2025年沪教版必修1物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版必修1物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、关于加速度，下列说法正确的是（）A.加速度是描述位置变化的物理量B.加速度是描述位置变化快慢的物理量C.加速度是描述速度变化快慢的物理量D.加速度是矢量，其方向与速度方向相同2、质点做直线运动的v－t图像如图所示；则（）

A.在前4s内质点做匀变速直线运动B.在1~3s内质点做匀变速直线运动C.3s末速度的大小为5m/s，方向与选定的正方向相同D.2~3s内与3~4s内质点的速度方向相反3、一个以初速度v0沿直线运动的物体，t秒末速度为vt，其v-t如图所示，为t秒内物体运动的平均速度，a表示物体的加速度．在0~t秒内；下列说法中正确的是：

A.B.C.a逐渐增大D.有一个时刻的加速度4、如图所示为甲、乙两质点做直线运动的v-t图象，若两质点从同一地点出发，到时刻相遇，则下列说法正确的是（）

A.B.C.D.时间内，甲、乙相距的最大距离为3m5、某志愿者站在力传感器上分别完成下蹲和站起动作；计算机同时采集相应的数据。如图所示，这是做其中一个动作时，力传感器的示数随时间变化的情况。下面判断正确的是（）

A.这是站起过程，先失重后超重B.这是站起过程，先超重后失重C.这是蹲下过程，先失重后超重D.这是蹲下过程，先超重后失重评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、质量为的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的图像如图所示，取则（）

A.加速阶段与减速阶段物体加速度大小之比为2:3B.物体位移大小为46mC.物体与水平面间的运动摩擦因数为0.4D.水平推力F的大小为6N7、如图所示，顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平地面上，三条细绳结于O点，一条绳跨过定滑轮平行于斜面连接物块P，一条绳连接小球Q，P、Q两物体处于静止状态，另一条绳OA在外力F的作用下使夹角θ＜90°，现缓慢改变绳OA的方向至θ＞90°，且保持结点O位置不变；整个装置始终处于静止状态。下列说法正确的是（）

A.斜面对物块P的摩擦力的大小可能先减小后增大B.绳OA的拉力一直增大C.地面对斜面体有向左的摩擦力D.地面对斜面体的支持力逐渐变大8、甲乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，它们的v-t图像如图所示；则（）

A.甲运动始终比乙快B.2s末乙追上甲C.4s末乙追上甲D.乙追上甲时距出发点40m9、如图所示是骨折病人的牵引装置示意图；绳的一端固定，绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内。为了使脚所受的拉力减小，可采取的方法是()

A.只减小重物的质量B.只将病人的脚向左移动C.只将两定滑轮的间距变小D.只将两定滑轮的间距变大10、如图所示装置，两根细绳拴住一球，保持两细绳间的夹角θ=120°不变，若把整个装置在竖直平面内顺时针缓慢转过90°，则在转动过程中，CA绳的拉力FT1大小和CB绳的拉力FT2的大小变化情况是（）

A.FT1一直增大B.FT1先增大后减小C.FT2一直减小D.FT2最终变为零11、如图所示，小球在水平轻绳和轻弹簧拉力作用下静止，弹簧与竖直方向夹角为设重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.从A点剪断弹簧瞬间，小球的加速度大小为g，方向竖直向下B.从A点剪断弹簧瞬间，小球的加速度大小为方向与竖直成角斜向右下C.从B点剪断轻绳瞬间，小球的加速度大小为方向与水平成角斜向左下D.从B点剪断轻绳瞬间，小球的加速度大小为方向水平向左12、“蹦极”是一项非常刺激的体育动，某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长的位置，C是人所达到的最低点，b是最终停止运动时静止的位置。人在从P点下落到最低点c点的过程中（）

A.在a点时，人的速度最大B.在ab段，人的加速度减小C.在bc段，绳的拉力大于人的重力，人处于超重状态D.在c点，人的速度为零，处于平衡状态13、如图所示,竖直平面内有一光滑直杆AB,直杆AB长为L,杆与水平方向的夹角为θ(0°≤θ≤90°)；一质量为m的小圆环套在直杆上,给小圆环施加一与该竖直平面平行的水平向右的恒力F,并从A端由静止释放,现改变直杆和水平方向的夹角θ,已知F=2mg,重力加速度为g,则下列说法正确的是()

A.当θ=30°时,小圆环在直杆上运动的时间最短B.当小圆环在直杆上运动的时间最短时,小圆环与直杆间一定有挤压C.当小圆环在直杆上运动的时间最短时,直杆与水平方向的夹角θ满足D.当小圆环在直杆上运动的时间最短时,小圆环的加速度为g评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、一只气球以5m/s的速度匀速上升，达到离地面10m高度时，从气球上掉下一物体。不计空气阻力，则物体在第1秒内速度改变量的大小为_________________m/s，物体落到地面所用的时间为_________________s。（g取10m/s2）15、一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的v-t图像如图所示．则摩托车在0~20s这段时间的加速度大小a=_______；摩托车在0~75s这段时间的平均速度大小=_______．

16、合力与分力。

假设一个力单独作用的______跟某几个力共同作用的_____相同，这个力就叫作那几个力的_______，这几个力叫作那个力的_____。

17、一物体沿一直线运动，它的速度—时间图象如图所示。则它在3t0时间内的平均速度为______。

18、物体从A到C由静止开始做匀加速直线运动，B把AC分成相等的两段；则；

（1）物体分别通过这两段位移的时间之比是_________；

（2）物体在B、C两点速度之比是_________；19、瞬时问题。

（1）牛顿第二定律的表达式为：F合＝ma，加速度由物体所受_____决定，加速度的方向与物体所受_____的方向一致。当物体所受合外力发生突变时，加速度也随着发生突变，而物体运动的_____不能发生突变。

（2）轻绳；轻杆和轻弹簧（橡皮条）的区别。

①轻绳和轻杆：剪断轻绳或轻杆断开后，原有的弹力将______。

②轻弹簧和橡皮条：当轻弹簧和橡皮条两端与其他物体连接时，轻弹簧或橡皮条的弹力不能发生突变。20、（1）用螺旋测微器测量其直径如图，由图可知其直径为____________

（2）用游标为50分度的卡尺测量其长度如图，由图可知其长度为____________

评卷人得分四、作图题(共1题，共9分)21、画出下列各图中各静止物体所受的弹力（示意图）；假设所有的接触面都不光滑。

评卷人得分五、实验题(共1题，共5分)22、某同学在做“探究合外力与加速度之间关系”的实验；实验装置如图甲所示。

①按图甲正确组装实验器材，平衡小车所受的阻力图乙中纸带的___________端与小车相连（选填“左”或“右”）。

②关于实验操作，下列说法正确的是__________

A．实验中；需要垫高木板有打点计时器的一端来平衡摩擦力。

B．平衡摩擦力就是放开拖着纸带的小车时小车能够自由下滑即可。

C．若用砂桶总重力作为小车合外力；则要求小车的质量远小于砂桶的质量。

D．实验中拉着小车的细线必须与长木板平行。

③如图乙所示为某次实验中打出的一条纸带的一部分，A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有两个打出的点没有画出。已知打点计时器的电源频率为50Hz，由此可算出小车的加速度a=___________m/s2（保留两位有效数字）。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．位移是描述位置变化的物理量；A错误；

B．速度是描述位置变化快慢的物理量；B错误；

C．加速度是描述速度变化快慢的物理量；C正确；

D．加速度是矢量；速度为正，加速度为负时，其方向与速度方向相反，D错误。

故选C。2、B【分析】【详解】

A．根据v－t图像斜率等于加速度；可知前4s内质点的加速度发生了变化，做的是非匀变速直线运动，故A错误；

B．在1～3s内图线的斜率不变；则质点的加速度不变，做匀变速直线运动，故B正确；

C．3s末质点的速度为－5m/s；即速度大小为5m/s，方向与规定的正方向相反，故C错误；

D．速度的正负表示速度的方向；可知2～3s内与3～4s内质点的速度方向相同，故D错误。

故选B。3、D【分析】【分析】

速度时间图线的物理意义；图像的切线斜率表示加速度，斜率的符号表示加速度的方向，图线与时间轴围成的面积表示位移。

【详解】

AB.因为变加速直线运动图线与时间轴围成的面积大于匀加速直线运动图线与时间轴围成的面积；即变加速直线运动的位移大于匀加速直线运动的位移，时间相等，则平均速度大于匀加速直线运动的平均速度，故AB错误。

C.速度时间图线的意义：图像的切线斜率表示加速度；由图知斜率逐渐减小加速度减小，故C错误。

D.如图v与v0的连线即为则图像上必有一直线与其斜率相同，加速度也相同，故D错误。

4、C【分析】【详解】

C、由图可知，甲的加速度乙的加速度则求得C项正确；A、A项错误；B、B项错误；D、内，甲、乙相距的最大距离为D项错误．故选C．

【点睛】

本题是速度-时间图象问题，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，即可分析两物体的运动情况．5、C【分析】【详解】

根据图象可以知；加速度先向下后向上，而蹲下过程，先向下加速度运动，再向下减速到停止，加速度先向下再向上，运动状态先失重后超重，故C正确，ABD错误。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)6、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．0～6s的加速度

6～10s物体的加速度

负号表示加速度方向与速度方向相反，即加速度大小为所以加速阶段与减速阶段物体加速度大小之比为选项A错误；

B．图线与时间轴围成的面积表示位移，则0～10s内物体运动位移的大小

选项B正确；

C．减速运动过程根据牛顿第二定律得，摩擦力

动摩擦因数

选项C错误；

D．加速运动过程根据牛顿第二定律得

解得：

选项D正确。

故选BD。7、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．缓慢改变绳OA的方向至θ＞90°的过程，OA拉力的方向变化如图从1位置到2位置到3位置所示。

可见OA的拉力先减小后增大，OP的拉力一直增大，由于开始物体P受到的斜面摩擦力大小方向不确定，所以斜面体对物块P的摩擦大小变化情况不确定，故A正确，B错误；

D．设OA绳与竖直方向的夹角为α，以斜面体和P、Q整体为研究对象受力分析，根据竖直方向受力平衡可得N+Fcosα=M斜g+MPg+MQg

解得地面对斜面体的支持力N=M斜g+MPg+MQg-Fcosα

根据上图可知Fcosα逐渐减小，则地面对斜面体的支持力一直增大，故D正确；

C．以斜面和PQ整体为研究对象受力分析，根据平衡条件：斜面受地面的摩擦力与OA绳子水平方向的拉力等大反向，根据上图可知，拉力F在水平方向的分力逐渐增大，故地面对斜面体的摩擦力一直增大且向左，故C正确。

故选ACD。8、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．在2s前；甲比乙运动得快，2s后，乙比甲运动得快。故A错误；

B．甲；乙两个质点同时同地点向同一方向做直线运动；在2s前，甲比乙运动得快，2s后，乙比甲运动得快，2s末间距最大，故B错误；

CD．在4s时；甲乙图线围成的面积相等，则乙追上甲。此时位移。

x=10×4m=40m故CD正确。

故选CD。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．脚受到的拉力等于两侧绳拉力的合力；只减小重物的质量，绳的拉力减小，合力减小，A正确；

B．只将病人的脚向左移动，θ角减小；合力增大，B错误；

CD．只将两定滑轮间距变小，θ角变小；合力增大，反之，只将两定滑轮的间距变大，合力减小，C错误，D正确。

故选AD10、B:C:D【分析】【详解】

解法一：画小球的受力分析图，构建力的矢量三角形，由于这个三角形中重力不变，FT1、FT2的夹角（180°－θ）保持不变，这类似于圆周角对应弦长的关系，作初始三角形的外接圆，然后让FT1、FT2的交点在圆周上按题中转动规律转动，如下图，力的三角形的外接圆正好是以初态时的FT2为直径的圆周，可知在顺时针转动过程中，FT1先变大到最大为圆周直径，然后再变小，FT2一直变小，转到90°时，CA绳沿竖直方向，此时FT2为零；故选BCD。

解法二：如下图，构建初始力的三角形，在这个三角形中，小球重力不变，FT1、FT2的夹角（180°－θ）保持不变，设另外两个夹角分别为α、β

由正弦定理得

整个装置顺时针缓慢转动90°过程的中θ角和mg保持不变，α角从30°增大到120°，β角从90°减小到0，根据三角函数可知FT1先变大后变小，FT2一直变小，最后变为零，故选BCD。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．从A点剪断弹簧瞬间，小球所受的弹簧拉力消失，所受的轻绳拉力突变为零，小球在重力作用下向下运动，小球的加速度大小为g；方向竖直向下，故选项A正确，选项B错误；

CD．剪断弹簧前，设弹簧的拉力为F，轻绳的拉力为FT，由平衡条件可知

解得

从B点剪断轻绳瞬间，小球所受的轻绳拉力消失，所受弹簧的拉力和重力不变，则小球所受的合力大小为由

可得小球的加速度为

方向水平向左；故C错误D正确。

故选AD。12、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．在ab段绳的拉力小于人的重力，人受到的合力向下，人做加速运动，随着弹性绳弹力的增大，合力减小，则加速度减小，所以人在ab段做加速度减小的加速运动，当运动到b点时拉力与重力大小相等；加速度为零，速度最大，A错误B正确；

CD．在bc段绳的拉力大于人的重力，人受到的合力向上，加速度向上，人做减速运动，人处于超重状态，在最低点c时；速度为零但加速度不为零，不是平衡状态，D错误C正确。

故选BC。13、C:D【分析】【分析】

根据题意；结合牛顿第二定律，可知，力与重力的合力方向一定沿杆的方向，再依据矢量的合成法则，及三角知识，即可求解．

【详解】

根据题意；小圆环在直杆上运动的时间最短，则加速度最大，即力与重力的合力方向沿杆的方向，此时小圆环与直杆间一定恰好没有挤压，如图所示：

由几何关系有：对应的夹角不等于而此时合力故加速度为故AB错误，CD正确．故选CD．

【点睛】

考查受力分析与运动分析的应用，掌握牛顿第二定律的内容，理解矢量的合成法则与三角知识的运用，注意时间最短，即加速度沿杆的方向是解题的突破口．三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【详解】

[1]．物体的加速度为ｇ，则在第1秒内速度改变量的大小为

[2]．设向下为正方向，则由可得

解得t=2s【解析】10215、略

【分析】【分析】

（1）v-t图象的斜率等于加速度，由加速度的定义求解．

（2）由图象与时间轴所围的面积表示位移；求得位移，再求平均速度大小．

【详解】

（1）摩托车在0～20s这段时间的加速度．

（2）摩托车在0～75s这段时间的位移x=×30m=1500m

平均速度大小

【点睛】

解决本题的关键要抓住速度图象的两个物理意义：斜率等于加速度，图象与时间轴所围的面积表示位移．【解析】20m/s16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】效果效果合力分力17、略

【分析】【详解】

物体运动的速度—时间图象的斜率表示加速度，面积表示物体运动的位移，所以由图象可得，在3t0时间内

平均速度的计算公式为

则可得在3t0时间内的平均速度为【解析】18、略

【分析】【分析】