河南省新郑市新郑高级中学2023-2024学年高二上学期9月调研考试物理试题（含答案）

学而优教有方、B解析：A．卡文迪许利用扭秤首先测出了万有引力常量，故A错误；B．伽利略认为，如果没有空气阻力，重物与轻物应该下落得同样快，故B正确；C．英国物理学家法拉第最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场，故C错误；D．奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系，故D错误。故选B。2、C解析：A．在探究电阻与材料、长度和横截面积三者之间的关系时，应用了控制变量法，A正确；B．在研究带电体时，满足一定条件可以把带电体看成点电荷，这利用了理想模型法，B正确；C．在研究电场时，常用电场线来描述真实的电场，用的是假设法，C错误；D．在电路中，用几个合适的小电阻串联来代替一个大电阻，这利用了等效法，D正确。选错误的，故选C。3、B解析：对导体棒分析可知，导体棒受重力、支持力和安培力保持平衡状态，其中支持力的方向不变，重力的大小和方向均不变，作出一系列可能的矢量三角形如图所示，可知当安培力方向与支持力方向垂直时安培力最小，为FminBmin=F4、B解析：根据Bqv=mv2r，可得轨道半径r=mvBq，再由动量守恒可知，放出粒子乙后，新粒子丙的动量大于粒子甲的，故轨道半径变大，所以B正确，A、C5、C解析：A．灯泡正常发光时的电压等于其额定电压，电动机的输入电压UM=U-UL=8V-3V=5V，故A错误；B．灯泡正常发光，则电路电流I＝PLULC．电动机的热功率PQ=I2RM=（2A）2×1Ω=4W，则电动机的效率η＝P机D．整个电路消耗的功率P总=UI=8V×2A=16W，故D错误；6、C解析：保持开关闭合，电容器两端的电势差等于电源的电动势，故电容器两端的电势差不变，则指针张角不变，故AB错误；断开开关S后，电容器带电量不变，将AB靠近一些，则d减小，电容增大，根据C=QU知，电势差减小，指针张角减小，故C正确；断开开关S后，电容器带电量Q不变，将A、B两极板的正对面积S减小，电容C减小，根据C=QU知，电势差U增大，指针张角增大，故D错误．所以7、D解析：A．“3000mA⋅h”为该电池的电荷量，“11.4W⋅h”为电池的充电电能，故A错误；B．根据题意可知通话时的电流为I1=Q故B错误；C．手机待机时的电流为I2=QtD．以2A电流给该电池充电，根据t=QI3=3000mA⋅h2A=1.5h8、D解析：A．电源电动势为2V，则根据闭合电路的欧姆定律E=U+I（R0+r）B．由图所示，在电源外部电流由正极流向负极，因此电流由边缘流向中心；器皿所在处的磁场竖直向上，由左手定则可知，导电液体受到的磁场力沿逆时针方向，因此液体沿逆时针方向旋转，故B错误；C．根据热功率的公式可得P热=ID．液体所受的安培力大小为F=BIL=0.2×0.1×0.1N=2×10-3N，故D9、ABC解析：能量子假说认为，物质发射（或吸收）能量时，能量不是连续的，而是一份一份进行的，每一份能量单位，称为“能量子”，能量子的能量ε=hν，ν为带电微粒的振动频率，h为普朗克常量，故ABC符合题意，D不符合题意。故选ABC。10、BC解析：AC．若电子沿轨迹Ⅰ运动，有qE>qv0B，得EB>BD．若电子沿轨迹Ⅱ运动,有qE<qv0B，得EB<v011、BC解析：A．由等量异种点电荷形成的电场的特点可知，小球受到的电场力始终沿着水平方向，合力等于重力，所以小球做匀加速直线运动，故A错误；BD．小球受到的库仑力水平向右，与运动方向垂直，所以不做功；小球受到的重力与运动方向相同，所以做正功，故B正确、D错误；C．在连线中点处库仑力最大，即F=kQq(d2)12、BC解析：A.小球在磁场中运动，在最低点进行受力分析可知FM-mg-BqvM=mvM2rB．因为vM＞vN，由以上分析可知C．若在磁场中小球能运动到另一端的最高处，在电场中，电场力始终做负功，则根据动能定理知，小球不能到达最高点，故C正确。故选BC。13、

4.700/4.699/4.701

110解析：[1]螺旋测微器固定刻度的读数为4.5mm，可动刻度的读数为20.0×0.01mm=0.200mm,所以其直径读数为4.700mm；[2]为了读数准确，应使指针靠在电表刻度中间部分读数，选择

“×10”挡位测量，则电阻阻值为110Ω。14、

电压表的量程过大

A1解析：（1）[1]该小组在选择器材时，放弃使用电压表，原因是电压表的量程过大。（2）[2]因电流表A1的内阻已知，则图中电流表a为A1，电阻箱R的阻值为（3）[3][4]由电路可知E=I解得I由图像可知E10解得r=0.80Ω，E=1.5V15、（1）6V；（2）1A；（3）1.33W解析：（1）若在C、D间连一个理想电压表，根据闭合电路欧姆定律，有I理想电压表读数为UV=I1R2=6V（2）若在C、D间连一个理想电流表，这时电阻R2与R3并联，并联电阻大小R根据闭合电路欧姆定律，有I理想电流表读数为I'=（3）小灯泡的电阻R将小灯泡连在C、D之间，小灯泡RL与R3串联，再与R2并联，并联电阻大小为RR2两端的电压为U小灯泡消耗的功率P16、(1)

0.4A；(2)24N/m解析：（1）只有当ab受到的磁场力方向竖直向上且大小等于ab的重力时，两根弹簧才能处于自然状态，根据左手定则，ab中的电流应由a到b，根据平衡条件有mg=BIL，代入数据解得I=0.4A（2）当导线中通过由a到b的电流时，受到竖直向上的磁场力作用，被拉长的两根弹簧对ab有竖直向上的拉力，同时ab受竖直向下的重力，根据平衡条件有BIL+2kΔx=mg，代入数据可得弹簧的劲度系数k=24N/m17、（1）

mv022qL

（2）

2mv0qL

解析：（1）带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，则有水平方向：2L=v竖直方向:

L=1联立解得，E=m（2）设到原点时带电粒子的竖直分速度为vy则vy则粒子进入磁场时速度大小为v＝2v0，方向与x轴正向成45°,粒子进入区域Ⅰ做匀速圆周运动，由几何知识可得轨迹半径R=3由洛伦兹力充当向心力，则有Bqv=mv可解得：B=mv（3）粒