2025年外研版三年级起点必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版三年级起点必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、关于电源的作用，下列说法中正确的是A.电源的作用就是能保持导体两端的电压，使电路中有持续的电流B.电源的作用是能够直接释放出电能C.电源的作用是能为电路持续的提供自由电荷D.电源的作用就是使自由电荷运动起来2、如图所示，让大量的一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子从同一位置经过同一加速电场A由静止开始加速，然后在同一偏转电场B里偏转忽略离子的重力及离子间的相互作用力下列说法正确的是

A.它们始终为一股离子束B.它们会分离为二股离子束C.它们会分离为三股离子束D.它们会分离为无数股离子束3、在电磁学的发展过程中，许多物理学家做出了贡献，以下说法正确的是（）A.奥斯特认为安培力是带电粒子所受磁场力的宏观表现，提出了著名的洛伦兹力公式B.法拉第通过实验总结出了电磁感应规律，并制造了世界上第一台手摇发电机C.安培通过实验发现了通电导线周围存在磁场，首次揭示了电与磁的联系D.欧姆在前人工作的基础上通过实验研究总结出了电流通过导体时产生的热量跟电流的关系——焦耳定律4、一只电流表的满偏电流为Ig=3mA，内阻为R=100Ω，若改装成量程为I=30mA的电流表，应并联的电阻阻值为（）A.10ΩB.1ΩC.ΩD.Ω5、在“探究导体电阻与其影响因素的定量关系”实验中，下列说法正确的是（）A.用刻度尺测量金属丝直径3次，求其平均值B.用刻度尺测量金属丝接入电路的有效长度3次，求其平均值C.连接电流表时，使电流从“+”或“-”接线柱流入均可D.通过金属丝的电流越大越好6、四个相同的小灯泡按照如图所示的(a)、(b)两种方式接入电压相等的电路中，调节R1、R2使四个小灯泡都正常发光，这时可变电阻R1、R2消耗的电功率P1和P2的关系为

A.P1=2P2B.P1＞2P2C.P1＜2P2D.P1=P2评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、如图所示的电路中，R1为可变电阻，R2、R3为定值电阻，C为电容器，电源电动势为E，内阻为r，R3>r，电压表与电流表均为理想电表。在可变电阻R1的滑片由a端向b端缓慢滑动的过程中；下列说法中正确的是。

A.电压表的示数先减小后增大B.电容器的电荷量先减小后增大C.电源的输出功率先减小后增大D.电压表、电流表示数改变量的比值先减小后增大8、关于电表，下列说法正确的是：A.利用串联电路中电阻分压原理，可将电流表串联一个分压电阻改装成电压表B.如果要将电压表量程扩大n倍，则所串的分压电阻应是内阻的n倍C.用同一表头做成的电流表，电流表的量程越大，其内阻越小D.当电流表测某电路的电流时，测量值一定总是小于真实值9、如图，将等量的正点电荷固定在A、B两点，A、B关于光滑绝缘水平面对称，AB连线与水平面交于O点，带电小球放置于水平面上的P点。若小球从P点由静止释放，小球将沿直线MN向O点运动；若给P点的小球一个垂直于MN的水平初速度；则小球（）

A.可能做匀速圆周运动B.加速度可能一直保持不变C.电势能一直减小，动能一直增加D.可能靠近O点，且靠近过程中电场力可能先增大后减小10、某电场的电场线分布如图所示，电场中有A、B两点；则以下判断正确的是（）

A.A点的场强大于B点的场强，B点的电势高于A点的电势B.若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，则该电荷一定为负电荷C.一个负电荷处于A点的电势能大于它处于B点的电势能D.若将一个正电荷由A点释放，该电荷将在电场中做加速度减小的加速运动11、如图所示，在平行于纸面的匀强电场（图中未画出）中，有一圆心角为120°的扇形AOB，半径OA为20cm，M点为弧AB的中点。O点有一个电子发射装置，可以向电场中各个方向发射动能为30eV的电子，电子经过A点和B点的动能都为60eV；忽略电子之间的相互作用力和电子重力，下列说法正确的是（）

A.匀强电场方向由O指向MB.匀强电场电场强度大小为300V/mC.OM之间的电势差D.经过M点的电子动能为90eV12、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内阻为r，定值电阻的阻值分别为4r、6r和1.6r，水平放置的电容器两极板间的距离为d，接在阻值为1.6r的定值电阻两端。闭合开关，回路稳定后，电容器的带电荷量为q，让电荷量为q的带正电小球（可视为质点），从到上极板（开有小孔）高度为2d处由静止释放，到达下极板时小球的速度恰好为零。重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.阻值为4r的定值电阻消耗的电功率为B.电容器的电容为C.小球的质量为D.小球再次返回到上极板时的速度大小为13、下列说法正确的是（）A.普朗克最先提出了能量子概念B.康普顿效应揭示了光的波动性C.德布罗意通过实验发现电子也具有波动性D.玻尔将量子观念引入原子领域，成功地解释了氢原子光谱实验规律评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、图示为一个半径为R的均匀带电圆环，取环面中心O为原点，以垂直于环面的轴线为x轴，P到O点的距离为2R，质量为m，带负电且电量为q的小球从轴上P点由静止释放，小球经M点（图中未画出）时速度最大，运动到Q点时速度为零，Q点在O点上方R处．则圆环在M点的场强大小EM=__________________，P、Q两点的电势差UPQ=_________________．

15、静电屏蔽。

静电平衡时，空腔导体内表面没有电荷，导体壳内空腔里的电场强度为___________。外电场对壳（网）内的仪器不会产生影响的作用叫作___________

静电屏蔽的应用：电学仪器外面有金属壳、野外高压线上方还有两条导线与大地相连。16、公式的意义。

（1）意义：在匀强电场中，电场强度的大小等于两点间的___________与这两点___________之比。

（2）电场强度的另一种表述：电场强度在数值上等于沿___________方向___________上降低的电势。

（3）电场强度的另一个单位：由可导出电场强度的另一个单位，即___________，符号为___________。1V/m=1N/C。17、如图（a）所示，A、B是电场中的一条电场线，一带正电粒子仅在电场力作用下，沿电场线从A运动到B的图像如图（b）所示，则该电场线的方向为_________（选填“”或“”），关于A、B两点的电场强度的大小_________（选填“>”“=”或“<”）．

18、一台小型扫地机器人的直流电动机的额定电压为12V，额定电流为5A，线圈电阻为0.2Ω，将它接在直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则电动机消耗的总功率为_____，转化为机械能的功率为____．19、如图所示电路图，三个灯的连接方式是______，如果三个灯完全相同，考虑实际电源具有内阻，将此电源只接其中一个相同的灯泡，则该灯泡变______（填“亮”或“暗”或者“不变”）。

评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)20、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共6分)21、某实验小组要完成如下一系列实验，其中为一个待测电阻，标准电阻可视为理想电流表，为开关，为滑动变阻器，为电源。请按要求完成如下操作：

（1）多用电表选用“×1”倍率欧姆挡，先粗测的阻值，实验中得到指针如图甲所示，则读数为________Ω；

（2）再按照图乙所示的电路图精确测量该电阻值，用笔画线代替导线在图丙中连接好实物图________；

（3）连接完成实物图后，闭合开关改变滑动变阻器滑动触头的位置，记下两电流表的示数分别为则待测电阻________（用表示）；

（4）为了减小偶然误差，改变滑动变阻器滑动触头的位置，多测几组的值，作出关系图像，如图丁所示，可得待测电阻________Ω（保留三位有效数字）；考虑到实际上电流表有内阻，待测电阻阻值的计算结果与真实值相比________（选填“偏大”；“偏小”或“相同”）。

22、在“测定电池的电动势和内阻”实验中

（1）小睿同学连接好电路准备开始实验，开关已断开，如图（a）所示，请你替小睿指出电路中两处问题：______，______；把电路改正后，某次实验电表如图（b）所示，则读数为______V；

（2）小睿同学，他完成了按图（c）甲图电路的实验后，又按乙图电路重新做了一遍，且把二次实验的U-I图像画在同一坐标纸上，如图（d）所示，则按甲图电路得到的图线应为______（选填：图1、图2），结合图像中你认为较为理想的那次实验，求出二节干电池的电动势______V（保留3位有效数），内电阻______Ω（保留2位有效数字）。

评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)23、如图所示，水平轨道ABD与半径R＝1m的竖直光滑四分之一圆轨道BC平滑连接，空间存在着水平向右的匀强电场，电场强度现有质量m＝1kg、带电量的带电滑块（可视为质点），在水平轨道上距离B点L＝1m的A处由静止释放，运动到圆轨道底端B时对轨道的压力为26N。所有轨道均绝缘，空气阻力不计，重力加速度求：

（1）滑块在水平轨道上的动摩擦因数；

（2）滑块在圆轨道上的最大速度；

（3）滑块经过C点后，落到水平轨道上的位置D到B点的距离。

24、如图所示，两质量为的小球，A带电B不带电。两球静止，且相距A、B方向与方向相同（电场强度大小为）。时刻，开始受电场力而运动，A、B间发生弹性正碰，无电量转移，求第次正碰到第次正碰之间需要的时间。

25、家用电熨斗的铭牌上标有“220V400W”．求:

(1)电熨斗正常工作时的电流；（保留到小数点后两位）

(2)电熨斗正常工作30分钟消耗的电能．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【详解】

A．电源的作用就是能保持导体两端的电压；使电路中有持续的电流，选项A正确；

B．电源的作用是使导体中产生电场；导体中的自由电荷受到电场力作用发生定向移动，从而使电路中产生持续的电流。电场力做功，消耗电能转化为其他形式的能量，这一过程必须通过电路来完成，而电源不能直接释放出电能。故B错误。

C．导体中就有自由电荷；电源的作用不是为电路持续地提供自由电荷，故C错误。

D．自由电荷本身也做无规则的运动，电源的作用是能保持导体两端有持续的电压，使自由电荷发生定向移动，从而使电路中产生电流。故D错误。2、A【分析】【分析】

【详解】

粒子在电场中加速，根据动能定理

在偏转电场中做类平抛运动，水平方向L=v0t

竖直方向

联立可得

故可知粒子出离偏转电场的偏转距离与粒子的电量和质量无关；所以三种粒子始终为一股离子束。

故选A。3、B【分析】【分析】

【详解】

A．洛伦兹认为安培力是带电粒子所受磁场力的宏观表现；提出了著名的洛伦兹力公式。故A错误；

B．法拉第通过实验总结出了电磁感应规律；并制造了世界上第一台手摇发电机。故B正确；

C．奥斯特通过实验发现了通电导线周围存在磁场；首次揭示了电与磁的联系。故C错误；

D．焦耳在前人工作的基础上通过实验研究总结出了电流通过导体时产生的热量跟电流的关系——焦耳定律。故D错误。

故选B。4、D【分析】【分析】

【详解】

由并联电路的特点可得

则

故选D。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．金属丝的直径很小；需要用螺旋测微器进行测量，不能用刻度尺，选项A错误；

B．用刻度尺测量金属丝接入电路的有效长度3次；求其平均值，选项B正确；

C．连接电流表时；需要使电流从“+”接线柱流入，选项C错误；

D．通过金属丝的电流不能太大；电流太大会引起电阻发热影响实验结果，选项D错误。

故选B。6、B【分析】【详解】

灯泡规格相同且正常发光，甲图灯泡并联，电流为

乙图灯泡串联，电流为

电阻的电压为

消耗的功率为

电阻的电压为

消耗的功率为

所以有

故A；CD错误；B正确；

故选B。二、多选题(共7题，共14分)7、B:C【分析】【详解】

A．可变电阻R1的两部分并联，在可变电阻R1的滑片由a端向b端缓慢滑动的过程中，电路的总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律可知电路中的总电流先减小后增大，由U=E-I（R3+r）可知电压表的示数先增大后减小；A错误；

B．根据欧姆定律可知电阻R2两端的电压先减小后增大；所以电容器所带的电荷量先减小后增大，B正确；

C．由于R3＞r，在滑片由a端向b端缓慢滑动的过程中外电阻总大于电源内阻r；电源的输出功率先减小后增大，C正确；

D．电压表示数改变量与电流表示数改变量的比值等于R3+r，大小不变，D错误。8、A:C【分析】【分析】

由题意可知考查电表改装；根据电表改装原理分析可得．

【详解】

A．利用串联电路中电阻分压原理；可将电流表串联一个分压电阻改装成电压表，符合客观实际，故A正确．

B．如果要将电压表量程扩大n倍，则所串联的分压电阻应是原电压表内阻的n-1倍；故B错误；

C．用同一表头做成的电流表；电流表的量程越大，并联的电阻越小，其总的内阻越小，故C正确；

D．当电流表测某电路的电流时；测量值可能小于真实值，也可能大于真实值，故D错误．

【点睛】

改装成电压表是在原来基础上串联一电阻，量程越大，需要串联的电阻越大．改装电流表是在原来基础上并联一电阻，量程越大，需要并联的电阻越小．读数大小取决于总电压、总电流，指针偏角大小仅取决于通过表头的电流大小，通过表头的电流越大（越小），偏转角度越大（越小）．9、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．若小球从P点由静止释放，小球将沿直线MN向O点运动，可知小球带负电，受到的是吸引力；若给P点的小球一个垂直于MN的水平初速度，若满足

则小球做匀速圆周运动；加速度大小不变，但方向不断变化，选项A正确，B错误；

C．若小球做匀速圆周运动；则电势能不变，动能不变，选项C错误；

D．若满足

则小球向靠近O点运动；根据等量同种电荷的中垂线上的场强分布可知，从O点向外侧场强先增加后减小，则小球在靠近O点过程中电场力可能先增大后减小，选项D正确。

故选AD。10、A:C【分析】【详解】

A．根据电场线的疏密可以判断场强的强弱，所以A点的场强大于B点的场强，根据沿电场线方向电势逐渐降低，所以B点的电势高于A点的电势；则A正确；

B．若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，说明电势能增大，又因为B点的电势高于A点的电势；由于正电荷在电势越高的位置，电势能越大，说明该电荷正电荷，所以B错误；

C．由于负电荷在电势越低的位置；电势能越大，所以C正确；

D．若将一个正电荷由A点释放；其所受电场力方向与场强方向相同向左运动，电场线越来越密，则该电荷将在电场中做加速度增大的加速运动，所以D错误；

故选AC。11、B:D【分析】【详解】

A．根据题意可知，电子以的动能从O点释放后，经过A、B两点时的电子的动能相同，则A、B是等势点，连接AB，AB为匀强电场在平面内的等势线，由几何知识知OM垂直于AB，则OM是电场线的方向，由于电子带负电，可知电场的方向指向O点，即匀强电场方向由M指向O；故A错误；

B．根据

代入数据可得

故B正确；

C．由A选项分析可知，点的电势高于点的电势，OM之间的电势差

故C错误；

D．根据动能定理可得

解得经过M点的电子动能为

故D正确。

故选BD。12、A:C:D【分析】【详解】

AB．阻值为4r、6r的定值电阻并联后的阻值为

由闭合电路欧姆定律有

阻值为4r的定值电阻两端的电压为

电容器两极板间的电压为

阻值为4r的定值电阻消耗的电功率为

由电容的定义式可得

故A正确；B错误；

C．对小球由释放后到运动到下极板的过程，由动能定理有

解得

故C正确；

D．小球从下极板返回到上极板的过程，有

解得

故D正确。

故选ACD。13、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．普朗克为了解释黑体辐射现象最先提出了能量子概念。故A正确；

B．康普顿效应揭示了光的粒子性。故B错误；

C．德布罗意提出实物粒子也具有波动性的假设。故C错误；

D．玻尔将量子观念引入原子领域；成功地解释了氢原子光谱实验规律。故D正确。

故选AD。三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】【分析】

小球经M点时速度最大，则在M点的加速度为零，根据平衡条件求出M点的场强大小；从P点运动到Q点过程中，根据动能定理可求P、Q两点的电势差．

【详解】

解：小球经M点时速度最大，则在M点的加速度为零，有解得M点的场强大小

从P点运动到Q点过程中，根据动能定理可得P、Q两点的电势差【解析】15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]静电平衡时；空腔导体内表面没有电荷，导体壳内空腔里的电场强度为0；

[2]外电场对壳（网）内的仪器不会产生影响的作用叫作静电屏蔽。【解析】0静电屏蔽16、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]在匀强电场中；电场强度的大小等于两点间的电势差与这两点沿电场线方向的距离之比。

(2)[3][4]电场强度在数值上等于沿电场强度方向每单位距离上降低的电势。

(3)[5][6]由

可导出电场强度的另一个单位，即伏/米，符号为V/m。【解析】①.电势差②.沿电场线方向的距离③.电场强度④.每单位距离上⑤.伏/米⑥.V/m17、略

【分析】【详解】

[1][2]由图可知，粒子的速度增大，电场力对粒子做正功，所以粒子受力的方向和运动的方向相同，即受力向右；粒子带正电，受力的方向与电场线的方向相同，所以电场线方向是从A向B，即速度图象的斜率等于物体的加速度，由图可知点电荷从A向B运动的过程中加速度越来越大，故A点的场强小于B点场强，即<【解析】<18、略

【分析】【详解】

电动机消耗的总功率为内阻消耗的功率为则转化为机械能的功率为．

【点睛】

对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．【解析】60W55W19、略

【分析】【详解】

[1]由图可知；三灯泡采用并联方式连接。

[2]将此电源只接其中一个相同的灯泡，外电路电阻增大，电流减小，路端电压增大，该灯泡变亮。【解析】并联亮四、作图题(共1题，共5分)20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共2题，共6分)21、略

【分析】【详解】

（1）[1]多用电表选用“×1”倍率欧姆挡，由图甲可知

（2）[2]根据图乙电路图；用笔画线代替导线在图丙中连接好实物图，如图所示。

（3）[3]根据电路图，由欧姆定律有

解得

（4）[4]根据（3）分析整理可得

结合图丁有

其中

解得

[5]考虑到实际上电流表有内阻，则所测阻值为电流表的内阻和之和，则待测电阻阻值的计算结果与真实值相比偏大。【解析】2422.0偏大22、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]电路中两处问题是：滑动变阻器接入电路的阻值没调到最大，开关不能控制电压表。

[3]电源为2节干电池，电压表的量程为0~3V，读数为2.24V。

（2）[4]图乙中电流