2018-2019学年江苏省盐城市大丰区九年级（上）期中物理试卷

2018-2019学年江苏省盐城市大丰区九年级（上）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五总分得分注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。一、单选题1、图中正在使用的机械，属于费力杠杆的有()①笤帚

②独轮车

③船桨

④核桃夹A.①② B.①③ C.②④ D.③④ 2、一位同学用30s从一楼走到四楼，他上楼时的功率约为()A.5瓦 B.15瓦 C.150瓦 D.1500瓦 3、如图所示的几种情景中，人对物体做功的是()A.套圈被扔出后继续向前运动了一段距离B.运动员举起杠铃C.用力推箱子，箱子不动D.人端着盘子在水平地面上匀速前进 4、为了粉刷教室，需要将一桶涂料运到四楼。工人师傅可以采用的方法有：①用人直接搬运上去；②用定滑轮提上去；③用动滑轮提上去。这几种方法中()A.使用②方法能省功 B.最省力的是③ C.做有用功最多的是① D.机械效率最高的是③ 5、下列是一些物质的比热容，根据表中的数据，下列判断正确的是()A.不同物质的比热容不可能相同B.因为水的比热容大，沿海地区比内陆昼夜温差大C.物质的比热容与物质的状态无关D.质量相等的水和蓖麻油吸收相同的热量，水的温度变化较小 6、我国随着航天事业发展需要，正在研制大功率液氢发动机。这种发动机主要是因为氢是有()A.较小的密度 B.较大的比热容 C.较高的热值 D.较低的沸点 7、开启啤酒瓶盖瞬间伴有“嘭”的一声，瓶口有一股“白烟”，下列说法正确是()A.瓶内外温度相等，啤酒内能不变 B.瓶内气体对外做功，啤酒内能增加C.瓶口“白烟”是瓶内CO2液化形成的 D.8、如图所示，小球在A点由静止开始释放，向右侧摆动，B点是小球摆动的最低点，C点是小球摆动到右侧的最高点，且A、C两点到B点的竖直距离在小球从B点摆动到C点的过程中，下列说法正确的是()A.小球的运动状态保持不变 B.小球的机械能总量逐渐减小C.小球的内能逐渐减小 D.小球的动能全部转化为重力势能 9、古人通过快速钻木来取火。以下四个事例中能量转化与之相同的是()A.甲、丙 B.甲、丁 C.乙、丙 D.甲、乙 10、如图所示的电蚊拍，具有灭蚊和照明等功能。当开关S1闭合，S2断开时，只有灭蚊网通电起到灭蚊作用；当开关S1和S2都闭合时，灭蚊网与灯都通电同时起到灭蚊和照明的作用。选项中电路设计符合这种要求的是A. B.C. D. 11、关于温度、内能、热量和做功，下列说法中正确的是()A.物体放出热量时，温度一定降低B.0℃的冰块没有内能C.温度高的物体内能一定大D.物体的内能增加，可能是从外界吸收了热量 12、用如图甲所示的装置来探究滑轮组的机械效率η与物重G物的关系，改变G物，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出η与G物关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，则下列说法正确的是(A.此滑轮组动滑轮的重力为

2NB.当

G物=6NC.同一滑轮组

η

随

G物的增大而增大，最终将超过

D.G物不变，改变图甲中的绕绳方式，滑轮组机械效率将改变二、填空题1、“钻木”能“取火”，说明______可以改变物体的内能；“烤火”能“取暖”，说明______可以改变物体的内能。2、节日期间，一盏盏五彩纷呈的LED节能景观灯点亮了闽侯各地的夜空。这些景观灯是______(选填“串联”或“并联”)联的，这样，一旦其中的某个灯因开路熄灭时，其它节能灯还能继续工作。各地管理人员利用远程控制系统(相当于开关)统一控制景观灯的开启和熄灭，这套系统应安装在______路上。LED灯发光时，主要将______能转化为光能。3、小明同学的质量是40kg，在体育课上的“1min跳绳”测试中，她每次起跳的高度约5cm，最后的测试成绩是150次，每跳绳一次该同学克服自身重力做功约为______J，平均功率约为______W(g取10N/kg)。4、如图所示，是家用电冰箱的部分电路图，冰箱压缩机由温控开关自动控制，冷藏室照明灯由冰箱室由冰箱门门控开关控制，冰箱门关闭后，门控开关应该处于______状态(选填“断开”或“闭合”)，当冰箱里的温度______(选填“升高”或“降低”)到一定程度时，温控开关会自动闭合。5、如图AOB是光滑轨道，A点的高度H大于B点的高度，让小球从A点由静止开始自由滑下，沿轨道AOB到达B点后离开(不计空气阻力)。则小球离开B点后的运动轨迹最符合实际的是______，小球到达运动轨迹最高点时______动能(选填“有”或“没有”)。6、用相同的力F拉一个物体先后沿光滑水平面和粗糙斜面运动，两次物体运动的距离都为s，运动的时间分别为t1和t2(t1<t2)。若物体沿光滑水平面运动时，拉力做的功为W1，功率为P1；物体沿粗糙斜面运动时，拉力做的功为W2，功率为P2，那么W1______W7、如图所示，a、b为竖直向上抛出的小石块在上升过程中动能和重力势能随高度变化的两条图线(不计空气阻力)，其中______是动能-高度关系图线，小石块达到的最大高度为______m，小石块在最高点时的机械能为______J。8、小明用如图所示的实验装置研究“杠杆的机械效率”。实验时，将总重为G的钩码挂在杠杆A处，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，钩码上升的高度为h，弹簧测力计的示数为F，其移动的距离为S，则杠杆的机械效率ηA=______(用题中字母表示)。若将钩码移动到B点，仍将它匀速提升h的高度，则弹簧测力计的示数______，杠杆的机械效率ηB______，在这过程中要克服______和______做额外功。9、在水平地面上有一长方体木箱。小明用水平推力F把木箱向前推动，如图甲所示。此过程中，推力F随时间t的变化情况如图乙所示，木块前进的速度v的大小随时间t的变化情况如图丙所示，则从3s至5s内，推力对木块所做的功______J，第2秒木块受到的摩擦力为______N。三、作图题1、如图，(a)图所示是一种新型开瓶器，借助它可单手轻易开启啤酒瓶盖，该开瓶器可看作一个杠杆。请在(b)图中画出该开瓶器工作时作用在A点的动力F1的示意图和阻力F2的力臂______2、用如图所示滑轮组提升重物，画出最省力的绕绳方法。______3、根据以下要求，设计电路，用笔画线代替导线在图丙中画出相应的实物连接图。(导线不能交叉)要求：①只闭合

S1时，红灯、绿灯都发光；②只闭合

S2时，两灯均不发光；③S1______四、计算题1、如图所示，某工人用滑轮组将一个重600N的物体以0.2m/s的速度匀速提升10s，所用拉力为250N，不计摩擦和绳重，求：(1)拉力的功率是多少？(2)滑轮组的机械效率是多少？(3)当物重增大到750N时，拉力的大小是多少？______2、小明学习了热学的有关知识后，知道水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)，他想估算一下自己家每天烧水做饭需要的热量。于是小明仔细记录了他家每天烧水、煮饭、炒菜需要的时间，并把它折算成烧水时间，相当于每天将30kg20℃的水烧开。(1)小明家每天烧水做饭需要多少热量？(2)如果普通煤的热值为3×10(3)小明家实际平均每天需要烧4块蜂窝煤，按每块蜂窝煤含煤0.5kg算，他家每天实际用煤2kg，由此小明计算出他家煤炉的实际效率为多少？你认为小明家煤炉效率低的原因是什么？______五、实验探究题1、“探究杠杆的平衡条件”实验中：(1)图甲中，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向______侧调节。(2)图乙中，杠杆恰好处于水平平衡状态，若在A处下方再挂一个钩码，则B处所挂钩码须向右移动______格，可使杠杆在水平位置再次平衡。(3)杠杆处于图甲所示位置时，小李同学就在杠杆上挂钩码进行实验，小明认为这样操作会对实验产生以下影响：①杠杆自身重力可能会对实验产生影响②可能不便于测量力臂或出现力臂测量错误③无法得出杠杆平衡条件你认为正确的是______。A、①②B、①③C、②③(4)用绳子拴住一根粗细不同的木头某处，静止后木头水平平衡，如图丙所示，现将木头从拴绳处沿竖直方向切成A、B两段，可判断GA______GB(选填“<”、“=”、“”______2、如图是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验示意图。(1)该实验是通过比较______来反映动能的大小。该小车A的动能是由______能转化而来的。(2)实验可以得出的结是：______。(3)若在实验中，由于木板较短，物体B碰后滑出木板，在不改变原有器材的情况下，如何保证碰后物体B能始终在木板上滑行？方法是______。(4)实验后，同学们联想到造成安全隐患的因素有汽车的“超载”与“超速”，用该图所示的实验可以探究______(超载/超速)安全隐患。(5)拿去物块B，把小车A从斜面同一高度由静止释放，让其分别滑上铺有毛巾和玻璃的木板表面直到静止，如把两次在水平面上克服摩擦力做的功分别记为W毛巾、W玻璃，则W毛巾____________3、如图1所示是“比较水和煤油吸热升温的特点”的实验装置。(1)加热过程中，用搅棒搅动的目的是______，水和煤油吸热的多少是通过______来反映的(选填“温度计示数”或“加热时间”)。(2)关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是______(多选，填字母)A.采用相同的加热方法B.使用相同的烧杯C.水和煤油的初温一定相等D.烧杯中分别装入相同体积的水和煤油(3)某同学用同一个加热装置分别给质量和初温都相同的水和煤油加热，分别记录加热时间和升高的温度，根据记录的数据作出了两种液体的温度随时间变化的图象(如图2所示)。①根据图象，要使水和煤油升高相同的温度，应给______加热更长的时间，这说明______的吸热能力强些。②已知水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)(4)小明再用50g水和100g水做实验，以吸收的热量Q为纵坐标，升高的温度△t为横坐标，分别画出50g水和100g水的Q-△t图象，它们都是过原点的直线，即：Q=k△t.进一步分析，发现这两条直线的k值与对应水的______之比相等。(5)在比较不同燃料热值的实验中，小明利用与图3所示完全相同的两套实验装置，分别在燃烧皿中放入质量相同的燃料甲和燃料乙，点燃后对质量都为100g和初温都为20℃的水加热。燃烧相同时间后，测得用甲加热后的水温度为30℃，而另一杯水温度为24℃.此过程中水的内能______(选填“增大”或“减小”)，用甲加热的水吸收的热量为______J，此时______(选填“能”或“不能”)说明甲的热值较大，理由是：______<水的比热容c水______4、小明在探究“斜面的机械效率”的实验中，用长度S=50cm的木板搭成一个斜面，用弹簧测力计将重力G=5.0N的物块A从斜面底端匀速拉至斜面顶端。(1)小明在实验中，调整斜面的高度为h=22cm，将物块从斜面底端匀速拉至顶端的过程中，弹簧测力计的示数F=4.0N，则有用功为______J，木块受到的摩擦力为______N。(2)小明利用上述器材进一步研究发现，木板搭成倾角不同的斜面时，将物块从斜面底端匀速拉至斜面顶端的过程中，额外功W额外与斜面的水平长度L(木板在水平面上的正投影长度)L(cm)45403530W额外0.900.800.700.602通过数据分析，小明得出初步结论：W额外与L②当斜面的水平长度L=40cm时，斜面的机械效率为______；③当木板平放在水平桌面上时，水平匀速拉动木板上的物块时，弹簧测力计的示数为______N。______5、随着人民生活水平的不断提高，汽车已经走进我们的家庭，小明的爸爸最近也购买了一辆某品牌的小汽车，如图甲所示。(1)汽车在行驶时，发动机的温度会升得很高。为了确保安全，利用冷却液进行冷却。如图乙是A、B两种质量相等的非燃料液体分别在同一热源上的温度随加热时间变化的关系图象，根据图中提供的信息，若请你在A、B两种液体中选择一种作为汽车的冷却液，应选择______(选填“A”或“B”)液体更好。(2)小明上网查得该型号轿车在某次启动性能测试的有关数据，轿车以90kW的恒定功率启动做直线运动，运动过程中受到的阻力不变，运动的速度v与时间t的关系图象如图丙所示。则在0～5s时间内，轿车发动机对外做功______J，轿车在15～20s时间内受到的阻力是______N。(3)制动距离是衡量汽车安全性能的重要参数之一。图丁中所示的图线分别为甲、乙两不同品牌汽车在同一路面上紧急刹车过程中的实际制动距离s与刹车前的车速v的关系图象。图中______(选填“甲”或“乙”)车的刹车性能较好，你判断的依据是______。______

2018-2019学年江苏省盐城市大丰区九年级（上）期中物理试卷参考答案一、单选题第1题参考答案:B解：①笤帚在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；②独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；③船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；④核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。所以属于费力杠杆的有①笤帚、③船桨。故选：B。结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:C解：一位同学的质量约为50kg，每一层楼的高度约为3m，从一楼走到四楼，上升的高度为h=3×3m=9m，他上楼所做的功：W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×9m=4500J，他上楼时的功率：P=\dfrac{W}{t}=\dfrac{4500J}{30s}=150W。故选：C。先估测人的质量，然后根据质量求出重力，再估测一层楼的高度，根据W=Gh求出他上楼时做的功，再由P=\dfrac{W}{t}求出功率。本题考查功率的计算，首先要对生活中常见的物理量进行估算，利用公式直接计算即可，是一道较简单的题目。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:B解：A、套圈被扔出以后，由于惯性向前运动，人对套圈不再有力的作用，所以没有做功，故A不合题意；B、运动员将杠铃从地面举过头顶，有力且沿力的方向移动了距离，所以人对杠铃做了功，故B符合题意；C、用力推箱子，但箱子没有在推力作用下移动一段距离。所以人对箱子没有做功，故C不符合题意。D、人端着盘子在水平地面上匀速前进，人给盘子一个竖直向上的力，而盘子是在水平方向上通过距离的，由于距离不是在力的方向上通过的距离，所以没有做功，故D不符合题意。故选：B。做功必须具备两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过距离。判定有没有做功，就从是否具备这两个必要因素入手。解析选择项中的四个过程与做功的两个因素相联系是解析此题的关键。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:B解：A、用人直接搬运上去和用定滑轮提上去都不省功，故A错误，B、用动滑轮提上去可以省一半的力，使用定滑轮不省力，故B正确，CD、都是把重物提升相同的高度，所以有用功相同，故C错误，所做额外功最少的是用定滑轮，所做额外功最多的是用人直接搬运上去，所做的有用功相同，所以机械效率最高的是②，故D错误。故选：B。用人直接搬运上去不但不省力，还要克服自身重力而用力，同时还要克服自身重力做额外功；用定滑轮不省力也不费力，用定滑轮时需要克服摩擦力做额外功，额外功，相对其他方法较小；用动滑轮提上去，可以节省一半的力，但需要克服摩擦和动滑轮重力做功，额外功比用定滑轮少，比用人直接搬运上去多；三种方法的目的相同，有用功相同，额外功越小，机械效率越高。本题考查定滑轮和动滑轮的工作特点，有用功和额外功的比较，关键知道动滑轮的工作特点是省力但费距离，定滑轮的工作特点是不能省力，但能改变力的方向，还要知道在有用功相同时影响机械效率大小的因素是额外功的大小。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:D解：A、由表中数据可知，不同物质比热一般不同，但也有的物质比热容相同，如煤油和冰，故A错误；B、因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，故B错误；C、分析表中数据可知，水和冰是水的两种状态，比热容是不同的，说明比热容与物质状态有关，故C错误；D、分析表中数据可知c_{水}>c_{煤油}，质量相同的水和煤油吸收相同的热量时，根据\trianglet=\dfrac{Q}{cm}知，水的温度变化小，故D正确。故选：D。(1)比热容是物质本身的一种特性，同种物质(状态不变)比热相同，不同物质比热一般不同；(2)由Q=cm\trianglet可知：质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容小的温度升高的多；(3)比热容是物质的一种特性，决定于物质的种类和状态。不同的物质比热容一般不同，同种物质状态改变，比热容也发生改变；(4)相同质量的不同物质，吸收相同的热量，温度变化用公式\trianglet=\dfrac{Q}{cm}比较。本题考查了比热容的相关知识，同时也考查了学生根据这个知识点对数据进行分析归纳的能力，比较物理量大小关系时，可用相关的公式进行分析。---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:C解：火箭燃料燃烧，必须释放很大的能量。根据这个需要，选择液氢来做燃料，原因就是热值比较大。故选：C。单位质量的某种燃料完全燃烧时放出的热量叫做这种燃料的热值，燃料的热值越高，在质量相同时，完全燃烧时放出的热量越大。本题考查学生对热值定义的掌握情况，需要根据火箭的具体应用来分析。---------------------------------------------------------------------第7题参考答案:D解：开启啤酒瓶盖瞬间，瓶内水蒸气迅速膨胀发出响声，同时做功，水蒸气的内能减小、温度降低，液化为小水珠飘散在空中，即我们看到的“白烟”。故选：D。做功可以改变物体的内能：物体对外做功，例如气体膨胀做功，气体的内能减小、温度降低。本题考查了内能改变的方法(做功)和白烟的成因(液化)，属于基础题目。---------------------------------------------------------------------第8题参考答案:B解：A、小球摆动过程中运动速度和方向不断变化，所以小球的运动状态在变化，故A错误；BCD、小球在最高点时，动能为0；由于A、C两点到B点的竖直距离h_{A}>h_{C}，这说明小球在最高点时重力势能不相等，机械能不相等，原因是摆动过程中小球与空气有摩擦，一部分机械能转化为内能，所以小球的内能变大，机械能总量减少，小球的动能不可能全部转化为重力势能；故B正确，CD错误。故选：B。①物体的运动状态包括速度和方向两个方面；②动能和势能合称机械能，由于克服空气阻力，一部分机械能会转化为内能。此题考查了动能与势能的转化及运动状态的改变。需要清楚的是，不考虑空气阻力，机械能是守恒的；由于克服空气阻力，机械能总量是减少的。---------------------------------------------------------------------第9题参考答案:A解：钻木取火因为克服摩擦力做功，将机械能转化为内能；甲、用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧，此过程机械能转化为内能；乙、酒精燃烧后产生的高温高压的燃气，体积膨胀，对外做功，使盒盖飞出去，内能转化为盒盖的机械能；丙、汽油机压缩冲程中，活塞压缩气缸内混合燃料，使燃料的内能增加，此过程机械能转化为内能；丁、汽油机做功冲程中，的高温高压的燃气，体积膨胀，对外做功，内能转化为的机械能；综上所述，与古人钻木取火能量转化相同的是甲和丙。故选：A。做功可以改变物体的内能，对物体做功的过程中，机械能转化为内能，物体内能增加；物体对外做功，内能转化为机械能，物体内能减小。此题考查了做功改变物体内能两种情况，需要注意的是：对物体做功，物体内能增加，物体对外做功，物体内能减小。---------------------------------------------------------------------第10题参考答案:D解：AB、根据题意可以知道，灭蚊网和灯泡工作时互不影响，因此属于并联，故A、B错误；C、C中S_{1}闭合，S_{2}断开时，灯泡亮，灭蚊网不工作，不符合题意，故D错误。D、D中S_{1}闭合，S_{2}断开时，只有灭蚊网通电起到灭蚊作用；当开关S_{1}和S_{2}都闭合时，灭蚊网与灯都通电同时工作，符合题意。故D正确。故选：D。串联电路的特点是各用电器之间相互影响，并联电路的特点是互不影响。再根据开关的作用来判断符合要求的电路图。此题主要考查的是串并联电路的特点以及开关的作用，用排除法可以得出正确的答案，基础性题目，比较简单。---------------------------------------------------------------------第11题参考答案:D解：A、物体放出热量时，温度不一定降低，例如晶体在凝固过程中放热，但温度不变，故A错误；B、一切物体在任何温度下都具有内能，0℃的冰块也有内能，故B错误；C、内能与温度、状态、质量等都有关系，所以温度高的物体，内能不一定大，故C错误；D、物体的内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能外界对物体做了功，故D正确。故选：D。一切物体在任何温度下都具有内能；物体的内能跟物体的质量、状态、温度有关。物体质量和状态一定时，温度越高，内能越大；物体状态和温度相同时，气态时内能最大，固态时内能最小；物体状态和温度相同时，质量越大，物体的内能越大；做功和热传递都可以改变物体的内能。物体的内能变化，可能是物体的温度变化，可能是物体的状态变化；但是物体的温度变化或状态变化，有一者发生，物体的内能一定变化。---------------------------------------------------------------------第12题参考答案:B解：A、由图象可知，当G=12N时，η=80\%，不计绳重和摩擦，则η=\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{总}}}═\dfrac{Gh}{Gh+G_{{动}}h}=\dfrac{G}{G+G_{{动}}}，即80\%=\dfrac{12N}{12N+G_{{动}}}，解得G_{动}=3N，故A错误；B、当G_{物}=6N时，此时的机械效率：η′=\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{总}}}═\dfrac{Gh}{Gh+G_{{动}}h}=\dfrac{G}{G+G_{{动}}}=\dfrac{6N}{6N+3N}×100\%≈66.7\%.故B正确。C、由图象可知，同一滑轮组η

随

G_{物}的增大而增大，由题知，不计绳重和摩擦；使用滑轮组时，克服物重的同时，不可避免地要克服动滑轮重做额外功，所以总功一定大于有用功；由公式η=\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{总}}}知，机械效率一定小于1，即同一滑轮组机械效率η随G_{物}的增大而增大，但最终不能超过100\%，故C错误；D、G_{物}不变，改变图甲中的绕绳方式，如下图所示，因为此图与题中甲图将同一物体匀速提高相同的高度，所以所做的有用功相同，忽略绳重及摩擦时，额外功：W_{额}=G_{动}h，则额外功W_{额}相同，又因为W_{总}=W_{有}+W_{额}，所以总功相同，由η=\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{总}}}知，两装置的机械效率相同，即η_{1}=η_{2}；所以，G_{物}不变，改变图甲中的绕绳方式，滑轮组机械效率不变，故D错误；故选：B。(1)结合图中信息，根据η=\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{重}}}═\dfrac{Gh}{Gh+G_{{动}}h}=\dfrac{G}{G+G_{{动}}}求得动滑轮的重力；(2)当G_{物}=6N时，根据η=\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{重}}}═\dfrac{Gh}{Gh+G_{{动}}h}=\dfrac{G}{G+G_{{动}}}求得机械效率；(3)使用机械时，人们为完成某一任务所必须做的功叫有用功；对完成任务没有用，但又不得不做的功叫额外功；有用功与额外功之和叫总功。有用功与总功的比值叫机械效率；(4)G_{物}不变，改变图甲中的绕绳方式，改为2段绳子承担，分别将同一物体匀速提高到相同高度，做的有用功相同；由题知，忽略绳重及摩擦，所做的额外功为提升动滑轮做的功，由W_{额}=Gh可知额外功相同，又因为总功等于有用功加上额外功，所以总功相同，所以可以得出两图的机械效率相同；本题考查有用功以及机械效率的大小比较和机械效率的计算。若有用功相同，额外功越多，机械效率越低，否则越高；若额外功相同，有用功越多，机械效率越高，否则越低。二、填空题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:做功

热传递

;解：钻木取火，是克服摩擦做功，使木头的内能增加、温度升高，达到木头的着火点而燃烧，属于做功改变物体的内能；“烤火”能“取暖”，是手从火吸收热量，使自己温度升高、内能增加，属于热传递改变物体的内能。故答案为：做功；热传递。改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，有传导、对流和辐射三种方式。本题考查了改变物体内能有两种方式：做功和热传递，二者是等效的。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:并联

干

电

;解：由题知，其中的某个灯因开路熄灭时，其它节能灯还能继续工作，说明各灯之间互不影响，所以这些景观灯是并联的；管理人员利用远程控制系统(相当于开关)统一控制景观灯的开启和熄灭，所以这套系统应安装在干路上；LED灯发光时消耗了电能得到了光能，所以其主要将电能转化为光能。故答案为：并联；干；电。根据并联电路的各用电器可以独立工作，互不影响的特点进行分析；根据开关作用判断其所在的位置；LED灯发光时消耗了电能，由此可知其能量的转化情况。本题考查了串并联电路的特点以及能量转化的判断，要掌握串并联电路的特点并能根据其特点识别电路。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:20

50

;解：小明同学的重力：G=mg=40kg×10N/kg=400N，跳一次做的功：W=Gh=400N×0.05m=20J；1min内该同学克服自身重力做功：W_{总}=150W=150×20J=3000J。平均功率：P=\dfrac{W}{t}=\dfrac{3000J}{60s}=50W。故答案为：20；50。跳绳过程是克服自身重力做功的过程，根据W=Gh计算跳1次所做的功，然后在根据1min内起跳次数求出1min内所在的功。最后由P=\dfrac{W}{t}求出功率。本题考查功与功率的计算，本题需要注意的是跳绳所做的总功(等于每次所做的功乘以跳绳的次数)与做功的时间。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:断开

升高

;解：(1)由题意可知，冰箱门关上时，照明灯应熄灭，则联动开关应处于断开状态。(2)当冰箱里的温度升高到一定程度时，压缩机要工作，所以温控开关会自动闭合。故答案为：断开；升高。(1)根据冰箱门开，灯亮可知：开关应闭合；则冰箱门关闭，灯灭，开关应断开。(2)冰箱里的温度降低到一定程度后，压缩机应停止工作，温控开关应断开。本题考查了结合电冰箱考查电路的基本连接方式，平时应注意多观察、多思考，结合所学知识解释生活现象，这对我们解这类题有帮助。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:c

有

;解：根据题意，小球从A点由静止滑下，所以小球的机械能等于A点时的重力势能，整个过程中，机械能守恒，a的最高点超过了A点的高度，这是不可能的，故a错误；b点的最高点与A点的高度相同，而在最高点时，小球仍具有向右运动的速度，所以b图线的机械能大于A点的机械能，故b错误；c图线的最高点低于A点，由于在最高点时小球仍运动，其总机械能可能与开始时的机械能相等，故c正确；小球离开轨道时，由于惯性，应具有沿轨道方向向上运动的速度，故d错误。小球在最高点时仍有向前的速度，故有动能。故答案为：c；有。小球在整个过程中机械能守恒，结合惯性的知识及机械能守恒定律进行分析。本题考查了对机械能守恒定律及惯性知识的应用，关键能够根据现象判断不同情况下机械能的大小关系。---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:=

＞

;解：由题知，用相同的力F拉物体，物体运动的距离s相同，由W=Fs可知：拉力做的功：W_{1}=W_{2}；又因为PP=\dfrac{W}{t}，运动时间：t_{1}<t_{2}，所以，拉力做功功率：P_{1}>P_{2}。故答案为：=；>。在物体运动过程中，知道拉力相同，移动的距离相同，根据W=Fs比较拉力做功的大小关系；又知道运动时间的大小关系，根据功率公式P=\dfrac{W}{t}分析拉力做功功率的大小关系。本题考查了学生对功的公式、功率公式的掌握和运用，比较做功大小时，紧紧抓住“力和在力的方向上移动的距离相等”，不要受接触面情况的影响。---------------------------------------------------------------------第7题参考答案:a

4

2

;解：如图，横坐标代表的小石块上升的高度，纵坐标代表的是能量。(1)小石块上升时质量保持不变。b图象表示，高度越高，能量越大，所以b图象代表：高度--重力势能的关系。(2)不计空气阻力，小石块上升时，动能全部转化为重力势能，动能减小，重力势能增大。所以a图象代表：高度--动能的关系。(3)如图，小石块到达的最大高度是4m。动能=0J，重力势能=2J，机械能=动能+势能=0J+2J=2J故答案为：a；4；2。(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。(3)机械能=动能+势能。物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能，只考虑重力势能。(1)掌握动能和重力势能大小的影响因素，根据图象能确定动能和势能的大小。(2)根据

机械能=动能+势能

计算机械能的大小。---------------------------------------------------------------------第8题参考答案:

＞

＞

摩擦

杠杆重力

;解：(1)杠杆的机械效率：η=\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{总}}}=\dfrac{Gh}{FS}；(2)根据图示可知，将钩码移动到B点时，阻力和动力臂都不变，阻力臂增大，由F_{1}L_{1}=F_{2}L_{2}可知，动力将增大，即F′>F；将钩码移至B点，提升相同高度，有用功相同，弹簧测力计竖直移动的距离不同，B点时杠杆上上升的高度小些，做的额外功小些，所以机械效率变大，即η_{B}>η_{A}；(3)在这过程中要克服摩擦和杠杆自重做的功是额外功。故答案为：\dfrac{Gh}{FS}；>；>摩擦；杠杆重力。(1)根据η=\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{总}}}=\dfrac{Gh}{FS}表示出杠杆的机械效率；(2)根据杠杆的平衡条件，判断弹簧测力计的示数；(3)克服摩擦和杠杆自重做的功是额外功。本题考查杠杆机械效率的测量，把握有用功、总功的计算方式，明确机械效率的表达式和杠杆的平衡条件是关键。---------------------------------------------------------------------第9题参考答案:400

200

;解：(1)由图象可知，在3～5s内木箱的运动速度v_{3}=1m/s，受到的推力F_{3}=200N，由v=\dfrac{s}{t}可得，在3-5s内移动的距离为：s_{3}=v_{3}t_{3}=1m/s×2s=2m，推力做功：W=F_{3}s_{3}=200N×2m=400J；(2)由图象可知，3到5s时间内，木箱做匀速直线运动，受到的推力F_{3}=200N，由二力平衡条件可得匀速运动时木箱受到的摩擦力f=F_{3}=200N；而第2s时接触面的粗糙程度和压力大小都没有改变，则第2秒木箱受到的摩擦力还是200N，故答案为：400；200。(1)根据丙图算出在3-5s内通过的距离，根据乙图找出此时的推力，根据W=Fs计算出推力做的功；(2)根据木块做匀速直线运动情况时的推力得出摩擦力的大小，本题考查了学生对力学图象的分析能力，能从图象上得到有用的物理信息是解题的关键，是一道锻炼学生分析思考能力的好题。三、作图题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:解：图中的起瓶器在打开瓶盖时，支点在O点，由支点O向阻力F2的作用线作垂线段，即为阻力臂L2。由图知，阻力的方向斜向左下方，阻力有绕着O点顺时针转动的效果，为使杠杆平衡，则动力F1应绕着O点按逆时针方向转动，故动力F1的方向斜向右下方，作用点在A点，如图所示：力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；根据杠杆平衡条件和阻力的方向，确定动力的方向，然后画出动力的示意图。力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:解：从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示：滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力。在滑轮组中，绕过动滑轮的绳子股数越多会越省力，即F=\dfrac{1}{n}G。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:解：①只闭合S1时，红灯、绿灯都发光；②只闭合S2时，两灯均不发光；③S1、S2都闭合时，红灯发光、绿灯不发光。由此可知，两灯应串联，开关S1应在干路上，开关S2与绿灯并联，当S2闭合时，则绿灯短路，如下图所示：根据要求确定灯的连接及开关的作用，连接实物图。本题考查根据要求连接实物图，关键是确定电路的连接关系及开关的作用。四、计算题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:解：由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3；（1）物体上升高度h=vt=0.2m/s×10s=2m，拉力端移动距离s=3h=3×2m=6m，拉力做的总功：W总=Fs=250N×6m=1500J；拉力做功的功率：P===150W；（2）做的有用功：W有=Gh=600N×2m=1200J，滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%=80%；（3）不计摩擦和绳重，拉力F=（G+G轮），动滑轮的重力：G轮=3F-G=3×250N-600N=150N，匀速提起750N的重物时的拉力大小：F′=（G′+G轮）=（750N+150N）=300N。答：（1）拉力的功率是150W；（2）滑轮组的机械效率是80%；（3）当物重增大到750N时，拉力的大小是300N。由图示可知，滑轮组绳子的有效股数n=3；(1)利用速度公式求物体上升高度，拉力端移动距离s=3h，利用W=Fs求拉力做的总功，再利用P=\dfrac{W}{t}求拉力做功的功率；(2)利用W=Gh求出有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；(3)不计摩擦和绳重，拉力F=\dfrac{1}{3}(G+G_{轮})，据此求出动滑轮的重力，再根据F=\dfrac{1}{3}(G+G_{轮})求匀提起750N的重物时的拉力大小。本题考查了功、功率、机械效率的计算，关键是使用滑轮组时有用功、总功、机械效率含义的理解。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:解：（1）水吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×30kg×（100℃-20℃）=1.008×107J；（2）由题知，Q放=Q吸=1.008×107J；∵Q放=m′q，∴m′===0.336kg；（3）4块蜂窝煤完全燃烧释放的热量：Q放′=m″q=4×0.5kg×3×107J/kg=6×107J，煤炉的效率：η=×100%=×100%=16.8%。小明家煤炉效率低的原因是：一方面煤不能完全燃烧，另一方面煤燃烧放出的热量不能被水完全吸收，大部分的热量散失掉了。答：（1）小明家每天烧水、做饭需要1.008×107J的热量；（2）小明家每天烧水、做饭需要0.336kg的煤；（3）煤炉的效率是16.8%；一方面煤不能完全燃烧，另一方面煤燃烧放出的热量不能被水完全吸收，大部分的热量散失掉了。(1)知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温(一个标准大气压下水的沸点100℃)，利用吸热公式Q_{吸}=cm(t-t_{0})求水吸收的热量；(2)由题知Q_{吸}=Q_{放}，再利用Q_{放}=mq计算需要煤的质量；(3)根据Q_{放}=mq求出4块蜂窝煤完全燃烧释放的热量，根据效率公式求出煤炉的效率。本题考查了学生对吸热公式Q_{吸}=cm\trianglet、燃料完全燃烧放热公式Q_{放}=mq、效率公式的掌握和运用，增强了学生的节能意识，有现实意义！五、实验探究题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:右

1

A

＞

解：(1)如图，杠杆的右端上翘，说明杠杆的重心在左端，所以平衡螺母向上翘的右端移动；(2)设一个钩码为G，一格的长度为L；根据杠杆的平衡条件：4G×2L=2G×nL，解得：n=4，故应该将B处所挂钩码须向右移动4-3=1格；(3)杠杆处于图甲所示位置时，杠杆没有调平就挂上钩码进行实验，杠杆的重心不在支点上，杠杆的自重对杠杆平衡产生影响，故①正确；杠杆不在水平位置平衡，力臂不在杠杆上，不便于测量力臂，不便于得出杠杆的平衡条件，但可以得出杠杆的平衡条件。故②正确，③错误。故选A；(4)用绳子拴住一根粗细不同的木头某处，静止后木头水平平衡，支点O左端部分重为G_{A}，重心为M；右端部分重为G_{B}，重心为N，杠杆的示意图如下所示：根据力臂的定义，左端部分重力力臂大小就等于OE，右端部分重力力臂大小等于为OF，且OE<OF，根据杠杆的平衡条件，G_{A}×OE=G_{B}×OF，故有G_{A}>G_{B}，故答案为：(1)右；(2)1；(3)A；(4)>。(1)调节平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡。(2)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，据此分析；(3)调节杠杆两端的螺母，使杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态，这时杠杆的重心在支点上，使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响，且便于测量力臂；(4)画出杠杆的示意力，根据杠杆的平衡条件分析。本题探究杠杆的平衡条件，考查器材的调试、杠杆平衡条件的运用，最后一问关键是正确画出杠杆的示意图，有一定难度。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:木块移动的距离

重力势

当质量一定时，速度越大，动能越大

降低小球释放的高度

超速

=

解：(1)该实验中小球动能的大小是通过木块被撞距离的远近体现的，该动能是由重力势能转化而来的；(2)木块被撞的越远，说明小球的动能越大，被撞的越近，说明小球的动能越小，这里采用了转换法的思想；本实验可以得出的结论是：当质量一定时，速度越大，动能越大；(3)若在实验中，木块碰后滑出木板，在不改变原有器材的情况下，可以通过降低木块的高度来减小物体A的速度，从而减小物体A的动能，减小对物体B做功的多少，减小物体A在木板上滑行的距离，保证碰后物体B能始终在木板上滑行；(4)图中所示小车的质量相等，该实验是控制质量相等，探究的是速度与动能的关系，因此该实验可以探究超速安全隐患。(5)小车放在同一斜面的同一高度，然后让小车由静止下滑至不同水平面，最终静止，两种情况下小车的动能相同，所以克服摩擦力做的功也相同。故答案为：(1)木块移动的距离；重力势；(2)当质量一定时，速度越大，动能越大；(3)降低小球释放的高度；(4)超速；(5)=。(1)小球动能的大小是通过木块被推动移动的距离体现的；(2)动能的决定因素有两个：质量和速度，要利用控制变量法去研究。研究与速度关系时要保证质量相同，速度不同。研究与质量关系时，要保证速度相同，质量不同；(3)物体A速度的大小是通过改变物体在斜面上的高度实现的，物体A动能的大小是通过物体B被撞后移动的距离来体现的；(4)研究超速危害，应控制质量相等，即小车下滑的高度不相同而质量相同，分析图，然后答题。(5)实验中让小车从斜面的同一高度由静止滑下，这样滑到底端时的动能相同，最后木块停下来，则说明动能都克服摩擦力做功了，从而得出做功的大小关系。两种物理学方法的使用：①由木块在水平面上移动的距离远近来体现球的动能多少，是一种转换法；②动能的大小与质量和速度有关，实验时用控制变量法分别探究。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:使水和煤油受热均匀

加热时间

CD

水

水

2.1×103

质量

增大

4.2×103

不能

燃料燃烧相同的时间无法比较已经燃烧的燃烧的燃料的质量相同

解：(1)加热过程中，用搅棒搅动的目的是：使水和煤油受热均匀；根据转换法，水和煤油吸热的多少是通过加热时间来反映的；(2)AB.采用相同的加热方法，则在相同的时间内燃料放出的热量相同，使用相同的烧杯(热损失相同)，可保证水和煤油吸收的热量相同，故AB正确；C.根据比较吸热能力的两种方法，使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，或使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，但水和煤油的初温不一定相等，故C错误；D.根据比较吸热能力的两种方法，要控制水和煤油的质量相同，根据m=ρV，因水和煤油的密度不同，故烧杯中分别装入相同体积的水和煤油，水和煤油的质量不相等，故D错误；故选CD；(3)①由图2知，纵坐标表示升高的温度，横坐标表示加热的时间，由图知，升高5℃，煤油要加热3分钟，水加热6分钟，即水加热的时间长，根据比较吸热能力的第1种方法，这说明水的吸热能力强；②因升高5℃，煤油要加热3分钟，水加热6分钟，即煤油吸热的热量为水的\dfrac{3min}{6min}=\dfrac{1}{2}，由c=\dfrac{Q}{m\trianglet}，在质量和升高温度不变的情况下，比热容与吸热的热量成正比，已知水的比热容是4.2×10^{3}J/(kg⋅℃)，则煤油的比热容是\dfrac{1}{2}×4.2×10^{3}J/(kg⋅℃)=2.1×10^{3}J/(kg⋅℃)；(4)根据Q=cm\trianglet可知，Q=k\trianglet中的k=cm，则有k_{1}=cm_{1}，k_{2}=cm_{2}，故\dfrac{k_{1}}{k_{2}}=\dfrac{cm_{1}}{cm_{2}}=\dfrac{m_{1}}{m_{2}}，即这两条直线的k值与对应水的质量之比相等；(5)测得用甲加热后的水温度为30℃，而另一杯水温度为24℃.因水的温度升高，故此过程中水的内能增大；对质量都为100g和初温都为20℃的水加热，则用甲加热的水吸收的热量为：Q_{吸}=cm(t-t_{0})=4.2×10^{3}J/(kg⋅℃)×0.1kg×(30℃-20℃)=4.2×10^{3}J；由Q=mq，q=\dfrac{Q}{m}，可知应该控制不同燃料燃烧相同的质量去比较吸收热量的大小，燃料燃烧相同的时间无法比较已经燃烧的燃烧的燃料的质量相同，所以不能说明甲的热值大。故答案为：(1)使水和煤油受热均匀；(2)CD；(3)①水；水；②2.1×10^{3}；(4)质量；(5)增大；4.2×10^{3}；不能；燃料燃烧相同的时间无法比较已经燃烧的燃烧的燃料的质量相同。(1)为使水和煤油受热均匀，加热过程中，故用搅棒搅动；我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；(2)比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；