2025年粤教新版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教新版必修3物理下册月考试卷82考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、下列所给四种情况，其中穿过单匝闭合线圈的磁通量不为零的是（）A.矩形线圈与两相同通电长直导线共面且居中B.圆形线圈紧箍在圆柱状磁铁正中间位置C.长直通电导线穿过圆形线圈的圆心且与线圈平面垂直D.圆形线圈上方放置一条与线圈直径重合的长直通电绝缘导线2、如图所示，一通电直导线水平放置，其上方M、N两点的磁感应强度分别为BM、BN；则（）

A.BM>BN，方向均竖直向上B.BM>BN，方向均竖直向下C.BM>BN，方向均垂直纸面向里D.BM>BN，方向均垂直纸面向外3、某同学利用图甲所示电路观察电容器的充电和放电现象，测得放电过程的图像如图乙所示；电压表为理想表，则（）

A.充电时电子由a向b方向流动B.充电时电压表示数先迅速增大再减小到零C.将电阻R换成阻值更大的电阻，放电时间变长D.电容器充电结束所带电荷量约为4、如图所示，在x轴上两点分别固定放置点电荷和原点O是两点连线的中点，取P点电势为零；下列判断正确的是（）

A.O点的场强为零B.O点的电势为零C.两点的场强相同D.两点的电势相同5、下列说法是某同学对电学中相关概念及公式的理解，其中正确的是()A.电场强度公式E＝适用于一切电场B.根据电容的定义式C＝,电容器极板上的电荷量每增加1C，电压就增加1VC.根据电场力做功的计算式W＝qU，一个电子在1V的电压下加速，电场力做功为1eVD.电场线就是正电荷只在电场力的作用下运动的轨迹6、关于电阻和电阻率的说法正确的是()A.导体对电流的阻碍作用叫导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B.由可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C.某些金属、合金和化合物的电阻率随温度的降低会突然减小为零，这种现象叫超导现象D.将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一7、要测绘一个3.8V灯泡L的伏安特性曲线，选用了电池组（电动势为4V，内阻约为0.04Ω）、电流表（量程0~0.6A，内阻约0.3Ω）、电压表（量程0~5V，内阻约5kΩ）、开关、导线和滑动变阻器（阻值范围0~10Ω）。为了安全、准确地完成实验，应该选用的电路图为（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、光滑水平面上有一边长为L的正方形区域处在场强为E的匀强电场中，电场方向与正方形一边平行。一质量为m、带电量为q的小球由某一边的中点，以垂直于该边的水平初速v0进入该正方形区域。当小球再次运动到该正方形区域的边缘时；具有的动能可能为（）

A.B.C.D.9、如图所示，矩形的四个顶点分别固定有带电荷量分别为q的正负点电荷，水平直线AC将矩形分成面积相等的两部分，B为矩形的中心．一质量为m的带正电微粒（不计重力）沿直线AC从左向右运动，到A点时的速度为v0，到B点时的速度为v0．取无限远处电势为零；则。

A.微粒在A、C两点的加速度相同B.微粒从A点到C点的过程中，电势能先减少后增大C.微粒最终可以返回B点，其速度大小为v0D.A、C两点间的电势差为UAC=10、如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞出。仅在电场力作用下；两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则（）

A.a一定带正电，b一定带负电B.a加速度减小，b加速度增大C.a电势能减小，b电势能增大D.a和b的动能一定都增大11、如图所示电路中，电源的内阻为三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，下面的判断正确的是（）

A.变暗B.变亮C.变亮D.路端电压变小12、如图所示，两等量异种电荷在同一水平线上，它们连线的中点为O，竖直面内的半圆弧光滑绝缘轨道的直径AB水平，圆心在O点，圆弧的半径为R，C为圆弧上的一点，OC为竖直方向的夹角为37°，一电荷量为+q，质量为m的带电小球从轨道的A端由静止释放，沿轨道滚动到最低点时，速度v=2g为重力加速度；取无穷远处电势为零，则下列说法正确的是（）

A.电场中B点的电势为B.电场中B点的电势为C.小球运动到C点时，其动能与电势能的和为1.4mgRD.小球运动到C点时，其动能与电势能的和为1.8mgR13、光滑绝缘水平面上固定两个等量同种点电荷Q，在它们连线的中垂线上，有A和B两点到连线中点O的距离相等；如图所示，则（）

A.A，B两点的电场强度大小相等、方向相反B.同一点电荷在A，B两点的电势能相等C.把负点电荷q从A点静止释放，同时缓慢增大两个Q，q将不能到达BD.把负点电荷q从A点静止释放，同时缓慢增大两个Q，q越过B点后速度才减为014、用充电宝给手机电池充电时，充电宝输出电能转化为手机电池的化学能和内能，等效电路如图所示。在充电开始后的时间t内，充电宝的输出电压U和输出电流I都可认为是恒定的，若手机电池的内阻为r，则t时间内（）

A.充电宝输出的电流为B.充电宝输出的电功为C.手机电池产生的焦耳热为D.手机电池储存的化学能为评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、如图甲所示为一测量电解液电阻率的玻璃容器，P、Q为电极，设a=1m，b=0.2m，c=0.1m，当里面注满某电解液，且P、Q加上电压后，其U-I图线如图乙所示，当U=10V时，求电解液的电阻率ρ是_______Ω·m

16、如图所示，三根彼此绝缘的无限长直导线的一部分ab、cd、ef构成一个等边三角形，O为三角形的中心，M、N分别为O关于导线ab、cd的对称点，当三根导线中通以大小相等，方向如图的电流时，O点磁感应强度大小为B1，M点磁感应强度的大小为B2，则N点磁感应强度的大小为________；若将导线ef中的电流撤去，而保持另两根导线中的电流不变，则N点磁感应强度的大小为________．

17、两根互相垂直的通电直导线放在同一平面内，彼此绝缘，电流方向如图所示．在两导线周围的四个区域中，肯定不可能出现磁感强度为零的区域是______；可能出现磁感强度为零的区域是______．18、如图所示，匀强电场的电场线与平行，把的负电荷从点移到点，静电力做功长与成60°角。则匀强电场的场强方向______（填：指向或指向）；设处电势为则处电势为______，该负电荷在处的电势能为______。

19、静电力做功的特点。

（1）静电力做功：在匀强电场中，静电力做功W=qElcosθ。其中θ为___________与___________之间的夹角。

（2）特点：在静电场中移动电荷时，静电力所做的功与电荷的起始位置和终止位置___________，与电荷经过的路径___________。

20、如图所示，在真空中有两个点电荷A和B，电荷量分别为-Q和+Q，它们相距L．如果在两点电荷连线的中点O有一个半径为r（2r＜L）的空心金属球，则球壳左端的感应电荷为_________（选填“正电荷”或“负电荷”）,若球心位于O点，则球壳上的感应电荷在O点处的场强大小_________，方向______．

21、如图所示，平行金属板通过一开关与电池相连，板间有一带电液滴处于平衡状态．若开关闭合，将两板拉开一定距离，则粒子将__________；若开关打开，将两板拉开一定距离，则粒子将__________．（填“静止不动；向上运动、向下运动”）

22、用螺旋测微器测圆柱体的直径时，示数如图甲所示，此示数为______mm，用20分度的游标卡尺测量某物体的厚度时，示数如图乙所示，此示数为______mm。

23、如图，电阻电压表示数为6V，电流表示数为0.5A，后来由于某一电阻断路，电压表示数为9V，电流表示数变为0.6A。则发生断路的电阻是______，电池组的电动势为______V。

评卷人得分四、实验题(共3题，共30分)24、用图1所示的甲、乙两种方法测量某电源的电动势和内电阻（约为1Ω）。其中R为电阻箱；电流表的内电阻约为0.1Ω，电压表的内电阻约为3kΩ。

（1）利用图1中甲图实验电路测电源的电动势E和内电阻r，所测量的实际是图2中虚线框所示“等效电源”的电动势和内电阻若电流表内电阻用表示，请你用E、r和RA表示出并简要说明理由_______。

（2）某同学利用图像分析甲、乙两种方法中由电表内电阻引起的实验误差。在图3中，实线是根据实验数据（图甲：U=IR，图乙：）描点作图得到的U-I图像；虚线是该电源的路端电压U随电流I变化的U-I图像（没有电表内电阻影响的理想情况）。

在图3中，对应图甲电路分析的U-I图像是：__________；对应图乙电路分析的U-I图像是：________。

（3）综合上述分析，为了减小由电表内电阻引起的实验误差，本实验应选择图1中的______（填“甲”或“乙”）。25、某学校物理兴趣小组同学，从实验室找到一卷漆包线，已知该漆包线内导线的电阻率为兴趣小组同学欲粗测该漆包线的油漆层厚度，首先他们用测重法测得其长度为并找到了多用电表；螺旋测微器等仪器。

(1)他们用多用电表粗测漆包线的电阻；操作过程分以下三个步骤，请你填写第二步。

①将红、黑表笔分别插入多用电表的“+”、“-”插孔；选择开关打到电阻档“”；

②_________；

③把红、黑表笔分别与该漆包线的两端导线层相连接，发现指针在中值电阻附近，读出其电阻约为

(2)使用螺旋测微器测该漆包线的直径，示数如图所示，则直径为_______

(3)现在请你根据测得的电阻值和直径，估算出该漆包线油漆层的厚度约为________（取）26、有一满偏电流为150μA的电流表G，要用它来改装成电流表和电压表，但电流表G内阻未知。现要测量其内阻Rg；除待测电流表G外，供选用的器材还有：

滑动变阻器R（阻值范围0~99999.9Ω）

电阻箱R′（阻值范围0~999.9Ω）

电源E

开关和导线若干。

(1)某小组采用的测量电路原理图如图所示；实验步骤如下：

①按电路原理图连接线路；

②将R的阻值调到最大，断开开关S2，闭合开关S1，调节R的阻值；使电流表G的指针偏转到满刻度；

③闭合开关S2，保持R不变，调节R′的阻值；使电流表G的指针偏转到满刻度的二分之一的位置；

④记下R′的阻值；

⑤现读得R′的阻值为200.0Ω，则电流表G的内阻测量值R测=_____Ω（小数点后保留1位），与电流表的内阻真实值Rg相比，R测____Rg（填“＞”“=”或“＜”）；

(2)要把G表头改装成0~3V的电压表，需_____（填“串联”或“并联”）一个大电阻。评卷人得分五、解答题(共4题，共12分)27、如图所示，竖直放置的两金属板之间加一电压U1，在其右侧有两个水平正对放置的平行金属极板，板长为L，相距为d，两极板间电压为U2，从左极板静止释放一带负电粒子，经加速后进入偏转电场，粒子轨迹如图。已知粒子的质量为m，电荷量为q；不计粒子的重力。求：

(1)粒子穿越加速电场获得的速度v1；

(2)粒子在偏转电场发生的侧位移y；

(3)粒子射出偏转电场时偏转角的正切值tanφ。

28、如图所示，一真空示波管的电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电场加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点。已知电子质量电荷量大小加速电场电压偏转电场电压极板的长度板间距离其右端到荧光屏M的水平距离为电子所受重力可忽略不计；求。

（1）求电子穿过A板时的速度大小v0；

（2）求电子从偏转电场射出时的侧移量y；

（3）求OP的距离Y；

（4）电子从偏转电场射出时的侧移量y和偏转电压U2的比叫做示波器的灵敏度；分析说明可采用哪些方法提高示波器的灵敏度。

29、如图所示，一竖直半圆形绝缘光滑轨道固定在水平桌面上，O为圆心，AC为水平直径，B为最低点。现在O点固定一电荷量大小为q的点电荷，在最低点B固定另一电荷量大小未知的点电荷，在A点有一质量为m、电荷量大小也为q的带电小球（可视为质点）处于静止状态，且对轨道恰好无作用力，已知静电力常量为k，重力加速度为g。

（1）求固定在最低点B的点电荷电荷量的大小；

（2）若某时刻仅将B点的点电荷撤去，求带电小球运动到B点时对轨道的压力大小。

30、如图所示，有水平边界的匀强磁场的磁感应强度为B，其上、下边界间的距离为H，一个由同种材料，粗细均匀的导线做成的质量为m、边长为l（l＜H）、总电阻为R的正方形导线框abcd，从磁场上方的某个位置处，由静止开始下落，下落过程中，线框平面始终保持在同一个竖直面内，ab边与磁场的水平边界线平行，当ab边刚进入磁场和ab边刚穿出磁场时，线框加速度的大小都是方向都竖直向上，在线框运动过程中，不计空气阻力．求：

（1）ab边刚进入磁场时，线框cd边两端的电势差

（2）cd边刚进入磁场时；线框速度的大小。

（3）从ab边刚进入磁场到cd边刚进入磁场的过程中，线框中产生的热量．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

A．据安培定则可知；左侧导线在矩形线圈中的磁场向内，右侧导线在矩形线圈中的磁场向外，由对称性可知，两部分磁场等大；反向，完全抵消，故矩形线圈中的磁通量为零，A错误；

B．圆柱状磁铁内部磁感线由S指向N且与线圈垂直；故穿过圆形线圈中的磁通量不为零，B正确；

C．长直通电导线产生的磁场与圆形线圈恰好是同心圆；没有磁感线穿过该线圈，故磁通量为零，C错误；

D．长直通电绝缘导线产生的磁场关于圆形线圈对称；一侧向下；另一侧向上，完全抵消，故穿过线圈的磁通量为零，D错误。

故选B。2、D【分析】【详解】

利用安培定则可以判断出通电直导线周围的磁场线分布情况，图中电流方向向右，则上方磁场垂直纸面向外，且越靠近导线的，磁场越强，所以BM＞BN.

A．描述与分析不符；故A错误.

B．描述与分析不符；故B错误.

C．描述与分析不符；故C错误.

D．描述与分析相符，故D正确.3、C【分析】【详解】

A．充电时，开关连接1，电容器下极板与电源负极相连，下极板带负电，充电过程极板电荷量增大，因此下极板得电子，可知充电时电子由b向a方向流动；A错误；

B．充电时；开关连接1，理想电压表始终连接在电源正负极上，因此理想电压表的示数等于电源电动势，即充电时电压表示数不变，B错误；

D．图像中，图线与时间轴所围几何图形的面积表示放电过程放出的电荷量，即等于电容器充电结束所带电荷量，根据图像数出格子数约为33格，则电容器充电结束所带电荷量为

D错误；

C．充电完成后，电容器两极板间的电压等于电源电动势，开关连接2放电时，最大的电流

当将电阻R换成阻值更大的电阻时；放电的最大电流减小，由于放电的总电荷量不变，即图线与时间轴所围面积不变，作出图线如图虚线所示。

可知，将电阻R换成阻值更大的电阻；放电时间变长，C正确。

故选C。4、C【分析】【详解】

A．根据场强的叠加原理可知，O点的场强不为零；A错误；

B．当取无穷远处的电势为零时，O点的电势为零，若取P点电势为零，则O点的电势不为零；B错误；

C．根据场强的叠加原理可知，两点的场强大小和方向都相同；C正确；

D．M点的电势高于P点的电势；D错误。

故选C。5、C【分析】【详解】

A．电场强度公式：E＝

只适用于匀强电场；故A错误；

B．根据电容的定义式：C＝

可知：U=

只有在电容器C=1F时；当电容器极板上的电荷量每增加1C，电压就增加1V，故B错误；

C．电子的电量为e，由：W=Uq

可知电场对电子做功加速时：W=Ue

即在1V电压下加速；电场力做功为1eV，故C正确；

D．电场线并不存在，是虚拟的，是人为引入的，而物体的运动轨迹是实际存在的，故电场线不是电荷的运动轨迹，故D错误．6、C【分析】【详解】

A．导体对电流的阻碍作用叫导体的电阻；导体的电阻与导体中有无电流无关，选项A错误；

B．导体的电阻是由导体本身决定的；与加在导体两端的电压和通过的电流无关，选项B错误；

C．某些金属；合金和化合物的电阻率随温度的降低会突然减小为零；这种现象叫超导现象，选项C正确；

D．导体的电阻率只与导体材料有关，与导体长度无关，选项D错误．7、A【分析】【分析】

【详解】

因实验要求电流从零开始调节；所以滑动变阻器应用分压式接法；因小灯泡电阻比较小，故电流表应用外接法。

故选A。二、多选题(共7题，共14分)8、A:B:C【分析】【详解】

A．若初速度的方向与电场方向平行，但电场力方向与电场方向相反，则小球做匀减速直线运动，若小球能从对边出电场，则根据动能定理可得其动能为

动能大小可能等于故A正确；

B．若初速度方向与电场方向垂直，则小球做类平抛运动，从邻边出去，根据动能定理

故B正确；

C．若初速度的方向与电场方向平行，但电场力方向与电场方向相反，则小球做匀减速直线运动，若没有到达对边速度就减为零，则小球会返回到出发点，速度仍为v0；动能为。

故C正确；

D．若初速度的方向与电场方向平行，但速度方向与电场方向相同，则小球做匀加速直线运动，则小球会从对边射出电场，动能为

综合选项ABC可知，动能不可能为

故D错误。

故选ABC。9、A:C【分析】【详解】

根据对称性可知在A、C两点的合场强相同，故微粒受到的电场力相同，即加速度相同，A正确；根据矢量叠加原理可知四个点电荷在AC之间的电场强度方向水平向右，即微粒从A到C过程中电场力做正功，电势能一直减小，动能一直增大，C点以后的某点电场方向发生变化，改为水平向左，故微粒到达该点后开始做减速运动，减速到零后反向加速，即向左做加速运动，由于过程中只有电场力做功，动能和势能相互转化，所以微粒会返回B点，并且速度为B错误C正确；根据对称性可知根据动能定理可得由于不知道微粒的电荷量，故无法计算间的电势差，D错误．10、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由运动轨迹如图可知，a、b做曲线运动，由于电场线方向未知，故a、b电性不能确定；A错误；

B．根据a、b两粒子做曲线运动轨迹弯曲程度及电场线的疏密可知，b所处的电场线变密，电场强度变强，所受的电场力在增大，加速度在增大；a所处的电场线变疏；电场强度变弱，所受的电场力在减小，加速度在减小，B正确；

CD．根据图知a、b两粒子的电场力；速度的夹角为锐角；电场力对电荷做正功，其动能都增大，其电势能都减小，C错误，D正确。

故选BD。11、A:B【分析】【分析】

【详解】

当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，路端电压变大，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流减小，故L1变暗；电路中电流减小，故内阻及R0、L1两端的电压减小，而电动势不变，故并联部分的电压增大，故L2变亮；因L2中电流增大，干路电流减小，故流过L3的电流减小，故L3变暗。

故选AB。12、A:D【分析】【详解】

AB．图中过O点的虚线是一条等势线，一直延伸到无穷远，O点的电势为零，取无穷远处电势为0，则最低点处电势为0，小球从A点运动到最低点过程中，由动能定理可得

解得

而

解得

由对称性可知

即

解得

B错误A正确；

CD．小球在最低点处的动能和电势能的总和为

重力势能增加量为

由最低点运动到C点过程，动能、电势能、重力势能的总量守恒，所以小球在C点的动能和电势能的总和为

C错误D正确。

故选AD。13、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．根据等量同种电荷连线中垂线上的电场强度分布和电势分布可知，A、B两点的电场强度大小相等、方向相反；A、B两点的电势相同，所以同一点电荷在A、B两点的电势能相等；故AB正确；

CD．把负点电荷q从A点静止释放，同时缓慢增大两个Q，则负电荷受到的吸引力逐渐变大，到达B点之前速度就减为0，q将不能到达B；故C正确，D错误。

故选ABC。14、B:D【分析】【详解】

A．手机电池是非纯电阻，欧姆定律不成立，即充电宝输出的电流不能用运算；A错误；

B．充电宝输出的总功率

B正确；

C．根据焦耳定律可知，手机电池产生的焦耳热为

手机电池是非纯电阻，欧姆定律不成立，而表达式运用了欧姆定律；C错误；

D．根据能量转化可知，手机电池储存的化学能等于充电宝输出的总的电功与产生的焦耳热之差，则有

D正确。

故选BD。三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

由图乙可求得电解液的电阻为由图甲可知电解液长为截面积为结合电阻定律可得【解析】4016、略

【分析】【详解】

无限长直导线ab、cd、ef，构成一个等边三角形，且三根导线中通以大小相等、方向如图所示的电流，O为三角形的中心，且O点磁感应强度大小为B，因为直导线ab、cd关于O点对称，所以这两导线在O点的磁场为零，则磁感应强度大小B1是由直导线ef产生的，而直导线ab、ef关于N点对称，所以这两根直导线的磁场为零，因此N点的磁感应强度大小为B1．因为M点的磁感应强度为B2=Bef+Bcd+Bab，由安培定则可知，各电流在M点的磁场的方向相同，又因为Bab=B1，Bef与Bcd大小相等，故．当撤去导线ef，其余两根导线在N点的磁感应强度的方向都向里，大小为：

【点睛】

此题根据通电导线周围的磁场对称性、方向性，去确定合磁场大小．且离导线越远场强越弱．磁场不但有大小而且方向，方向相同则相加，方向相反则相减.【解析】B1（B2+B1）/217、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]．先由右手螺旋定则可判定通电导线磁场的方向．如图所示；

“•”表示磁感线垂直纸面向外，“×”表示磁感线垂直纸面向里．所以第二、四象限磁场不可能为零，而第一、三象限可能为零；肯定不可能出现磁感强度为零的区域是Ⅱ、Ⅳ；可能出现磁感强度为零的区域是Ⅰ、Ⅲ．【解析】Ⅱ、Ⅳ；Ⅰ、Ⅲ18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]将负电荷从A移至B，静电力做正功，所以所受静电力方向由A至C，又因为是负电荷，场强方向与负电荷受静电力方向相反，所以场强方向应为C至A方向。

[2]由

得

即

故

[3]电子在A点的电势能【解析】①.由指向②.③.19、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]在匀强电场中，静电力做功W=qElcosθ。其中θ为电场力与位移之间的夹角。

(2)[3][4]在静电场中移动电荷时，静电力所做的功与电荷的起始位置和终止位置有关，与电荷经过的路径无关。【解析】①.电场力②.位移③.有关④.无关20、略

【分析】【详解】

[1]在空心球周围存在向左的电场；则球上自由电子受到向右的电场力，电子聚集在右侧，左侧多余正电荷，则球壳左端的感应电荷为正电荷。

[2][3]发生静电感应的导体内部合场强为零，所以球壳上的感应电荷在O点处的场强大小应该与外部电荷在O点产生的场强大小相等，即

感应电荷也外部电荷产生的电场方向相反，即感应电荷在O点产生的场强方向应该是向右．【解析】正电荷向右21、略

【分析】【详解】

[1][2]根据E=当闭合开关时，电压不变，增大距离d，场强变小，电场力变小，粒子将向下运动；当打开开关时，电荷量Q不变，由及解得

场强与板间距无关，静止不动．【解析】向下运动；静止不动22、略

【分析】【详解】

[1]根据螺旋测微器读数规则，此示数为

[2]根据游标卡尺读数规则，此示数为【解析】6.125##6.126##6.12763.6023、略

【分析】【详解】

[1]由题图可知，若R1断路，电流表示数是零，不符合题意；若R3断路，电压表示数是零，不符合题意，因此是R2断路。

[2]在R2断开时，电压表示数为U2=9V，测的是R1两端的电压，电流表示数变为I2=0.6A可得

在R2没断开时，电压表示数为U1=6V，电流表示数为I1=0.5A，可知此时R1两端的电压，则有

可知R3两端的电压是7.5V−6V=1.5V

则有

由闭合电路欧姆定律可得

代入数据解得r=7.5ΩE=13.5V【解析】R213.5四、实验题(共3题，共30分)24、略

【分析】【详解】

(1)[1]将电源和电流表视为等效电源，电源电动势是电源本身具有的属性，电流表不具有产生电动势的本领，所以等效电源的电动势仍然为

而电流表的内阻和电动势的内阻作为等效电源的内阻，即

(2)[2]对甲图，考虑电表内阻时，根据闭合电路欧姆定律得

变形得

直接通过实验获得数据，可得

图像与纵轴截距均为电源电动势虚线对应的斜率大小为实线对应的斜率大小为所以对应图甲电路分析的图像是C；

[3]对乙图，考虑电表内阻时（即虚线对应的真实情况），根据闭合电路欧姆定律得

变形得

直接通过实验获得数据，可得

虚线对应的斜率大小为实线对应的斜率大小为虚线对应的纵轴截距为实线对应的纵轴截距为两图线在时，对应的短路电流均为所以对应图乙电路分析的图像是A。

(3)[4]图甲虽然测量的电源电动势准确，但电流表分压较为明显，所以内阻测量的误差很大；图乙虽然电动势和内阻测量均偏小，但是电压表内阻很大，分流不明显，所以电动势和内阻的测量误差较小，所以选择图乙可以减小由电表内电阻引起的实验误差。【解析】理由见解析CA乙25、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)②[1]进行欧姆调零；即红黑表笔短接，调节欧姆调