2025年中考物理押题猜想卷（南通卷）（全解全析）

2025年中考考前押题密卷（南通卷）

物理•全解全析

（理化合卷，物理考试时间：70分钟试卷满分：90分）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答第I卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡

皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。

3.回答第n卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。

4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一'选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的选项中只有一个选项符合题意）

1.下列有关中学生的估测符合实际的是（）

A.正常骑行自行车的功率约70W

B.眨一次眼睛的时间约5s

C.游泳时受到的浮力约为100N

D.完成一次引体向上做的功约为2000J

【答案】A

【详解】A.根据物体功率的估测可知，正常骑自行车的功率约70W,故A符合题意；

B.正常人每一分钟要眨眼1020次，每一次眨眼的时间约为020.4秒，故B不符合题意；

C.中学生在游泳池里游泳时，处于漂浮状态，中学生受到的浮力等于其重力，即与=G,中学生的质

量一般50kg左右，根据重力与质量的关系可得重力

G=mg=50kgxION/kg=500N

故浮力大约为500N左右，故C不符合题意；

D.中学生的质量一般50kg左右，其重力

G=mg=50kgxlON/kg=500N

中学生每次引体向上身体向上运动40cm,引体向上是克服人体重力做功，完成一次引体向上做的功

W==500Nx0.4m=200J

故D不符合题意。

故选Ao

2.2023年9月21日，“天宫课堂”第四课在中国空间站开讲，“神舟十六号”飞行乘组航天员景海鹏、朱杨

柱、桂海潮进行了一场精彩的太空科普课。下列说法正确的是（

A.在太空中，航天员的声音不是由声带振动产生的

B.航天员讲课的声音可以在真空中传播

C.依据音色可以辨别是哪一位航天员在讲课

D.我们能听到授课的内容，说明声音可以传递能量

【答案】C

【详解】A.声音都是由物体振动产生的，航天员的声音是由声带振动产生的，故A错误；

B.声音不能在真空中传播，故B错误；

C.不同的人声音的音色一般不同，根据音色不同可以辨别是哪一位航天员在讲话，故C正确；

D.我们能听到授课的内容，说明声音可以传递信息，故D错误。

故选C。

3.小明在水槽底部放上硬币，将塞紧塞子的空薄壁试管如图贴近水面。逐渐向下平移，从正上方观察，发

现当试管下部浸入水中后，硬币突然变小了，随着浸入体积增大，像逐渐变小，但一直是正立的。于是,

他得到了“凸透镜还能成正立、缩小像”的结论。以下操作方案能用来检验小明观点的是（）

A.将试管注满水塞紧后向下平移，观察槽中水底硬币的成像情况

B.将试管注满水塞紧后向下平移，观察空水槽底硬币的成像情况

C.将空试管塞紧后向下平移，观察置于空水槽底硬币的成像情况

D.将空试管塞紧后固定在水槽中部，加水并观察硬币的成像情况

【答案】B

【详解】试管内是空气，当试管下部浸入水中后，透过试管观察，水槽的水相当于形成一个凹透镜，正

立、缩小像是由凹透镜所成的，为了验证这一观点，可以将试管注满水塞紧后向下平移，此时的注水的

试管相当于一个水凸透镜，再观察空水槽底硬币的成像情况，便可验证小明的观点，故ACD不符合题

意，B符合题意。

故选B。

4.2023年3月，有科学家宣布在IGPa（约1万个标准大气压）下，实现了21℃室温超导。若未来超导材

料得到普及，最适合做（）

A.集成电路的芯片B.加热器的电热丝

C.用电器的绝缘壳D.远距离输电导线

【答案】D

【详解】

A.集成电路的芯片是利用硅等半导体材料制成的，故A不符合题意；

B.加热器的电热丝利用的电流的热效应，根据焦耳定律可知，电流产生的热量与电阻有关，超导体电

阻为0,电流通过时不发热，故B不符合题意；

C.用电器的绝缘壳不容易导电，属于绝缘体，故C不符合题意；

D.根据焦耳定律可知，电流产生的热量与电阻有关，超导体电阻为0,电流通过时不发热，远距离输

电导线应用超导体材料，可以减小电能损失，故D符合题意。

故选D。

5.如图是羽毛球比赛时的情景，下列说法中正确的是（）

A.用球拍将羽毛球拍出，在球飞行过程中，球拍对球做了功

B.羽毛球在空中之所以能继续运动，是因为羽毛球受到惯性

C.羽毛球在空中运动时，只受重力和空气阻力

D.球拍的把手上缠有手胶，是为了减小手与球拍间的摩擦力

【答案】C

【详解】A.羽毛球在飞行过程中，虽然通过了距离，但没有再受到球拍的力的作用，所以对球没有做

功，故A错误。

B.羽毛球在空中之所以能继续运动，是因为羽毛球具有惯性，惯性是一种性质，不能说受到惯性，故

B错误；

C.羽毛球在空中运动时受重力和阻力的作用，不再受到推力作用，故C正确；

D.球拍的把手上缠有手胶，主要是通过增大接触面的粗糙程度来增大手和球拍间的摩擦，故D错误。

故选C。

6.小明在探究凸透镜成像规律时，做了如下实验：

①用平行光正对凸透镜照射，移动光屏得到一个最小、最亮的光斑，如图甲所示；

②保持该透镜位置不变，将点燃的蜡烛放在图乙所示的位置，移动光屏得到烛焰清晰的像（图中未画出）。

则下列说法不正确的是（）

乙

A.实验②中，烛焰在光屏上成倒立放大的实像

B.实验②中，像到透镜的距离一定大于20cm

C.若增大蜡烛与透镜的距离，所成的像会变小

D.若蜡烛与透镜的距离大于10cm,则在另一侧通过透镜可以观察到烛焰正立、放大的虚像

【答案】D

【详解】AB.由①可知，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的

焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是

f=60.0cm-50.0cm=10.0cm

实验②中，此时物距

u=50cm-35cm=15cm

大于一倍焦距，小于二倍焦距，根据

2f>u>f

v>2f

即像距大于20cm,成倒立、放大的实像，故AB正确，不符合题意；

C.若增大蜡烛与透镜的距离，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，所成的像

会变小，故C正确，不符合题意；

D.若蜡烛与透镜的距离大于10cm,即物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，根据

2f>u>f

成倒立、放大的实像，当蜡烛与透镜的距离小于10cm,才能在另一侧通过透镜可以观察到烛焰正立、

放大的虚像。故D错误，符合题意。

故选D。

7.如图所示，甲和乙叠放在光滑水平桌面上，甲、乙之间的接触面粗糙，此时两者均处于静止状态，乙和

桌面足够长。快速敲击乙，乙立即水平向右做直线运动。则敲击后（）

甲

]।।I乙

A.乙所受的重力和支持力是一对平衡力

B.乙所受的摩擦力方向水平向右

C.甲动能的变化量等于乙动能的变化量

D.甲沿水平面向右做先加速后匀速的运动

【答案】D

【详解】A.乙所受的支持力等于甲乙的重力之和，因而支持力与乙的重力大小不等，不是一对平衡力,

故A不符合题意；

B.敲击后乙由于惯性会向右运动，而甲由于惯性相对于乙会向左滑，因而乙相对于甲向右运动，乙所

受甲的摩擦力方向水平向左，而桌面光滑，没有摩擦力，故B不符合题意；

C.敲击后乙带动甲向右运动，但由于有摩擦力，将机械能转化为内能，乙动能的变化量大于甲动能的

变化量，故C不符合题意；

D.甲开始由于受到乙向右的摩擦力而加速运动，然后因为桌面没有摩擦力，加速到与乙速度相同后与

乙一起匀速直线运动，故甲沿水平面向右做先加速后匀速的运动，故D符合题意。

故选D。

8.如图所示是一种自动测定油箱内油量的装置。上是阻值均匀的变阻器，它的金属片连接在杠杆的一端，

必是定值电阻，电源电压恒定。己知油箱中油的体积V与电路中总电阻R总成反比，则下列描述电路中

通过的电流/、定值电阻昭的电功率B与V关系的图像中，正确的是（）

【答案】C

【详解】AB.由图知，油量表、定值电阻R1、滑动变阻器R2串联，油箱中油的体积V与电路中总电

1=—

阻R总成反比，根据R可知，电路中的电流I与油箱中油的体积V成正比，油箱中油的体积V为零

I工

时，滑动变阻器接入电路的电阻较大，由R可知，电路中仍然有电流，故AB错误；

CD.定值电阻R1的阻值不变，根据P=I2R可知，定值电阻R1的电功率与油箱中油的体积V的平方

成正比，故C正确，D错误。

故选c。

9.课外活动小组制作电磁驱动“小车”：把铜制裸导线密绕成长螺线管当作轨道，固定在水平桌面上；将两

个强磁铁固定在一节新干电池的两极上制成“小车”，磁极与电极的位置关系如图所示。把“小车”从右侧

入口完全推入螺线管，“小车”自动向前运动到达左侧。关于小车运动的工作原理，下列说法中正确的是

（）

A.调换干电池的正负极，其他条件不变，电磁驱动“小车”仍能从右侧自动到达左侧

B.将铜制裸导线换做铜制漆包线，其他条件不变，电磁驱动“小车”依然能从右侧自动到达左侧

C.电磁驱动“小车”的工作原理与扬声器的工作原理类似

D.电磁驱动“小车”的工作原理在于螺线管内发生了电磁感应现象

【答案】C

【详解】A.调换干电池的正负极，其他条件不变，线圈中的电流方向改变，贝I“小车”受力方向改变，

电磁驱动“小车”不能从右侧自动到达左侧，故A错误；

B.将铜制裸导线换做铜制漆包线，电池和导线之间断路，螺线管中不能产生电流，“小车”不会受到力

的作用，不能运动，故B错误；

CD.电磁驱动“小车”的工作原理是磁场对电流有力的作用，而不是电磁感应，这与扬声器的工作原理类

似，故C正确，D错误。

故选C。

10.图甲是一个在家庭电路中使用的豆浆机实物图，主要构造是一个电动机通过金属杆带动其下部的刀片

旋转粉碎打浆，刀片外部是一个环状加热管（电热丝），用来对豆浆加热。制作豆浆的过程是加热和打

浆交替进行。图乙是该豆浆机做好一次豆浆的PT图像。则下列说法正确的是（）

IP/W

1210

A.豆浆机的电动机和加热管是串联的

B.加热管的电阻是40。

C.豆浆机中电动机正常工作时的电流是2A

D.做好一次豆浆，需消耗11110J的电能

【答案】B

【详解】A.由题意可知，电动机旋转粉碎打浆，加热管用来对豆浆加热。制作豆浆的过程是加热和打

浆交替进行，各自单独工作，因此豆浆机的电动机和加热管是并联的，故A错误；

B.由图乙可知，豆浆机正常工作时的加热功率为1210W,由尸=】可得，豆浆机正常加热时加热管的

阻值

故B正确；

C.由图乙可知，电动机正常工作时的功率为110W,由P=UI可得，豆浆机正常打浆时的电流

故c错误；

D.由乙图可知，加热时间

tl=9min=540s

电动机工作时间

t2=2min=120s

由p=?可得，加热消耗的电能

W1=P力口热tl=1210Wx540s=6.534xl05J

电动机工作时消耗的电能

W2=PMt2=llOWx120s=1.32xlO4J

豆浆机做好一次豆浆，消耗的总电能

W=W1+W2=6.534x105J+1.32x104J=6.666x105J

故D错误。

故选B。

二、填空题（本题共5个小题，每空1分，共21分。）

11.古代劳动人民的智慧带领我们成长。如图甲是我国最早的乐器之一“填”，吹奏时是振动发出的声

音，相同力度吹能发出宫、商、角、徵、羽五音，五音是指声音的。据《武经总要》记载，古人

将具有磁性的空心铁鱼放入水中漂浮制成指南鱼，如图乙，多次将指南鱼轻轻旋转，待静止后，观察

到鱼尾总是指向南方，则鱼尾为该磁体的（选填“南极”或“北极”），指南鱼漂浮时所受重力和支持

力是一对（选填“相互作用力”或“平衡力”）。

【答案】空气音调南极平衡力

【详解】［1］一切声音都是由于物体振动产生的，为吹奏时是空气振动发出的声音。

［2］相同力度吹能发出宫、商、角、徵、羽五音，需要按住不同的孔，城内空气振动的频率不同，所以,

五音是指声音的音调。

［3］磁体指南的一端叫南极，观察到鱼尾总是指向南方，则鱼尾为该磁体的南极。

［4］指南鱼漂浮时所受重力和支持力都作用在指南鱼上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，是

一对平衡力。

12.如图为我国首座潮光互补型光伏电站——浙江温岭潮光互补智能电站，已实现全容量并网发电，这也

是我国首次将太阳能和月亮潮汐能互补开发的创新应用，利用太阳能电池板、发电机来获得电能。潮

汐能属于（可再生/不可再生）能源；太阳能电池板将太阳能转化为能。除此之外我们

国家还利用垃圾填埋气发电，使垃圾填埋后发酵产生沼气，并利用收集的沼气来发电。若每吨填埋垃

圾可产生沼气150m3,这些沼气完全燃烧可产生的热量为J0如果利用这些能量可以发电

250kW-h,则该沼气发电的效率为。（已知q/行2.0xl07j/m3）

【答案】可再生电3x10930%

【详解】口］潮汐能可以从自然界源源不断获取，属于可再生能源。

［2］太阳能电池板工作时将太阳能直接转化为电能。

［3］［4］这些沼气完全燃烧可产生的热量为

蠹=吃沼气=150m3x2.0xl07J/m3=3xl09J

则该沼气发电的效率为

250X3.6X106J

x100%=30%

3X109J

13.小明的梦中经历：他和小华困在池塘中央的冰面上，冰面非常光滑，他们的奇思妙想——把行李向后

扔出去，船就前进了，船和人前进的施力物体是，此现象还能说明力可以使物体（填

写力的作用效果）。在小明的梦中，他们扔出行李后船将做（填运动状态）。小明在教室

里坐在凳子上模拟以上情景，发现将书包扔出，自己未曾移动分毫，此过程中凳子受力（选填

“平衡”或"不平衡”），若想模拟梦中情景，请帮助小明想一个可行的改进措施：。

【答案】行李运动状态改变匀速直线运动平衡将凳子装上轮子

【详解】［1］把行李向后扔出去，他们用力把行李扔出的同时也受到行李力的作用，船就前进了，船和

人前进的施力物体是行李。

［2］此现象还能说明物体在力的作用下运动状态发生改变，说明力可以使物体运动状态改变。

［3］在小明的梦中，冰面非常光滑，他们扔出行李后，船受到的合力为0,船将做匀速直线运动。

［4］小明在教室里坐在凳子上模拟以上情景，发现将书包扔出，自己未曾移动分毫，此过程中凳子处于

平衡状态，凳子受力平衡。

［5］凳子在推力的作用下，处于静止状态，是由于摩擦力作用，为了使凳子移动，可以将凳子装上轮子,

减小凳子与地面摩擦的方法达到目的。

14.如图用50N拉力，将重为120N的物体匀速提起，10s内绳子自由端移动了3m,不计绳重和摩擦，则

此过程克服物体重力做功J,动滑轮的重是N,拉力/的功率是W,该滑轮组的机械效

率为O

\\\\\\\\

ijr

■

【答案】120301580%

【详解】口］由图知，承担物重绳子的股数为n=3,拉力端移动距离

s=nh=3xh=3m

则物体被提升的高度h=lm,克服物体重力做的功

W有用=Gh=120Nxlm=120J

［2］不计绳重和摩擦，拉力

F=』（G+G动）

n

则动滑轮的重力

G动=2F-G=3x50N-120N=30N

［3］拉力做的总功

W总=Fs=50Nx3m=150J

拉力做功的功率

心丝=四=15W

t10s

⑷滑轮组的机械效率

77=X100%=X100%=80%

%150J

15.如图所示为某款具有加热功能的座椅垫原理图。通过观察和研究，小明了解到该座椅垫有“高温”、“低

温，，和，，关，，三个挡位，S为挡位切换开关，R］和7?2为电热丝。电源电压为24V,高温功率为48W,&=12。。

当开关切到。时，电路处于挡，此时电路中电流为A,R尸Q,电加热垫在高

温挡工作10s产生的热量是Jo

【答案】低温112480

【详解】［1］当开关S接a时，RER2串联，根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻最大，由

P=1可知，电路中的总功率最小，电路处于低温挡。

当开关S接b时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电路处于高温挡；由P=］可

R

知，R1的电阻

RI、R2串联的总电阻

R=R1+R2=12Q+120=24。

当开关切到a时，电路中的电流

U24V

/=-=——=1A

R24。

［4］电加热垫在高温挡工作10s产生的热量

Q=W=P高温t=48Wxl0s=480J

三'解答题（本题共7个小题，共49分。其中17、18题应写出必要的解题过程）

16.（6分）按要求作图：

（1）如图所示，小车向右运动的过程中，用细线悬吊的小球B和物体A均相对于车厢保持静止不动,

请在题图A点画出物体A此时的受力示意图。

A,

A

（2）如图所示，从水中发出的一条光线射入空气中后再射向凹透镜，请在图中作出水中的入射光线和

经过凹透镜后的折射光线。（图中0A为空气中的折射光线，尸为凹透镜的焦点。）

VI

F

空气/

（3）如图，S1是光控开关，夜晚自动闭合，白天断开；S2是声控开关，有声音时自动闭合，安静时

断开。请将如图连接成声光控楼道节能照明电路。

火线

零线

【解析】（1）根据小球B的情形可知此时小车向右做加速运动，物体A相对于车厢保持静止不动，则

物体A也向右做加速运动，所以物体A受到水平向右的摩擦力，竖直向上的支持力和竖直向下的重力,

其中向上的支持力和竖直向下的重力是一对平衡力，大小相等，故作图如下:

A

（2）根据光的折射规律，过O点做与界面垂直的法线，光从水斜射入空气中时，折射光线向远离法线

的方向偏折，折射角大于入射角可做出入射光线；因0A的延长线经过凹透镜的焦点，因此经凹透镜

的折射光线应与主光轴平行，如图所示：

（3）由题意可知，楼道照明灯泡亮的条件是：必须是晚上亮、白天不亮，必须有人经过亮、没人不亮,

所以光控开关和声控开关不能独立工作，所以，灯泡应用与两个开关串联，且火线要先过开关，再接

入灯泡尾部的金属点，零线接入螺旋套，如下图所示：

火线-------------------------------

零线--------------------------------

『I光控开关卜，

0~声控开关~°°°

17.（6分）“十年禁渔”使长江生态不断恢复，江面上再现“江豚群舞”的场景。小明利用3D打印机打印出江

豚模型如图所示，用天平称出模型的质量为36g,将模型放入足够大的盛满水的溢水杯中待模型静止时

33

共溢出水30g,g=10N/kg,AK=1.0xl0kg/m,求：

（1）模型受到的浮力；

（2）模型浸在水中的体积；

（3）判断模型在水中的浮沉情况，并求该打印材料的密度。

533

【答案】（1）0.3N；（2）3x10m.（3）1.2g/cm

【详解】解：（1）模型受到的浮力

4孚=%=叫时=30X10-3kgxION/kg=0.3N

（2）由辱=0途。可得，模型浸在水中的体积

F嚼________03N_________

=3x10-5m3

p水g1.0xl03kg/m3xlON/kg

（3）模型的重力为

/型=叫型g=36x103kgxION/kg=0.36N

将模型放入盛满水的溢水杯中，溢出水30g,根据阿基米德原理可知，已经求得模型受到的浮力为:

0.3N,由于4<G,所以模型放入水中静止时处于沉底状态；物体的体积等于溢出水的体积为

V=%=%述=映=30cm3

排p水lg/cm3

材料的密度为

m_36g

=1.2g/cm3

V-30cm3

答：(1)模型受到的浮力为S3N；

(2)模型浸在水中的体积为3x10-5nr、

(3)模型在水中处于沉底状态，该打印材料的密度为L2g/cm：

18.(6分)如图所示，电源电压恒定，R/的阻值为20Q,&的阻值为10Q。当S闭合，Si、S2断开时，电

流表的示数为0.4Ao

(1)求电源电压；

(2)当S、Si、S2都闭合时，电流表的示数变化了0.7A,且小灯泡L正常发光，求小灯泡L的额定功

率。

【答案】(1)12V；(2)6W

【详解】解：(1)当S闭合，SI、S2断开时，R1和R2串联接入电路中，串联电路总电阻等于各部分

电阻之和，根据欧姆定律可知电源电压为

U=I(Rl+R2)=0.4Ax(20Q+10Q)=12V

(2)当S、SI、S2都闭合时，R2被短路，此时R1和L并联接入电路中，电流表测干路中的电流，此

时的总电阻要小于R1,当S闭合，SI、S2断开时，R1和R2串联接入电路中，此时的总电阻要大于

R1,所以，R1和L并联的总电阻小于R1和R2串联的总电阻，由欧姆定律可知，当S、SI、S2都闭

合时，干路中的电流变大，故并联后干路中的电流为

r=0.4A+0.7A=l.lA

通过R1的电流为

U_12V

0.6A

R120Q

并联电路干路电流等于各支路电流之和，由并联电路的电流特点可得，通过L的电流为

IL=r-Il=l.lA-0.6A=0.5A

则L的额定功率为

P=UIL=12VxO.5A=6W

答：（1）电源电压是12V；

（2）当S、SI、S2都闭合时，电流表的示数变化了0.7A,且小灯泡L正常发光，小灯泡L的额定功

率是6Wo

19.（6分）小汇认为：鱼通过鱼膘吸入或排出气体，改变鱼膘的体积，可实现上浮和下沉。为了寻找证据

支撑观点，他查阅资料后得到相关信息：①鱼膘内气体的质量是基本稳定不变的；②鱼鳗壁上没有主

动改变鱼膘体积的肌肉纤维；③鱼膘内气体压强与鱼外部水压基本保持一致，在温度不变的情况下，

一定质量的气体压强与体积的关系见表。

水深〃（米）0102030

体积V(L)10.51/30.25

气体压强p（标准大气压）1234

（1）分析比较表中气体的压强p与体积V关系的数据关系，可得：在温度不变的情况下，一定质量的

气体;

（2）能推翻小汇观点的证据是（填序号“①”、“②”或“③”），理由是；

（3）鱼能够上浮是通过身体和鱼鳍摆动获得上升动力，上升时，鱼外部水的压强变小，鱼膘内气体压

强随之,鱼膘的体积,鱼受到的浮力也随之o（以上均选填“变大”、“不变”或“变小”）

【答案】体积与气体的压强成反比②鱼是靠鱼膘中充气的多少来实现浮沉的，因此鱼

膘壁上有主动改变鱼膘体积的肌肉纤维变小变大变大

【详解】（1）[1]由表格数据可知，气体体积越小，气体的压强越大，且体积与气压的乘积不变，所以

在温度不变的情况下，一定质量的气体体积与气体的压强成反比。

（2）⑵⑶根据F浮=p水gV排可知，浸入液体中的体积越大物体所受到的浮力越大，因此鱼是靠着

鱼漂内充气的多少来实现浮沉的，所以它的质量基本不变，故①正确；质量不变，重力不变，当鱼漂

中充满气体后，鱼的体积增大，所受的浮力变大，而此时重力不变，鱼所受的合力方向向上，因此上

浮，故②错误；根据p=pgh可知，液体的密度不变，深度越小，则液体压强越小，而鱼镖内的气体压

强随体积的增大而减小，所以液体压强和气体压强同时减小，故③正确。

（3）[4][5]⑹上升时，鱼所处的深度减小，由p=pgh可知，鱼受到水的压强变小，鱼瞟内气体压强随

之变小，鱼镖的体积变大，根据F浮=「水且丫排得，水的密度不变，排开水的体积增大，因此鱼受到

的浮力变大。

20.（6分）光从空气斜射入水和玻璃时都会发生折射现象，但是水和玻璃的折射情况会相同吗？为了探究

这个问题，小华选择了光屏、透明玻璃砖、水槽、激光电筒等器材进行实验。他在光屏上画出互相垂

直的MV'和两条线段并相交于。点，如图甲所示。

N

0M'

（1）小华将玻璃砖的一个表面与MM齐平放置，让激光电筒发出的光线从A点到。点入射，他看到了

如图乙所示的光路G4。、0C为同一直线），你认为出现光线。C是因为,

鉴于本实验的目的，此时最应该记录的两条光线是；

（2）接下来观察光从空气中进入水中的传播情况，小华应想办法保证相同，她的做法是：将

光屏竖直放入水槽中（使线段施卬水平），并向水槽中慢慢注水至水面与跖卬齐平，入射光线应从

点向。点射入；

（3）小华最终在光屏上记录下了如丙所示的光路图（。£为水中的折射光线），通过分析光路，你认为

玻璃和水这两种介质对光的偏折能力较强的是；

（4）若激光以相同的入射角分别从玻璃和水中斜射入空气中，则射出的折射光线更远离法线。

【答案】有部分光线并没有通过玻璃砖，而依旧在空气中传播A0和0B入射角A

玻璃玻璃

【详解】（1）山光线A0到0C,光的传播路线没有改变，说明光在同一种均匀介质中传播，所以可以

判断有部分光线并没有通过玻璃砖，而依旧在空气中传播。

⑵本实验探究光的折射规律，要记录光的折射光线和入射光线，所以，要记录的两条光线是AO和OB。

（2）[3][4]探究光在玻璃和水的折射能力，要控制入射光线相同，入射角相同，观察折射光线和折射角

的变化情况，所以入射光线应从A点向。点射入，这是为了保证入射光线重合，入射角相同。

（3）[5]如乙、丙图，当光在空气中传播时AO入射，OC传播；当光线从空气斜射入水中，AO入射，

OE传播；当光线从空气斜射入玻璃中，AO入射，OB传播，比较两条折射光线OB和OE,OB偏离

0C更多，所以，玻璃和水这两种介质对光的偏折能力较强的是玻璃。

（4）⑹光从空气斜射入玻璃中的偏折能力比在水中的偏折能力强，根据光路是可逆的，当光从玻璃斜

射入空气中时的偏折能力比光从水中斜射入空气中时的偏折能力强，所以，从玻璃中射出的折射光线

更远离法线。

21.（8分）在测量小灯泡电阻的实验中，电源电压恒为4.5V,小灯泡的额定电压为2.5V。

（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整，要求滑片P置于8端时滑动变阻器接入电路的

电阻最大;

（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电压表、电流表示数均较小，接下来的操作是,

多次改变小灯泡两端的电压，记录电压表、电流表的示数，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流表示数

如图乙所示，为A,此时小灯泡的电阻为Q（结果保留一位小数）；

（3）根据数据绘制/-。图像，如图丙所示，发现此图像不是直线，主要原因是灯丝电阻受的

影响；

（4）实验中滑动变阻器的规格可能是；

A.10。；2AB.20。；2AC.50Q；1.5A

（5）小灯泡逐渐变亮的过程中，电路中电流依次为4、1〉人时，小灯泡对应的功率分别为4、鸟、

鸟。若则鸟-勺（选填或“<”）月-鸟；（假设小灯泡的电阻保持不变）

（6）将上述实验中的小灯泡与一个10Q的定值电阻串联在电源电压为4V的电路中，则定值电阻两端的

电压为Vo

AB

将滑动变阻器的滑片P向A端移动0.3

8.3温度C<2.6

【详解】（1）[1]滑片P置于B端时滑动变阻器接入电路的电阻最大，说明此时滑动变阻器左下部分电

阻接入电路，则下面的接线柱应该接在A接线柱上，如图所示：

（2）[2]电压表测量灯泡电压，电流表测量电路电流，此时电压表示数很小，说明灯泡的电压比较小，

因为串联分压，那么滑动变阻器的电压较大，电阻越大分压越多，即滑动变阻器的电阻太大，所以滑

动变阻器的滑片P应该向阻值减小的一端即A端移动。

（2）[3][4]从甲图中看出电流表接的是小量程，分度值是0.02A,根据图乙可知电流表读数为°-3A,小

灯泡的电阻为

（3）[5]由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以通过灯泡的电流与电压不成正比。

（4）⑹当电路电流最小时，电路中接入的总电阻最大，根据图丙可得出最小电流为°」A,根据欧姆

定律”宁可计算出此时电路总电阻

u4.5V-

R汽=-----=-------=45Q

总第0.1A

因为灯丝电阻随温度升高而增大，可知电流为°」A时的小灯泡的电阻小于小题2中求出的小灯泡在额

定电压下工作时的电阻，由此可得出滑动变阻器阻值应至少为

%变=45。-8.3。=36.7。

故选C。

（5）⑺根据题意可知

△=0=（Z2-A）（A+QR

鸟一旦=I；R-=（I；-=也一幻也+QR

因为灯泡依次变亮时的电流也依次变大，即

[I<12<13

故

W+/JR<（G+/2）R

由此得出

（6）[8]设此时灯泡两端电压为“J电路中的电流为/,由串联电路电压特点可得

U&=UL+IR

即

4V=C/L+10QXZ

变形可得

-1

Z=0.4A-0.1Qt/L

在图丙中作出该直线图像如图所示:

由图可知两图线的交点为（L4V，026A）,此时小灯泡两端的电压为L4V,电流为Q26A,则定值电阻两

端电压

UR=/R=0.26Axl0Q=2.6V

22.（11分）阅读材料，回答问题。

电压力锅

电压力锅结合了压力锅和电饭锅的优点，省时又节能，在日常生活中应用广泛。如题图甲所示为某款

电压力锅的工作电路简化图，鸟是规格为“220V880W”的主加热电阻，鸟是电阻为2200的副加热电

阻，&是阻值为440。的保温电阻，S是智能控制开关；是安装在电压力锅底部的压力传感器，可以

随压力变化自动闭合或断开电路。

电压力锅煮饭过程分为加热升压、保压煮饭和保温三个阶段：①接通电源，S自动接到。，同时自动

闭合，电压力锅进入加热升压状态。②锅内工作压强（电压力锅的锅内工作压强是指电压力锅内部压