2025年新世纪版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版必修3物理上册月考试卷880考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，R1、R3为定值电阻，R2为滑动变阻器，C为电容器。将滑动变阻器的滑动触头P置于位置a，闭合开关S，电路稳定时理想电压表V1、V2的示数分别为U1、U2，理想电流表A的示数为I。当滑动变阻器的滑动触头P由a滑到b且电路再次稳定时，理想电压表V1、V2的示数分别为U1′、U2′，理想电流表A的示数为I′。则以下判断中正确的是（）

A.滑动变阻器的滑动触头P由a滑向b的过程中，通过R3的电流方向由左向右B.滑动变阻器的滑动触头P由a滑向b的过程中，电容器的带电量减小C.D.2、电荷量大小分别为Q和9Q的两个点电荷A、B分别固定于x轴上两处，且其中一个点电荷固定于x＝0处。在它们形成的电场中，有一个检验电荷﹣q沿x轴从+∞向坐标原点O运动，其电势能Ep随x的变化关系如图所示，图线最低处对应的x轴坐标为x0；则可以确定的是（）

A.A带正电且处于x＝0处B.B带负电且处于x＝﹣2x0处C.在x＝x0处电场强度等于零D.在x轴上x＞x0范围内，场强方向向左3、两小球带同种电荷，电荷量之和为若两小球可视为点电荷，且电荷量可随机分配，两小球的距离为静电力常量为则两小球间的静电力的最大值为（）A.B.C.D.4、两个完全相同的金属小球A、B，球A所带电荷量为＋4Q，球B不带电。现将球B与球A接触后，移到与球A相距为d处（d远远大于小球半径）。已知静电力常量为k，则此时两球之间相互作用的库仑力大小是（）A.B.C.D.5、关于电场线和等势面，下列说法中正确的是（）A.电场线密集处场强大，电势高B.沿电场线方向场强一定减小，电势一定降低C.等势面一定垂直于电场线D.场强为零处，电势也一定为零6、如图所示；一电容器标有“5.5V，10F”的字样，当该电容器两极间的电压为2.75V时，电容器所带的电荷量为（）

A.0.275CB.0.55CC.27.5CD.55C7、关于磁感应强度和磁通量，下列说法中正确的是（）A.磁通量就是磁感应强度B.磁通量越大，磁感应强度越大C.通过某一面积的磁通量为零，该处磁感应强度不一定为零D.磁通量发生变化时，磁感应强度也一定发生变化评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、电压表，电流表都是由小量程电流表改装而成的，如图甲、乙所示分别是电压表，电流表的改装图，以下说法正确的是（）

A.若改装后的电流表示数比标准表稍小一些，可以给并联电阻再并一个较大的电阻B.若改装后的电压表示数比标准表稍小一些，可以给串联电阻再串联一个较大的电阻C.小量程电流表内阻为给它并联一个电阻R，改装后的电流表量程是原来的倍D.为实现对改装电表的逐格校准，需要采用分压式电路9、两带电金属板竖直放置且两板始终与电源的正、负极相连，如图所示。在电场中的O点，用一根绝缘细线悬挂一带负电荷的小球，小球静止在细线与竖直方向夹角为θ的位置。现将两金属板绕各自的中心转轴缓慢旋转一个小角度，两转轴在同一水平线上且旋转过程中两金属板始终保持平行，如图中虚线所示。则（）

A.两板间匀强电场的场强将变大B.细线对小球的拉力将变大C.小球静止时细线与竖直方向夹角θ将变小D.小球静止时细线与竖直方向夹角θ将变大10、如图，光滑绝缘水平地面上有一水平绝缘轻弹簧左端固定，右端与一质量为m、电荷量为的滑块P（可视作质点）拴接，沿水平方向建立x轴，沿x轴加一水平方向电场（图中未画出），x轴上的电势随位置x的变化关系如图所示。滑块从弹簧原长处静止释放（未超出弹性限度），沿x轴正方向运动直至速度为零的过程中（）

A.电场的电势越来越低，电场强度越来越小B.滑块的加速度先增大后减小C.当滑块的速度最大时，弹簧弹性势能与滑块动能之和最大D.滑块克服弹力做的功等于电势能的减少量11、如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源内电阻；以下说法中正确的是（）

A.当R2=R1＋r时，R2获得最大功率B.当R1=R2＋r时，R1获得最大功率C.当R2=0时，R1获得最大功率D.当R2=0时，电源的输出功率最大12、如图所示为某一电源的曲线；由图可知（）

A.电源电动势为2VB.电源内电阻为ΩC.电源内阻为ΩD.路端电压为1V时，电路中电流为5A评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、如图所示，一个α粒子（氦核）在电势差为U1=100V的电场中由静止开始加速运动，然后射入电势差为U2=10V的两块平行板的偏转电场中，偏转电场极板长L=20cm，间距d=5cm．若α粒子能飞离平行板区（重力可忽略），则α粒子刚进入偏转电场时的动能为________eV,飞离偏转电场时的偏移量y=_____________m．

14、感应起电：当一个带电体靠近导体时，由于电荷间相互吸引或排斥，导体中的自由电荷便会趋向或____________带电体，使导体靠近带电体的一端带____________电荷，远离带电体的一端带____________电荷，这种现象叫作静电感应。利用____________使金属导体带电的过程叫作感应起电。15、智能手机有自动调节屏幕亮度的功能，光照强度变大时屏幕变亮，反之变暗。图中电路元件R1、R2中一个为定值电阻，另一个为光敏电阻（其有“阻值随光照强度的减小而增大”这一特性）。该电路可实现“有光照射光敏电阻时小灯泡变亮，反之变暗”这一功能。分析可得：光敏电阻应为_______（选填“R1”或“R2”），理由是：_______。

16、尖端放电和静电屏蔽。

（1）电离：导体尖端的电荷密度很大，附近的电场强度___________，空气中的带电粒子剧烈运动，使空气分子被撞“散”而使正、负电荷___________的现象。

（2）尖端放电：导体尖端的强电场使附近的空气电离，电离后的异种离子与尖端的电荷___________；相当于导体从尖端失去电荷的现象。

（3）静电屏蔽：静电平衡时，导体壳内空腔里的电场___________；外电场对壳内不会产生影响。

（4）尖端放电和静电屏蔽的应用；防止。

a.尖端放电。

①应用：___________是利用尖端放电避免雷击的一种设施。

②防止：高压设备中导体的表面尽量___________；减少电能的损失。

b.静电屏蔽的应用。

①电学仪器和电子设备外面会有金属罩；通讯电缆外面包一层铅皮，可以防止外电场的干扰。

②电工进行高压带电作业时，穿戴金属丝网制成的衣、帽、手套、鞋子，可以对人体起到静电屏蔽作用，使人安全作业。17、如图所示为密立根油滴实验示意图。实验中要设法使带负电的油滴悬浮在电场之中。若在实验中观察到某一个带负电的油滴向下加速运动。在该油滴向下运动的过程中，电场力________（填“做正功”、“做负功”或“不做功”），重力势能的减少量___________动能的增加量。（填“大于”；“小于”或“等于”）

18、某学生在测量均匀圆柱体的电阻率的实验中，用20分度的游标卡尺测量其长度，由图甲可知其长度为______________cm；用螺旋测微器测量其直径，由图乙可知其直径为_________________mm；用多用电表的电阻“×100”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为_____________Ω。

19、路端电压U与电流I的关系：

（1）路端电压U与电流I的函数关系式：U=_______。

（2）图像：如图所示，该直线与纵轴交点的纵坐标表示_______，斜率的绝对值表示电源的_______。

20、探究感应电流方向的实验中；要用到灵敏电流计，条形磁铁，螺线管，已知若电流从正接线柱流入时，指针将偏向正接线柱的一侧，则：

（1）甲图中螺线管的感应电流的磁场方向是______（请填“向上”或“向下”）

（2）乙图中磁铁在螺线管中产生的磁场方向是______（请填“向上”或“向下”）

（3）图丙中螺线管中的磁通量正在______（请填“增大”或“减小”）

（4）图丁中螺线管的绕向为（从上往下看，按电流流经方向）______（请填“顺时针”或“逆时针”）

21、如图所示，平行板电容器板间距离d=20cm，与一个直流电源连接，电源电压为10V，N板接地，取大地电势为零.两板间有一点P，P点距上极板M10cm，把K闭合给电容器充电，然后再断开，P点场强大小为_________，电势为_________，若把N板向下移动20cm，则P点场强大小为__________，电势为_________.

评卷人得分四、实验题(共4题，共24分)22、在实验过程中；对原理的分析和理解与实验的操作同样十分重要。

关于多用电表欧姆挡的原理和操作有以下介绍和讨论：它的内部结构可等效为图甲所示电路，其中表头是量程为100μA的电流表，电池的电动势E=1.5V。

（1）在使用欧姆表测电阻前，应进行欧姆调零，操作方法是________________，通过电路分析可知图甲中表笔1应是___________（填“红”或“黑”）表笔；

（2）经计算可知表盘上30μA刻度线对应的电阻刻度值是__________

（3）我们根据电流表的工作特点进行分析，用调整好的欧姆表测阻值为R的电阻时，通过表头的电流为I，表针相对于表盘左侧转过的角度为则图乙所示图像可能正确描述I或R与θ关系的是______________。

23、某实验小组欲制作一个两挡位（“×1”“×10”）的欧姆表；使用的实验器材如下：

A．电流表G（满偏电流内阻）；

B．定值电阻

C．定值电阻

D．滑动变阻器（最大阻值为1000Ω）；

E．电源（电动势为9V）；

F．单刀双挪开关S；

G．红；黑表笔及导线若干。

其内部结构如图所示；回答下列问题：

（1）图中A接____（填“红”或“黑”）表笔；

（2）将单刀双掷开关S与1接通时，欧姆表的挡位为_______（填“×1”或“×10”）；

（3）现用该欧姆表测量一未知电阻选用“×10”挡位并欧姆调零后，将电阻接在A、B之间，发现电流表几乎满偏，断开电路并将“×10”挡位换成“×1”挡位，再次欧姆调零时，滑动变阻器的滑片_______（填“向上”或“向下”）移动，使电流表满偏，再次将电阻接在A、B之间，稳定后电流表⑥的指针对准刻度盘上的0.6mA处，则未知电阻=_______Ω。24、正确读数为______。

25、读数：

小量程：_____、________、_______、_____

大量程：____、_____、_______、________评卷人得分五、解答题(共2题，共6分)26、如图所示，是一条长的绝缘水平轨道，固定在离水平地面高处，A、B为水平轨道的端点，M为其中点，轨道处在电场强度方向竖直向上、大小的匀强电场中．一质量m=0.1kg、电荷量带正电的滑块（可视为质点）以初速度在轨道上自A点开始向右运动，经M点进入电场，从B点离开电场。已知滑块与轨道间的动摩擦因数取重力加速度求滑块。

(1)到达M点时的速度大小；

(2)从M点运动到B点所用的时间；

(3)刚落地时的速度方向与水平方向的夹角。

27、如图所示，质量为M的靶盒A（可视为质点）带正电，电荷量为q，开始时靶盒A静止在光滑水平导轨上的O点。在O点右侧有与水平导轨平行的匀强电场区，电场强度大小为E，方向水平向左。在O点左侧P点处有一固定的发射器B，每次可水平向右发射一颗速度为质量为m的子弹，子弹打入靶盒A后留在盒内，与靶盒一起运动，撞击时间极短，靶盒带电量始终不变。若每当靶盒停在或到达O点左侧时；就有一颗子弹打入靶盒内。求：

（1）第1颗子弹打入靶盒后瞬间；靶盒的速度大小；

（2）第1颗子弹打入靶盒的过程；子弹和靶盒组成的系统损失的动能是多少；

（3）当第1颗子弹打入靶盒后，靶盒离开O点到再次回到O点所用的时间；

（4）当第9颗子弹打入靶盒后，靶盒离开O点的最大距离。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【详解】

AB．电容C与电阻R1、R2并联，其电压等于电源的路端电压，当滑动变阻器滑动触头P由a滑向b的过程中，变阻器的电阻增大，总电阻增大，总电流减小，路端电压增大，根据可知，电容器的电荷量增加，电容器充电，通过R3的电流方向由右向左；故AB项错误；

C．因电路电流减小，故则R1两端电压减小，即因路端电压增大，则R2两端电压增大，即故C项错误；

D．将R1等效为电源内阻，则可视为等效电源的路段电压，根据U—I图像的斜率关系可得

故D项正确。

故选D。2、C【分析】【详解】

A．从图像可知在x=0处的电势能大于零，故在此处应有一负电荷，并且由电势能的变化可知，电荷不可能在O点的右侧，所以在O点的电荷是A；故A错误；

BC．在x=x0处电势能最小，此处应为平衡位置，且Ep-x图像的斜率表示电场力，即x=x0处电场力为零，则电场强度等于零；所以B应为正电荷，电荷量为+9Q，设B的横坐标为x，则有

解得

故B错误；故C正确；

D．在x轴上x>x0的区域，试探电荷-q沿x轴从+∞向坐标原点O运动，其电势能Ep随x的减小而减小；可知电场力做正功，根据负电荷所受电场力方向与电场方向相反，则电场方向向右，故D错误。

故选C。3、A【分析】【分析】

【详解】

设其中一个小球的电荷量为q，则另一个小球的电荷量为则两个小球间的静电力为

当时，即

F有最大值为

故A正确；BCD错误。

故选A。4、B【分析】【详解】

接触后两球将电量平分，即

再由库仑定律，得

故B正确；ACD错误；

故选B。5、C【分析】【详解】

A．电场线密集处；电场强度大，但是电势不一定高，顺电场线电势逐渐降低，故A错误；

B．电场线的疏密表示电场强度大小；沿电场线，场强未必减小，故B错误；

C．等势面与电场线处处垂直；故C正确；

D．电场强度与电势无直接关系；故D错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

当该电容器两极间的电压为2.75V时，电容器所带的电荷量为

故选C。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．磁通量是穿过线圈的磁感线的多少；而磁感应强度是描述磁场的强弱，两者不是相同的概念，故A错误；

B．根据。

Φ=BSsinα磁通量越大，磁感应强度不一定大，可能是S大；故B错误；

C．穿过某个面的磁通量为零；此处磁感应强度不一定为零，可能此平面与磁感线平行，故C正确；

D．根据磁通量。

Φ=BSsinα磁通量的变化可能由B、S、α的变化引起；故D错误。

故选C。二、多选题(共5题，共10分)8、C:D【分析】【详解】

A．若改装后的电流表示数比标准表稍小一些；说明流过表头的电流小，可以增大分流电阻使其分流少些，从而增大流过表头的电流使其准确，应该给并联电阻串联一个较小的电阻，A错误；

B．若改装后的电压表示数比标准表稍小一些。说明流过表头的电流小；应该减小串联电阻，或给串联电阻再并联一个较大的电阻，B错误；

C．小量程电流表内阻为给它并联一个电阻R，改装后的电流表量程

得出

C正确；

D．分压式电路电压；电流可以从零开始调节；可以实现对改装电表的逐格校准，D正确。

故选CD。9、A:B:C【分析】【详解】

A．缓慢旋转过程中两轴心之间的距离保持不变，转动时两平行板的垂直距离变小，设转动的角度为α，两轴心的距离为d，两极板间的电势差为U，则转动后的电场强度为

根据匀强电场的场强与电势差和板间距离关系得两板间匀强电场的场强将变大；A正确；

BCD．未转动前，绳子拉力、电场力与小球的重力关系Ty=Tcosθ=mg，

当转动角度为α，小球依然受重力、电场力和拉力，再次沿水平方向和竖直方向正交分解，根据平衡条件得

则电场力水平方向分力不变；即细线水平方向分力不变，竖直方向分力变大，可画出受力分析图。

可知小球静止时细线与竖直方向夹角θ将变小；细线的拉力增大；BC正确，D错误。

故选ABC。10、A:D【分析】【详解】

A．由x轴上的电势随位置x的变化关系图像；可知电场的电势越来越低，由图像的斜率表示电场强度，可知电场强度越来越小，A正确；

B．由题意可知，沿x轴正方向电势降低，即电场方向沿x轴正方向。滑块P沿x轴正方向运动时，受到向右的电场力和向左的弹力，开始两力的合力方向沿x轴正方向，且合力由大变小，当合力是零时，加速度是零，滑块P速度最大，随沿x轴正方向运动位移的增大；电场强度逐渐减小，弹力逐渐增大，其合力方向向左，且逐渐增大，当滑块P速度是零时，弹力最大，因此滑块P的加速度先减小后增大，B错误；

C．由题意可知；滑块P运动中，电势能的减少量等于滑块动能的增加量与弹簧的弹性势能的增加量之和，因此滑块P速度是零时，电势能的减少量最大，则有弹簧弹性势能与滑块动能之和最大，C错误；

D．由以上分析可知；滑块P速度是零时，电势能的减少量最大，且全部转化为弹簧的弹性势能，即为滑块P克服弹力所做的功，D正确。

故选AD。11、A:C【分析】【详解】

A．在讨论R2的电功率时，可将R1视为电源内阻的一部分，即将原电路等效为外电阻R2与电动势为E、内阻为R1＋r的电源（等效电源）连成的闭合电路；如图所示。

R2的电功率是等效电源的输出功率，显然当R2＝R1＋r时，R2获得的电功率最大；A正确；

BC．讨论R1的电功率时，由于R1为定值；根据。

P＝I2R可知电路中电流越大，R1上的电功率就越大；即。

P1＝I2R1所以，当R2＝0时，R1获得的电功率最大；故B错误，C正确；

D．讨论电源的输出功率时，R1＋R2为外电阻，内电阻r恒定，由于题目没有给出R1和r的具体数值，所以当R2＝0时；电源的输出功率不一定最大，故D错误；

故选AC。12、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由闭合电路欧姆定律得知，当时，由图读出故A正确；

BC．电源的内阻

电源短路时电流

故BC错误；

D．当电路路端电压为1.0V时，电路中电流

故D正确。

故选AD。三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]粒子直线运动过程加速，由动能定理可得

解得

[2]再根据动能定理得

又因为粒子进入偏转电场做类平抛运动，水平方向则有

竖直方向有

粒子在偏转电场中，根据牛顿第二定律，可得

联立上式解得【解析】2000.0214、略

【解析】①.远离②.异种③.同种④.静电感应15、略

【分析】【详解】

[1][2]若R1是光敏电阻，则照射R1的光照强度增大时，R1阻值减小，则电路总电阻减小，总电流增大，电源内电压升高，路端电压减小，R2两端电压减小，流过R2的电流减小，流过R1和小灯泡的电流增大，小灯泡的实际功率变大，小灯泡变亮，因此光敏电阻应为R1。【解析】R1见解析16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】很强分离中和处处为零避雷针光滑17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]油滴带负电，受到的电场力向上，与移动方向相反，电场力做负功，由动能定理

可知重力做功大于动能的增加量，则重力势能的减少量大于动能的增加量。【解析】负功大于18、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，故图中所测圆柱体的长度为

[2]螺旋测微器的读数为固定刻度与可动刻度之和，故图中所测圆柱体的直径为

[3]欧姆表的读数为指针的读数与倍率的乘积，故所测电阻的阻值为【解析】5.0252.7001.9×10319、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]路端电压U与电流I的函数关系式

（2）[2][3]图像：如图所示，该直线与纵轴交点的纵坐标表示电动势，斜率的绝对值表示电源的内阻。【解析】①.②.电动势③.内阻20、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]依题意；若电流从正接线柱流入时，指针将偏向正接线柱的一侧，而甲图中电流从正接线柱流入电流计，根据安培定则，感应电流产生的磁场方向向上；

(2)[2]图中电流从负接线柱流入电流计；根据安培定则，感应电流产生的磁场方向向下，磁铁向上运动，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律则原磁场方向向下；

(3)[3]图中电流从正接线柱流入电流计；根据安培定则，感应电流的磁场方向向上，原磁场方向向上，根据楞次定律可知，磁通量减小；

(4)[4]磁铁N极向上运动，穿过线圈的磁通量减小，原磁场方向向下，根据楞次定律，感应磁场向下，而感应电流从正接线柱流入电流计，因此其方向俯视为顺时针方向。【解析】向上向下减小顺时针21、略

【分析】【详解】

(1)电容器接电源充电后U=10V，根据匀强电场的场强公式因P点距N板10cm，且N板电势为零，则

(2)若把N板向下移动20cm，而电容器已断开，根据公式可知，电场强度与间距无关，则P点的场强大小为

故

【点睛】

考查匀强电场强度与电势差的关系，掌握求解电势的方法，注意电势与零电势选取有关，而电势差与零电势无关，同时掌握平衡条件的运用，注意电容器断开后，电容器的电量不变，没有断开前，电容器极板电压不变．【解析】50V/m-5V50V/m-15V四、实验题(共4题，共24分)22、略

【分析】【详解】

（1）[1]在使用欧姆表测电阻前；应进行欧姆调零，操作方法是将红表笔和黑表笔短接；

[2]根据电流“红进黑出”；可知表笔1是黑表笔；

（3）[3]当两表笔接短接时，使表头满偏，则欧姆表的总内阻的阻值

当表盘上30μA刻度线对应的电阻刻度值是

[4]由闭合电路欧姆定律得

由于电流表指针偏角θ与电流I成正比，则有

即

外电阻越大，偏角θ越小。

故选AD。【解析】将红表笔和黑表笔短接黑35000AD23、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据电流方向“红入黑出”，可知A接黑表笔；

（2）[2]开关接1时，R0与R1串联后和电流表并联，三者总电阻为

开关接2时，R1与电流表串联后和R0并联，三者总电阻为

欧姆表的倍率大的挡位内阻大；所以将单刀双掷开关S与1接通时，欧姆表的挡位为“×10”。

（3）[3]由“×10”挡位换成“×1”挡位，再次欧姆调零时，即增大电流表中的电流，应减小滑动变阻器接入电路中的阻值；滑片向下，使电流表满偏。

[4]把档位调到“×1”，将两表笔短接欧姆调零后，设欧姆表的内阻为R内，根据电路图，此时电流表满偏，电路的干路电流为根据欧