从等势线2上的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下；两粒子的运动轨迹如图所示，则（）

A.a一定带正电，b一定带负电。

B.a加速度减小，b加速度增大。

C.MN两点电势差|UMN|等于NQ两点电势差|UNQ|

D.a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小。

2、在光电效应实验中，如果需要增大光电子到达阳极时的速度，可采用的方法是(

)

A.增加光照时间B.增大入射光的波长C.增大入射光的强度D.增大入射光频率3、图为某小型水电站的电能输送示意图，A为升压变压器，其输入功率为P1，输出功率为P2，输出电压为U2；B为降压变压器，其输入功率为P3，输入电压为U3．A、B均为理想变压器，输电线的总电阻为r；则下列关系式正确的是（）

A.P1＞P2

B.P2=P3

C.U2＞U3

D.U2=U3

4、炮弹从炮口射出时的速度大小为v；方向与水平方向成a角，把这个速度沿水平和竖直方向分解，其竖直分速度的大小是（）

A.vsina

B.vcosa

C.v/sina

D.v/cosa

5、如图所示，人静止在水平地面上的测力计上，下列说法正确的是(

)

A.人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对作用力与反作用力B.人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对平衡力C.人对测力计没有压力D.人对测力计有压力，测力计对人没有支持力6、在物理学史上，奥斯特首先发现电流周围存在磁场。随后，物理学家提出“磁生电”的闪光思想。很多科学家为证实这种思想进行了十多年的艰苦研究，首先成功发现“磁生电”的物理学家是()A.牛顿B.安培C.法拉第D.霍金7、关于产生感应电流的条件，以下说法中正确的是()

A.导体在磁场中运动，导体中就一定有感应电流B.导体做切割磁感线运动，导体中就一定有感应电流C.穿过闭合电路的磁通量不为零，闭合电路中就一定产生感应电流D.无论什么方法，只要穿过闭合回路的磁通量发生变化，闭合电路中就一定产生感应电流8、如图所示，质量为m

的物块，带正电荷Q

开始时让它静止在倾角娄脕=60鈭�

的固定光滑绝缘斜面顶端，整个装置放在水平方向、大小为E=3mgQ

的匀强电场中(

设斜面顶端处电势为零)

斜面高为H.

释放后，物块落地时的电势能为Ep

物块落地时的速度大小为v

则(

)

A.Ep=鈭�3mgH

B.Ep=鈭�33mgH

C.v=2gH

D.v=2gH

9、满足下列哪个条件时，闭合回路中就会产生感应电流(

)

A.有磁感线穿过回路B.回路中有磁通量C.磁通量发生变化D.穿过回路的磁通量较大评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)10、用不同频率的光照射某金属，测量其反向遏止电压UC与入射光频率ν，得到UC-ν图象，根据图象求出该金属的截止频率νC=____Hz，金属的逸出功W=____eV，普朗克常量h=____J·s．11、有两个单摆做简谐运动，位移与时间关系是：x1=3asin(4πbt+π/4)和x2=9asin(8πbt+π/2)，其中a、b为正的常数，则它们的：①振幅之比A1：A2=__________；②摆长之比L1：L2=_________。12、匀强磁场中有一段长为0.2m的直导线，它与磁场方向垂直，当通过2.0A的电流时，受到0.8N的安培力，磁场磁感应强度是______T；当通过的电流加倍时，磁感应强度是______T，导线受到的安培力大小为______N．13、电场中某区域的电场线分布如图，AB

为电场中的两点，则A

点的电势______B

点的电势，A

点的场强______B

点的场强．14、容积为20L的钢瓶内，贮有压强为1.5×107Pa的氧气。打开钢瓶的阀门，让氧气分装到容积为5L的氧气袋中(袋都是真空的)，充气后的氧气袋中氧气压强都是1.0×106Pa，设充气过程不漏气，环境温度不变，则这瓶氧气最多可分装——袋15、如图所示；把一个不带电的枕形导体靠近带正电的小球，由于静电感应：

（1）b端带______（“正”或“负”）电；

（2）闭合开关K1，b端带______（“正”或“负”或“不带电”）电，有电子从______流向______（“大地”或“导体”）．16、图甲是验证机械能守恒定律的实验装置；重物的质量为m.

实验时应先__________(

选填“接通电源”或“释放纸带”).

如图乙所示，在选定的纸带上依次取计数点ABC

相邻计数点间的时间间隔为T

且O

为打下的第一个点，各计数点距O

点距离如图乙所示.

当打点计时器打下点B

时，重物增加的动能表达式为______________，重物减少的重力势能表达式为______________.(

已知重力加速度为g)

17、某同学设计了一个用打点计时器验证动量守恒定律的实验；在小车A

的前端粘有橡皮泥，设法使小车A

做匀速直线运动，然后与原来静止的小车B

相碰并粘在一起，继续做匀速运动，设计如图1

所示：

在小车A

的后面连着纸带；电磁打点计时器的频率为50Hz

长木板下垫着小木片用以平衡摩擦力．

(1)

若已得到打点纸带如图2

所示，并测得各计数点间的距离，在图上标出A

为运动起始的点，则应选______段来计算A

碰前的速度，应选______段来计算A

和B

碰后的共同速度．

(2)

已测得小车A

的质量mA=0.4kg

小车B

的质量mB=0.20kg

则由以上结果可得碰前总动量=

______kg?m/s

碰后总动量=

______kg?m/s

．

18、一电流表的满偏电流Ig=1mA

内阻为200娄赂.

要把它改装成一个量程为0.5A

的电流表，则应在电流表上______接一个阻值为______娄赂

电阻．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）21、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

22、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

23、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验探究题(共3题，共6分)24、在“测定金属丝的电阻率”的实验中；某同学进行了如下测量：

（1）用毫米刻度尺测量接入电路中的被测金属丝的有效长度．测量3次，求出其平均值l．其中一次测量结果如图甲所示，金属丝的另一端与刻度尺的零刻线对齐，图中读数为______cm．用螺旋测微器测量金属丝的直径，选不同的位置测量3次，求出其平均值d．其中一次测量结果如图乙所示，图中读数为______mm．

（2）采用图丙所示的电路测量金属丝的电阻．电阻的测量值比真实值______（填“偏大”或“偏小”）．最后由公式ρ=______计算出金属丝的电阻率（用直接测量的物理量表示）．25、用如图所示的器材通过实验来研究某电阻元件Z

的伏安特性曲线.

已知电压表的内阻远大于电阻元件的电阻．

(1)

若要求加在电阻元件上的电压从零开始逐渐增大；在图中虚线方框内画出实验原理图．

(2)

将图甲中仪器连成实物连接图。

(3)

某实验小组采用合理的实验方法测得多组UI

数据如下表所示。

。U/V0.000.200.501.001.502.002.503.00I/A0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215利用这些数据绘出的电阻元件的伏安特性曲线如图乙所示；请根据这些数据和图线回答下列问题：

垄脵

电阻元件的电阻随电压U

的变大而______(

填“变大”；“变小”或“不变”)

垄脷

若把电阻元件接入如图丙所示的电路中时，电流表的读数为0.070A

已知AB

两端电压恒为1.5V

则定值电阻R0

阻值为______娄赂.(

结果保留两位有效数字)

26、某同学研究小灯泡的伏安特性，所使用的器材有：小灯泡L(

额定电压3.8V

额定电流0.32A)

电压表V(

量程3V

内阻3k娄赂)

电流表A(

量程0.5A

内阻0.5娄赂)

固定电阻R0(

阻值1000娄赂)

滑动变阻器R(

阻值0隆芦9.0娄赂)

电源E(

电动势5V

内阻不计)

开关S

导线若干。

(1)

实验要求能够实现在0隆芦3.8V

的范围内对小灯泡的电压进行测量，画出实验电路图。(2)

实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图(a)

所示。由实验曲线可知，随着电流的增加小灯泡的灯丝的电阻率_________(

填“增大”“不变”或“减小”)

(3)

用另一电源E0(

电动势4V

内阻1.00娄赂)

和题给器材连接成图(b)

所示的电路，调节滑动变阻器R

的阻值，可以改变小灯泡的实际功率。闭合开关S

在R

的变化范围内，小灯泡的最小功率为____________W(

结果均保留2

位小数)

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B|D【分析】

A、由图，a粒子的轨迹方向向右弯曲，a粒子所受电场力方向向右，b粒子的轨迹向左弯曲，b粒子所受电场力方向向左；由于电场线方向未知，无法判断粒子的电性．故A错误．

B、由题，a所受电场力逐渐减小，加速度减小，b所受电场力增大；加速度增大．故B正确．

C、已知MN=NQ，由于MN段场强大于NQ段场强，所以MN两点电势差|UMN|大于NQ两点电势差|UNQ|．故C错误．

D、根据电场力做功公式W=Uq，|UMN|＞|UNQ|，a粒子从等势线2到3电场力做功小于b粒子从等势线2到1电场力做功，所以a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小．故D正确．

故选BD

【解析】【答案】根据粒子轨迹的弯曲方向；判断电场力方向．当电场力方向与场强方向相同时，粒子带正电，当电场力方向与场强方向相反时，粒子带负电．电场线越密，场强越大，粒子受到的电场力越大，加速度越大．非匀强电场中，距离相等的两点间，场强越大，电势差越大．根据电场力做功的大小，判断动能变化量的大小．

2、D【分析】解：根据光电效应方程Ekm=h娄脙鈭�W0

知；增大入射光的频率(

或减小入射光的波长)

最大初动能变大，可以增大光电子到达阳极的速度，与强度；照射时间无关.

故D正确，AB

C错误．

故选D．

根据光电效应方程Ekm=h娄脙鈭�W0

判断最大初动能与什么因素有关．

解决本题的关键掌握光电效应方程，以及知道最大初动能与入射光的强度和照射时间无关．【解析】D

3、C【分析】

A、理想变压器的输入功率等于输出功率，即P1=P2；故A错误；

B、在输电过程中，在输电导线上有功率损失，所以升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率，即P2＞P3；故B错误；

C、由于输电导线有电阻，输电线上有电压损失，因此升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压，即U2＞U3；故C正确，故D错误；

故选C．

【解析】【答案】理想变压器的输入功率与输出功率相等；在输电过程中；由于导线有电阻，电流流过输电导线时，电压有损失；电功率有损失；根据以上分析答题．

4、A【分析】

根据平行四边形定则得，竖直分速度vy=vsinα．故A正确；B；C、D错误．

故选A．

【解析】【答案】炮弹的速度可以在水平和竖直两个方向上分解；直接求解即可．

5、A【分析】解：A

人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对作用力与反作用力.

故A正确B错误．

C；人对测力计有压力.

故C错误．

D；人对测力计有压力；根据力的相互性，测力计对人有支持力.

故D错误．

故选A

平衡力；作用力反作用力都是大小相等、方向相反；作用在同一直线上.

平衡力作用在同一物体上，作用力与反作用力作用在不同的物体上．

解决本题的关键知道平衡力、作用力反作用力都是大小相等、方向相反，作用在同一直线上.

平衡力作用在同一物体上，作用力与反作用力作用在不同的物体上．【解析】A

6、C【分析】【分析】首先成功发现“磁生电”的物理学家是法拉第，不是牛顿、安培和霍金。对于物理学上重大的发现和著名理论，要加强记忆，这是高考考查内容之一。【解答】18201820年丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，即电生磁的现象，英国科学法拉第坚信电与磁是紧密联系的，经过十多年的艰苦研究，于18311831年发现了电磁感应现象，即磁生电的现象，故C正确，ABD错误。故选C。【解析】C

7、D【分析】本题考察了感应电流产生的条件，即磁通量发生变化．AD.

产生感应电流的条件是闭合回路中的磁通量发生变化；导体相对磁场运动，不一定发生磁通量变化，故A错误，D正确;

B.必须是闭合回路中部分导体切割磁感线运动；才会产生感应电流，故B错误;

C.磁通量不为零；磁通量不一定发生变化，所以不一定会产生感应电流，故C错误。

故选D。

点评：产生感应电流的条件是闭合回路中的磁通量发生变化，或者是闭合回路中部分导体切割磁感线运动，才会产生感应电流。【解析】D

8、A【分析】解：物块的受力如图：所以小球将沿合力的方向斜向下运动；沿水平方向的位移：

x=qEmg

A；B

由电场力做功等于电势能的变化可得物块落地时的电势能为：EP=鈭�qEx=鈭�3mgH

故A正确，B错误；

C；D

运用动能定理研究从开始到落地过程；

mgH+qEx=12mv2鈭�0

即：mgH+mgx=12mv2鈭�0

所以：v=22gH

故CD错误；

故选：A

由电场力做功等于电势能的变化可得物块落地时的电势能；运用动能定理解决这个问题。

了解研究对象的运动过程是解决问题的前提；根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题．

物体的运动是由所受到的力和初状态决定的.

这个题目容易认为物块沿着斜面下滑．【解析】A

9、C【分析】解：感应电流产生的条件垄脵

闭合回路；垄脷

穿过闭合导体回路的磁通量发生变化.

即穿过闭合导体回路的磁通量发生变化闭合导体回路中就有感应电流.

故四个选项中只有选项C正确，其他选项都错误．

故选：C

当穿过闭合导体回路的磁通量发生变化；闭合导体回路中就有感应电流．

解决本题的关键掌握感应电流产生的条件，当穿过闭合导体回路的磁通量发生变化，闭合导体回路中就有感应电流．【解析】C

二、填空题(共9题，共18分)10、略

【分析】【解析】试题分析：从图象中可知，当5.0×1014Hz时，截止电压正好为零，说明电子恰好溢出为自由电子，所以截止频率νC=5.0×1014Hz。金属的逸出功W=即约2eV。考点：光电效应【解析】【答案】5.0×1014，2.0，6.4×10-3411、略

【分析】试题分析:①由振动方程可知，两个单摆的振幅分别为A1=3a，A2=9a，振幅之比为1：3．②由三角函数知识可知：由由单摆的周期公式得摆长之比考点：简谐运动的振幅、周期和频率；单摆的周期公式【解析】【答案】①1：3；②4：112、略

【分析】解：由题，通电导线与磁场垂直，则磁场的磁感强度为：B=

磁场的磁感强度由磁场本身决定；当通入的电流加倍时，磁场的磁感强度仍为2T，此时受到的安培力为F=BI′L=2×4×0.2N=1.6N

故答案为：2；2，1.6．

由磁感应强度的定义式B=可以求出磁感应强度大小；磁场的磁感应强度与导线的长度无关；根据F=BIL求得安培力。

熟练应用磁感应强度定义式即可求出磁感应强度，要注意定义式的适用条件．知道磁感应强度的决定因素．会计算当导线与磁场有一定夹角时的安培力的大小【解析】2；2；1.613、略

【分析】解：沿电场线的方向电势降低；故A点的电势高于B

点的电势，电场线的疏密表示电场的强弱，由图可知，A

点场强大于B

点的场强；

故答案为：高于；大于．

明确电场线的性质；知道沿电场的方向电势降落，电场线的疏密表示电场的强弱．

本题考查电场线的性质，要注意明确电场线的疏密表示电场的强弱，而沿电场线电势降落，属于基础内容的考查．【解析】高于；大于14、略

【分析】【解析】试题分析：应用理想气体状态方程环境温度不变计算得除去瓶中剩余的20L气体无法充到氧气袋中，剩余气体可充满袋数考点：理想气体状态方程【解析】【答案】56袋15、略

【分析】解：（1）枕型导体在带正电的小球附近时；枕型导体上的自由电子受到正电荷的吸引，会向金属棒的右边运动，金属棒的右端因有了多余的电子而带负电，左端因缺少电子而带正电；

（2）当闭合任何开关时，导体就会与大地连接，形成新的等势体，a端是近端，会使大地的电子流入枕形导体到达a端，而b端不带电．当处于静电平衡时；枕形导体是个等势体．

故答案为：（1）正；（2）不带电；大地，导体．

（1）感应起电的实质是在带电体上电荷的作用下；导体上的正负电荷发生了分离，使电荷从导体的一部分转移到了另一部分，既然是转移，那么电荷必然守恒．

（2）闭合任何开关时；导体就会与大地连接，会使大地的电子流入枕形导体．

本题考查电荷的转移，有一定的难度，关键知道由于异种电荷相互吸引，大地的负电荷（自由电子）会转移到导体上．【解析】正；不带电；大地；导体16、接通电源mgd2【分析】【分析】通过实验的原理确定需要测量的物理量；从而确定不需要的测量步骤.

实验时，打点计时器应接交流电源，先接通电源，再释放纸带．

纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度.

从而求出动能.

根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值。本题考查验证机械能守恒定律的实验，要熟悉器材的使用，理解实验原理。要运用运动学的公式去求解速度大小.

再求出动能.

某个位置的重力势能的求解要规定零势能面.

只有明确了实验原理以及实验的数据测量，才能明确各项实验操作的具体含义，这点要在平时训练中加强练习。【解答】使用打点计时器时应先交通电源，后释放纸带，所以第一个空应填接通电源。打BB点时物体速度为：v=d3鈭�d12Tv=dfrac{{d}_{3}-{d}_{1}}{2T}物体动能：Ek=12mv2=m(d3鈭�d1)28T2

所以重物增加的动能表达式为m(d3鈭�d1)28T2

物体下落的高度为h3,

减少的重力势能为拢潞mgdmgd2，所以第三个空应填mgdmgd2。重物减少的重力势能表达式为mgdmgd2

故答案为：接通电源m(d3鈭�d1)28T2dfrac{m{left({d}_{3}-{d}_{1}right)}^{2}}{8{T}^{2}}mgdmgd2

【解析】接通电源m(d3鈭�d1)28T2dfrac{m{left({d}_{3}-{d}_{1}right)}^{2}}{8{T}^{2}}mgdmgd2

17、BC；DE；0.42；0.417【分析】解：(1)

由于碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A

独自运动的速度；故AC应在碰撞之前，DE

应在碰撞之后．

推动小车由静止开始运动；故小车有个加速过程，在碰撞前做匀速直线运动，即在相同的时间内通过的位移相同，故BC段为匀速运动的阶段，故选BC计算碰前的速度；

碰撞过程是一个变速运动的过程；而A

和B

碰后的共同运动时做匀速直线运动，故在相同的时间内通过相同的位移，故应选DE段来计算碰后共同的速度．

故答案为BCDE

(2)

碰前系统的动量即A

的动量，则P1=m1v1=m1BC5T=0.40隆脕0.10505脳0.02=0.420kg?m/s

碰后的总动量P2=(m1+m2)v2=(m1+m2)DE5T=(0.40+0.20)隆脕0.06955脳0.02=0.417kg?m/s

故答案为：0.4200.417

．

故本题的答案为：(1)BCDE(2)0.4200.417

(1)

碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A

独自运动的速度；确定AC

应在碰撞之前，DE

应在碰撞之后，在匀速运动时在相同的时间内通过的位移相同，所以BC

应为碰撞之前匀速运动阶段，DE

应为碰撞之后匀速运动阶段．

(2)

物体发生的位移与发生这些位移所用时间的比值等于匀速运动的物体在该段时间内的速度.P=mv=mxt.

根据碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A

独自运动的速度，确定AC

应在碰撞之前，DE

应在碰撞之后，是解决本题的突破口．【解析】BCDE0.420.417

18、略

【分析】解：把电流表改装成0.5A

的电流表需要并联一个分流电阻；

并联电阻阻值：R=IgRgI鈭�Ig=0.001隆脕2000.5鈭�0.001隆脰0.4娄赂

故答案为：并；0.4

．

把电流表改装成大量程的电流表需要并联一个分流电阻；应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值．

本题考查了电流表的改装，知道电流表改装原理、应用并联电路特点与欧姆定律即可正确解题．【解析】并；0.4

三、判断题(共5题，共10分)19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．21、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．23、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、实验探究题(共3题，共6分)24、略

【分析】解：（1）毫米刻度尺读数要估读到0.1mm；故读数为241.3mm=24.13cm；

螺旋测微器固定刻度读数为0；

半刻度读数0.5mm；

可动刻度读数1.8×0.01=0.018mm

故毫米刻度尺读数为0.518mm；

（2）由于采用了安培表外接法，电压表的分流作用会使电流测量值I偏大，而电压测量值U准确，故根据欧姆定律R=电阻测量值偏小；

根据欧姆定律：R=

根据电阻定律：R=

其中：

故

故答案为：（1）24.13，0.518；（2）偏小，．

（1）毫米刻度尺读数要估读到0.1mm；螺旋测微器读数=固定刻度读数+半刻度读数+可动刻度读数；

（2）安培表外接法中，电压表的分流作用会使电流测量值I偏大，根据欧姆定律R=故电阻测量值偏小；根据欧姆定律和电阻定律列式求