2025年外研版三年级起点必修一物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版三年级起点必修一物理上册月考试卷251考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、下列说法错误的是（）A.速度变化很大，但加速度可能很小B.速度变化的方向为正，加速度方向可能为负C.速度变化越来越快，加速度一定越来越大D.速度越来越大，加速度可能越来越小2、甲；乙两车经过同一位置时开始计时；其位移—时间图像如图所示，均为四分之一圆周曲线，则下列说法正确的是（）

A.在0～t1时间内，两车的速度都在减小B.在t1～t2时间内，两车之间的距离一直增大C.在t2～t3时间内，乙车在追赶甲车D.在0～t3时间内，两车的平均速度相等3、滑块以某一初速度冲上斜面做匀减速直线运动，到达斜面顶端时的速度为零．已知滑块通过斜面中点时的速度为v，则滑块在前一半路程中的平均速度大小为（）A.B.（+1）vC.vD.v4、甲、乙两车在同一直车道上运动，甲车在前，乙车在后，通过红灯时它们同时开始作减速运动，并安全停车，两车的v﹣t图象如图所示；下列判断正确的是（）

A.t=4s时两车相距最近B.t=6s时两车相距最远C.甲、乙两车加速度大小之比为3：2D.甲、乙两车之间的距离先增大后减小5、汽车在平直路面上刹车，其位移与时间的关系是x=24t－6t2；则它在第3s末的速度大小为。

A.0m/sB.6m/sC.12m/sD.18m/sA.B.C.D.6、如图所示，AC是上端带定滑轮的固定竖直杆，质量不计的轻杆AB一端通过铰链固定在A点，另一端B悬挂一重为G的物体，且B端系有一根轻绳并绕过定滑轮C，用力F拉绳，开始时∠BAC＞现使∠BAC缓慢变小；直到杆AB接近竖直杆AC。此过程中（）

A.轻杆B端所受的力逐渐减小B.轻杆B端所受的力逐渐增大C.拉力F大小不变D.拉力F逐渐减小7、下列关于牛顿第一定律的理解正确的是（）A.牛顿第一定律可以通过实验直接验证B.战斗机作战前抛掉副油箱，是为了增大战斗机的惯性C.在水平地面上滑动的木块速度逐渐减小，所受的摩擦力也逐渐减小D.奔跑的运动员遇到障碍而被绊倒，这是因为他受到外力作用迫使他改变原来的运动状态8、下列说法正确的是（）

①子弹击中目标时的速度属于瞬时速度。

②滑动摩擦力可以是阻力；静摩擦力可以是动力。

③合力可能大于每一个分力；也可能小于每一个分力，还可能大于一个分力而小于另一个分力。

④牛顿第一定律；牛顿第二定律均能用实验验证。

⑤物体在外力作用下做匀加速直线运动，当合外力逐渐减小时，物体的速度逐渐减小。A.①②③B.①②④C.①③④D.③④⑤9、水平桌面上，一滑块在恒定的水平拉力作用下由静止开始运动一段时间后，撤去拉力。从某时刻开始计时，滑块速度随时间变化的v-t图像如图所示。取重力加速度g=10m/s2。不计空气阻力。下列说法正确的是（）

A.滑块在0~15s内的平均速度大小为7.5m/sB.滑块加速与减速阶段的加速度大小之比为1:2C.滑块所受的拉力与摩擦力大小之比为3:2D.滑块与桌面之间的动摩擦因数为0.3评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、甲；乙两物体由同一位置出发沿一直线运动；其速度—时间图象如图所示，下列说法正确的是（）

A.甲做匀速直线运动，乙做匀变速直线运动B.两物体两次相遇的时刻分别是在2s末和6s末C.乙在前2s内做匀加速直线运动，2s后做匀减速直线运动D.2s后，甲、乙两物体的速度方向相反11、如图所示，一质量倾角为的斜面体放在光滑水平地面上，斜面体上有一质量为的光滑楔形物体．用一水平向左的恒力F作用在斜面体上，系统恰好保持相对静止地向左运动．重力加速度为下列判断正确的是（）

A.系统做匀速直线运动B.C.斜面体对楔形物体的作用力大小为D.增大力F，楔形物体将相对斜面体沿斜面向上运动12、物体C置于水平地面上；A；B由轻绳通过固定在C上的光滑定滑轮相连，C的上表面水平，连接B的轻绳水平，整个系统处于静止状态，如图所示。下列说法正确的是（）

A.B与C之间的接触面一定是粗糙的B.B与C之间的接触面可以是光滑的C.C与地面之间的接触面一定是粗糙的D.C与地面之间的接触面可以是光滑的13、2020年11月24日分，我国在文昌航天发射场，使用长征五号遥五运载火箭，将嫦娥五号探测器顺利送入地月转移轨道，“嫦娥五号”从发射到回收至少要经历以下高难度动作：发射→轨道器和着陆器太阳翼展开→地月转移→近月制动→环月飞行→轨道器和着陆器分离→动力下降→月面钻取采样→上升器月面起飞→轨道器和上升器月球轨道交会对接→月球样品由上升器转移至返回器→轨道器和上升器分离→进入地月转移轨道→月地转移，当月球样品由上升器转移至返回器，轨道器和上升器分离完成以后，开动轨道器（质量m）尾部的推进器，使轨道器和返回器（质量M）共同加速，轨道器的平均推力为F，开动时间测出轨道器和返回器的速度变化是下列说法正确的是（）

A.推力F越大，就越大，且与F成正比B.推力F通过轨道器m传递给了返回器M，所以m对M的弹力大小应为FC.返回器的质量M应为D.返回器的质量M应为14、一质点做匀速直线运动，现对其施加一方向不变、大小随时间均匀增加的外力，且原来作用在质点上的力不发生改变。则该质点（）A.速度的方向总是与该外力的方向相同B.加速度的方向总是与该外力的方向相同C.速度的大小随该外力大小增大而增大D.加速度的大小随该外力大小增大而增大15、下列物理量中是矢量的是（）A.位移B.速率C.速度D.路程16、在物理学的探索和发现过程中，科学家们运用了许多研究方法。以下关于物理学的叙述中正确的是（）A.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段可近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法B.借助激光器及平面镜观察桌面的微小形变的实验中，运用了极限思想法C.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了类比的方法D.重心、合力的概念，体现了等效思想评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、如图所示，质量为10kg的物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.15，在向左滑动的过程中，还受到水平向右的大小为10N的力F的作用；则物体所受滑动摩擦力大小为__________N，摩擦力方向________。

18、把一条盘放在地面上的长为L的匀质铁链竖直向上刚好拉直时，它的重心位置升高了________；把一个边长为L的匀质正方体，在水平面上绕bc棱翻倒使对角面AbcD处于竖直方向，如图所示，重心位置升高了________，正方体受到的支持力是因为________发生形变产生的，正方体对地面的压力是________发生形变产生的。

19、如图所示，一木块放在水平面上，在水平方向施加外力F1＝10N，F2＝2N，木块处于静止状态，若撤去外力F1，则木块受到的摩擦力大小为____N，方向____。

20、如图所示,一辆汽车在马路上行驶,t=0时,汽车在十字路口中心的左侧20m处;过了2s,汽车正好到达十字路口的中心;再过3s,汽车行驶到了十字路口中心右侧30m处．如果把这条马路抽象为一条坐标轴x,十字路口中心定为坐标轴的原点,向右为x轴的正方向．

(1).试将汽车在这三个观测时刻的位置的坐标填入表格内．

。t(s)

0

2

5

坐标(m)

__________

__________

__________

(2).前2s内汽车的位移大小________,方向_________;后3s内汽车的位移大小为________,方向__________;整个这5s内的位移大小为__________,方向__________．21、汽车由静止开始做直线运动，先匀加速运动了4s，又匀速运动了10s，最后匀减速运动6s后停止，共行了150m.汽车在这段时间的最大速度为________m/s.22、如图，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行。在斜面体以加速度a水平向右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，已知重力加速度为g，小球受到细线的拉力FT=_______；当斜面体的加速度时，小球受到细线的拉力__________。

23、现有一合金制成的圆柱体．为测量该合金的电阻率，现用伏安法测量圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器和游标卡尺的示数如图（a）和图（b）所示．

（1）由上图读得圆柱体的直径为_________mm，长度为__________cm．

（2）若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端之间的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用D、L、I、U表示的电阻率的关系式为=____________．评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)24、请在图中的物体上作出它所受的弹力示意图。

25、如图所示；物体重为150N，用两根绳子悬挂起来，水平绳子的拉力大小为200N，顶部向上绳子的拉力大小为250N，试画出它们的图示。

26、图中物体处于静止状态，请用力的示意图画出图中小球A所受弹力的情况。

27、小球A的重力为20N；在图甲中画出该重力的图示。

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)28、某小组探究加速度与力、质量的关系，实验装置如图1所示，其中槽码的质量用m表示，小车的质量用M表示。

（1）实验中以下做法正确的是__________。

A.平衡摩擦力时；小车应连上纸带，接通打点计时器电源。

B.平衡摩擦力时；应将槽码用细绳通过定滑轮系在小车上。

C.实验时；小车应在靠近滑轮处释放。

D.调整滑轮的高度；使牵引小车的细绳与长木板平行。

（2）从实验中挑选一条点迹清晰的纸带，每5个点取一个计数点，用刻度尺测量计数点间的距离如图2所示。所用交变电流的频率是50Hz。该小车的加速度a=__________m/s2。

（3）实验小组得到的a-F图线如图3所示，图线未过坐标原点的原因可能是__________；图线末端弯曲的原因是__________。

29、小圆同学用橡皮筋；同种一元硬币、刻度尺、塑料袋、支架等；设计了如图（a）所示的实验装置，测量冰墩墩玩具的质量。主要实验步骤如下：

（1）查找资料，得知每枚硬币的质量为

（2）将硬币以5枚为一组逐次加入塑料袋，测量每次稳定后橡皮筋的长度记录数据如下表：。序号12345硬币数量/枚510152025长度10.5112.0213.5415.0516.56

（3）根据表中数据在图（b）上描点，绘制图线；______

（4）取出全部硬币，把冰墩墩玩具放入塑料袋中，稳定后橡皮筋长度的示数如图（c）所示，此时橡皮筋的长度为______

（5）由上述数据计算得冰墩墩玩具的质量为______（计算结果保留3位有效数字）。30、用图（a）所示的装置测量木板与滑块间的动摩擦因数时，两支柱间距L=80.00cm，打点计时器所用交流电的周期T=0.02s。当垫块高度为h=40.00cm时，获得的纸带如图（b）所示，相邻两点间还有四个点没有画出（取g=10m/s2；结果保留两位小数）。

（1）打下B点时滑块的速度值为______m/s；

（2）滑块的加速度值为______m/s2；

（3）当把垫块的高度调整为48.00cm时，测得滑块的加速度值为4.30m/s2，则滑块与木板之间的动摩擦因数为______。

31、图甲是测定木块和长木板之间的动摩擦因数的装置；图乙是木块运动后打点计时器打出的一段纸带，纸带上计数点的间距如图乙所示，每相邻两点之间还有4个记录点没有画出，打点计时器的工作频率为50Hz。

（1）请充分利用数据，减少误差，计算木块加速度a=________。(结果保留3位有效数字)

（2）已知重力加速度为g，测得木块质量为M，重物质量为m，木块的加速度为a，则木块和长木板间的动摩擦因数的表达式μ=______。

（3）测量的μ值应该比实际动摩擦因数偏______（填“大”或“小”）。评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)32、如图所示，航空母舰上的起飞跑道由长度为=1.6×102m的水平跑道和长度为=20m的倾斜跑道两部分组成．水平跑道与倾斜跑道末端的高度差h=4.0m．一架质量为m=2.0×104kg的飞机，其喷气发动机的推力大小恒为F=1.2×105N，方向与速度方向相同，在运动过程中飞机受到的平均阻力大小为飞机重力的0.1倍．假设航母处于静止状态，飞机质量视为不变并可看成质点，取g=10m/s2．

(1)求飞机在水平跑道运动的时间及到达倾斜跑道末端时的速度大小；

(2)为了使飞机在倾斜跑道的末端达到起飞速度100m/s，外界还需要在整个水平跑道对飞机施加助推力，求助推力F推的大小．33、如图，某雾天能见度低，能看清前方物体的最大距离为50m．A车以速度72km/h匀速行驶，突然发现前方有辆B车，而B车在前以36km/h匀速行驶，A车立即紧急刹车．但A车以此速度在此路面上行驶时要经过40m才能够停下来．问：

(1)A车紧急刹车时的加速度是多大?

(2)若A车紧急刹车时B车仍按原速前进，两车是否会相撞?若会相撞，将在A车刹车后何时相撞?若不会相撞，则两车最近距离是多少?34、质量M＝9kg、长L=1m的木板在动摩擦因数μ1=0.1的水平地面上向右滑行，当速度v0=2m/s时，在木板的右端轻放一质量m=1kg的小物块，如图所示。当小物块刚好滑到木板左端时，物块和木板达到共同速度。取g=10m/s2；求：

（1）从物块放到木板上到它们达到共同速度所用的时间t；

（2）小物块与木板间的摩擦因数μ2；

（3）物块从放上木板到停下来经过的位移。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．物体的速度变化很大；当变化所用时间很长时，加速度很小是可能的，故A正确，不符合题意；

B．根据加速度的定义式。

可知；加速度方向一定与速度变化的方向相同，速度变化的方向为正，加速度方向一定为正，故B错误，符合题意；

C．根据加速度的定义式。

可知；速度变化越来越快，加速度一定越来越大，故C正确，不符合题意；

D．当加速度方向与速度方向相同；有可能存在速度越来越大，而加速度越来越小，故D正确，不符合题意。

故选B。2、D【分析】【分析】

【详解】

A．在位移—时间图像中，图线斜率的绝对值表示速度的大小，故在0～t1时间内；甲车的速度逐渐增大，乙车的速度逐渐减小，A错误；

B．同一时刻两图线纵坐标的差值的绝对值表示此时两车之间的距离，故在t1～t2时间内；两车之间的距离先增大后减小，B错误；

C．由位移—时间图像可知两车均向负方向运动，t2时刻，乙车在甲车前面，故在t2～t3时间内；甲车在追赶乙车，C错误；

D．在0～t3时间内；两车运动的位移和时间均相等，故平均速度相等，D正确。

故选D。3、A【分析】【详解】

设初速度为v0，减速位移为L，由速度位移关系可得：由匀变速直线运动的推论故选A.

【点睛】

匀变速直线运动过程中合理应用速度位移公式和中间位移速度公式可以有效提高解题速度．4、D【分析】【详解】

A．甲车在前，乙车在后，在t=4s前，甲的速度大于乙的速度，故两者间的距离逐渐增大，故t=4s时两车相距最远；A错误；

B．在4-6s内甲的速度小于乙的速度，故两者间的距离逐渐减小，t=6s时两车相距最近；B错误；

C．在v-t图象中，斜率代表加速度，则甲的加速度为：

乙的加速度为

故

C错误；

D．根据AB可知，甲乙间的距离先增大后减小，D正确．5、A【分析】【详解】

将x=24t－6t2与匀变速直线运动的位移时间公式对比可知：汽车的初速度v0=24m/s；加速度a=-12m/s2；由v=v0+at可知；汽车在刹车2s末即静止，所以它在第3s末的速度大小为0.

A.0m/s与分析结果相符；故A正确.

B.6m/s与分析结果不相符；故B错误.

C.12m/s与分析结果不相符；故C错误.

D.18m/s与分析结果不相符；故D错误.6、D【分析】【详解】

以B点为研究对象，分析受力情况，重物的拉力T（等于重物的重力G）、轻杆的支持力N和绳子的拉力F；作出力图如图。

由平衡条件得知，N和F的合力与T大小相等，方向相反，根据三角形相似可得

又T=G，解得

使∠BAC缓慢变小时，AC、AB保持不变，CB变小，则N保持不变，F变小。

故选D。7、D【分析】【详解】

A．牛顿第一定律是牛顿在前人实验的基础上；根据逻辑推理得出的，是不能用实验直接验证的，A错误；

B．战斗机作战前抛掉副油箱；是为了减小战斗机的惯性，B错误；

C．在水平地面上滑动的木块速度逐渐减小；但是仍然在滑动，所受的滑动摩擦力保持不变，C错误；

D．牛顿第一定律揭示了力和运动的关系；力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动状态的原因，奔跑的运动员遇到障碍而被绊倒，这是因为他受到外力作用迫使他改变原来的运动状态，D正确。

故选D。8、A【分析】【详解】

ABCD．①瞬时速度是对应着某一时刻或者是一个位置；子弹击中目标时的速度属于瞬时速度。②擦黑板时，黑板和板擦之间是滑动摩擦力，对于板擦滑动摩擦力起到了阻力作用，人走路是静摩擦力，这个静摩擦力对人起到了动力作用。③根据合力与分力满足平行四边形定则，合力是四边形的两个边所夹的对角线的长度，根据三角形三边关系，对角线长可以大于也可以等于或者小于边长，则合力可能大于每一个分力，也可能小于每一个分力，还可能大于一个分力而小于另一个分力。④牛顿第一定律是一个理想的情况，不能用实验去验证，而牛顿第二定律可以用实验去验证。⑤当物体的加速度的方向和速度方向同向时，物体就做加速运动，物体在外力作用下做匀加速直线运动，说明加速度方向和速度是同向，当合外力逐渐减小时，只能说明加速度在减小，但是加速度方向并没变化，所以速度在增大。BCD错误A正确。

故选A。9、D【分析】【详解】

A．v-t图像与t轴所围的面积表示位移，所以滑块在0~15s内的位移大小为

平均速度大小为

故A错误；

B．v-t图像的斜率表示加速度，所以滑块加速与减速阶段的加速度大小分别为

所以

故B错误；

CD．根据牛顿第二定律有

解得

故C错误；D正确。

故选D。二、多选题(共7题，共14分)10、B:C【分析】【分析】

【详解】

由速度—时间图象可以看出甲一直做匀速直线运动，乙在前2s内做匀加速直线运动，2s后做匀减速直线运动，整个过程不是匀变速直线运动，A错误，C正确；2s后，甲、乙两物体的速度方向均沿正方向，D错误；由于甲、乙两物体由同一位置出发沿一直线运动，2s末和6s末位移（对应图像的面积）相等，两者相遇，所以，两次相遇的时刻分别是在2s末和6s末，B正确．11、B:D【分析】【详解】

AB．对整体受力分析如图甲所示，由牛顿第二定律有

对楔形物体受力分析如图乙所示．由牛顿第二定律有

可得

故A错误；B正确；

C．斜面体对楔形物体的作用力

故C错误；

D．外力F增大；则斜面体加速度增大，斜面体对楔形物体的支持力也增大，则支持力在竖直方向的分力大于重力，有向上的加速度，所以楔形物体将会相对斜面体沿斜面上滑，故D正确．

12、A:D【分析】【详解】

AB．B受到C对它向右的静摩擦力作用，故B、C之间一定是粗糙的；选项A正确，B错误；

CD．整体考虑，系统无运动趋势，C与地面间无摩擦力作用，故不能确定C与地面间粗糙与否；选项C错误，D正确。

故选AD。13、A:C【分析】【详解】

A．轨道器的平均推力为F，整体加速度越大，就越大，根据牛顿第二定律

且与F成正比；故A正确；

B．m对M的弹力大小

故B错误；

CD．根据

可知，返回器的质量M应为故C正确，D错误。

故选AC。14、B:D【分析】【详解】

A．速度的方向不一定与该外力的方向相同；选项A错误；

B．该外力的方向就是合外力的方向；则加速度的方向总是与该外力的方向相同，选项B正确；

CD．该外力增大；则合外力增大，加速度变大，而速度的大小不一定随该外力大小增大而增大，选项C错误，D正确；

故选BD。15、A:C【分析】【详解】

位移和速度是矢量；速率和路程是标量。

故选AC。16、A:D【分析】【详解】

A．在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程等分成很多小段，每一小段可近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法，故A正确；

B．借助激光器及平面镜观察桌面的微小形变的实验中；运用的是微小形变放大法，故B错误；

C．在探究加速度；力和质量三者之间的关系时；先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了控制变量法，故C错误；

D．物体各部分都受到重力的作用；从作用效果上来说，可以认为与作用在物体上一点的作用效果是一样的，这一点就叫做重心，使用的是等效替代法，合力是一个力，如果它的作用效果与几个力共同作用时产生的效果相同，那么这个力就叫做这几个力的合力，采用的是等效替代法，故D正确。

故选AD。三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]滑动摩擦力的大小取决与动摩擦因数及正压力的乘积；与拉力无关，故滑动摩擦力的公式为。

f=μN而此时由于地面为水平面；则此时物体对水平面的压力大小等于物体自身重力的大小，即。

N=mg代入数据得。

f=μN=μmg=0.15×10×10N=15N[2]由于物块向左滑动，与地面之间存在相对运动，且接触面粗糙，并且物块与地面之间存在压力，则此时物块与地面之间的摩擦力为滑动摩擦力，而滑动摩擦力的方向与相对运动的方向相反，故摩擦力方向水平向右；【解析】15水平向右18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】L地面正方体19、略

【分析】【详解】

[1][2]当木块受外力F1＝10N，F2＝2N时，木块处于静止状态，可知，地面给木块的最大静摩擦力

撤去外力F1，由于则木块将保持静止，由平衡条件可知，此时木块受到的摩擦力为方向水平向右【解析】2N水平向右20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2][3]．马路演化为坐标轴，因为向右为x轴的正方向，所以在坐标轴上原点左侧的点的坐标为负值，原点右侧的点的坐标为正值，即：x1=-20m，x2=0，x3=30m．

（2）[4][5]．前2s内的位移。

△x1=x2-x1=0-（-20m）=20m方向向右；

[6][7]．后3s内的位移。

△x2=x3-x2=30m-0=30m方向向右；

[8][9]．这5s内的位移。

△x=x3-x1=30m-（-20m）=50m方向向右.

【点睛】

解决本题的关键知道上述位移△x1、△x2和△x都是矢量，大小分别为20m、30m和50m，方向都向右，即与x轴正方向相同．【解析】-20；0；30；20；向右；30m；向右；50m；向右21、略

【分析】【分析】

由题中“汽车由静止开始做直线运动”可知，本题考查v-t图像；根据图像面积表示位移可以进行求解。

【详解】

[1]根据题意可得v-t图。

图形面积即为物体的位移，因此最大速度即为图像中的高，根据面积可计算出最大速度为10m/s。【解析】1022、略

【分析】【分析】

本题考查运用牛顿第二定律受力分析以及连接体的临界问题。

【详解】

[1]小球不离开斜面，对小球受力分析，因小球有加速度，向水平竖直方向建系

解得

[2]加速度超过一定值时，小球离开斜面，分析临界状态，支持力为零，此时有

可得

因为

所以小球离开斜面，记此时绳与水平方向夹角为重新受力分析

解得【解析】23、略

【分析】【详解】

（1）[1]螺旋测微器的读数为

（1.842~1.846范围内的均给分）；

[2]游标卡尺的读数为

（2）[3]圆柱体的横截面积为由电阻定律和欧姆定律可知，【解析】1.8444.240四、作图题(共4题，共32分)24、略

【分析】【详解】

受力分析如图。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

取0.5cm表示50N；则重力和两根绳子拉力的图示如图所示。

【解析】26、略

【分析】【详解】

小球A所受弹力如下图所示。

【解析】见解析27、略

【分析】【分析】

【详解】

因为小球是规则物体；故重心在小球的几何中心，所以过球心作竖直向下的力即为小球受到的重力，标度取1cm为10N，小球A的重力为20N，则画2个标度，如图所示。

【解析】五、实验题(共4题，共36分)28、略

【分析】【详解】

（1）[1]AB.平衡摩擦力时；应不挂槽码，让小车连上纸带，接通打点计时器电源，选项A正确，B错误；

C.实验时；小车应从远离滑轮处，靠近打点计时器的位置释放，选项C错误；

D.调整滑轮的高度；使牵引小车的细绳与长木板平行，选项D正确。

故选AD。

（2）[2]每5个点取一个计数点，则T=0.1s，小车的加速度

（3）[3][4]由图像可知，当F达到一定值时小车才有加速度，可知图线未过坐标原点的原因可能是未平衡摩擦力或者平衡摩擦力不够，木板抬的过低；图线末端弯曲的原因是没有满足槽码的质量远小于小车的质量，即没有满足m远小于M。【解析】AD0.51未平衡摩擦力或者平衡摩擦力不够没有满足m远小于M29、略

【分析】【详解】

（3）[1]根据表格标点连线如图。

（4）[2]由图可知刻度尺的分度值为1mm，故读数

（5）[3]设橡皮筋的劲度系数为k，原长为x0，则

则橡皮筋的劲度系数为k

从作的l-n图线读取数据则可得

设冰墩墩的质量为m1，则有

可得【解析】见解析15.3512730、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]打下B点时滑块的速度值为。

（2）[2]滑块的加速度值为。

（3）[3]根据牛顿第二定律可知。

即。

因为L=80.00cm，当h=40.00cm时θ=30°；则。

当把垫块的高度调整为h=48.00cm时，则θ=37°，测得滑块的加速度值为4.30m/s2；则滑块与木板之间的动摩擦因数为。

取两次求得的平均值可知滑块与木板之间的动摩擦因数为0.21。【解析】0.963.200.2131、略